47 UE egz 06 2012 FIR dz zad


dr Tadeusz Janaszak (Wrocław tel. 601 566200) EGZAMINY NA UNIWERSYTECIE EKONOMICZNYM WE WROCŁAWIU Odcinek 10 (47); dalszy ciąg cyklu odcinków poświęconych omawianiu zadań z wymienionego w tytule egzaminu. Drogą mailową można nadsyłać pytania, zadania, problemy. Zapraszam na konsultacje.

EGZAMIN; FIR STUDIA DZIENNE

4 CZERWCA 2012

ZADANIA 3 i 4

0x08 graphic

W tym odcinku omawiamy pojęcie jądra przekształcenia liniowego i jego wymiaru; dane one są w konkretnym zadaniu. Odcinek ten mogą czytać studenci, którzy chcą zdobyć kilka informacji o jądrze przekształcenia liniowego rzędzie przekształcenia i defekcie przekształcenia. Będzie również mowa o wektorach własnych przekształcenia liniowego. Kolejne zadanie dotyczy standardowych granic funkcji.

Zadanie 3. Podać przykład dowolnego przekształcenia liniowego 0x01 graphic
takiego, że 0x01 graphic
(wymiar jądra równy 3). Dla przekształcenia tego obliczyć 0x01 graphic
i 0x01 graphic
.

Zaczniemy od komentarza. Zadanie to wykazało, jak wielka jest mizeria, jeśli chodzi o znajomość pojęć teoretycznych wśród studentów; owszem potrafią oni rozwiązywać nawet skomplikowane zadania rachunkowe, z chwilą jednak, gdy pojawia się jakieś pojęcie teoretyczne, rozkładają ręce; a przecież pojęcia teoretyczne, to istota matematyki. Można z tego wyciągnąć wniosek, studenci nie umieją matematyki, tylko rachunki. Trzeba przyznać, że znajomość matematyki jest w ogóle umiejętnością rzadką, rzadszą, niżby się mogło wydawać. Uwaga ta nie tyczy tylko studentów, lecz znacznie szerszego kręgu osób. Autor odcinków nie jest w tym spostrzeżeniu oryginalny, znacznie wcześniej, bo już w dwudziestych latach poprzedniego wieku podobne słowa napisał śp. prof. Hugo Steinhaus - zob. Czem jest, a czem nie jest matematyka.

Wyjaśnienie pierwsze

Wymiar jądra jest często nazywany w algebrze liniowej defektem przekształcenia. Jest znane twierdzenie, że defekt przekształcenia plus rząd przekształcenia dają w sumie wymiar przestrzeni argumentów. W zadaniu podano, że defekt przekształcenia jest równy trzy, więc rząd przekształcenia musi być równy zero. Oznacza to, że jedynym przekształceniem spełniającym warunki zadania jest przekształcenie, zerowe, to znaczy takie, które każdemu wektorowi z przestrzeni R3 przyporządkowuje wektor zerowy z tej przestrzeni, stąd 0x01 graphic
oraz 0x01 graphic
.

Wyjaśnienie drugie

Zgodnie z definicją jądro przekształcenia 0x01 graphic
jest zbiorem wszystkich wektorów 0x01 graphic
takich, że 0x01 graphic
; z tego, że wymiar jądra wynosi 3 wynika, że w przestrzeni 0x01 graphic
istnieje baza złożona z trzech wektorów 0x01 graphic
takich, że

  1. 0x01 graphic
    ; 0x01 graphic
    oraz 0x01 graphic
    .

Niech teraz 0x01 graphic
będzie dowolnym wektorem z przestrzeni 0x01 graphic
; ponieważ wektory 0x01 graphic
stanowią bazę, więc istnieją dokładnie trzy liczby rzeczywiste α, β, γ takie, że 0x01 graphic
; teraz skorzystamy z faktu, że przekształcenie f jest liniowe i zapiszemy:

  1. 0x01 graphic

z uwagi na równości (1) mamy zależność:

  1. 0x01 graphic
    ;

tak więc dla każdego 0x01 graphic
zachodzi równość 0x01 graphic
; znowu otrzymaliśmy rezultat, że jedynym przekształceniem liniowym spełniającym warunki zadania jest przekształcenie zerowe.

Komentarz do wyjaśnień i treści zadania:

Przeczytajmy uważnie polecenie; nikt nie oczekuje od studenta dowodzenia, że jedynym przekształceniem liniowym spełniającym podane warunki jest przekształcenie zerowe, a jedynie podać przykład takiego przekształcenia; stąd rozwiązanie będzie w dwu linijkach:

Rozwiązanie. Dla każdego 0x01 graphic
definiujemy: 0x01 graphic
, stąd 0x01 graphic
oraz 0x01 graphic
;

to wszystko, co trzeba było zrobić; z tych prac, które sprawdzał autor odcinków tego zadania nikt nawet nie próbował robić, a było ono najprostsze z całego zestawu.

Polecenie b) Wektor 0x01 graphic
jest wektorem własnym przekształcenia liniowego 0x01 graphic
dla wartości własnej 0x01 graphic
oraz 0x01 graphic
(wymiar jądra jest równy 1). Wyznaczyć dwa inne wektory własne tego przekształcenia dla dowolnych (niekoniecznie różnych) wartości własnych. Precyzyjnie uzasadnić odpowiedź.

Rozwiązanie. Z faktu, że wektor 0x01 graphic
jest wektorem własnym dla wartości własnej 0x01 graphic
wynika, iż 0x01 graphic
; z tego, że wymiar jądra jest równy 1 wynika, że istnieje pewien niezerowy wektor 0x01 graphic
taki, że 0x01 graphic
, tak więc 0x01 graphic
jest wartością własna przekształcenia f , lecz z podanych warunków nie można wydedukować, jaki wektor z przestrzeni 0x01 graphic
jest wektorem własnym przynależnym do wartości własnej 0x01 graphic
; z treści zadania nie da się wyznaczyć innych wartości własnych. Jedynymi wektorami, które możemy podać są wektory własne przynależne do wartości własnej 0x01 graphic
. Każdy z nich jest iloczynem dowolnej, różnej od zera liczby rzeczywistej i wektora 0x01 graphic
; skoro w treści zadania było polecenie, aby podać dwa przykłady, można dać np.: 0x01 graphic
oraz 0x01 graphic
.

Zadanie 4 Obliczyć granice funkcji. Ze względów redakcyjnych granicę funkcji każdorazowo będziemy oznaczać literą g.

Polecenie a) 0x01 graphic
; 0x01 graphic
; 0x01 graphic
; 0x01 graphic
; odp. 0x01 graphic
.

Polecenie b)

0x01 graphic
; 0x01 graphic
; 0x01 graphic
; 0x01 graphic
;

po tych prostych przekształceniach skorzystamy z twierdzenia z analizy matematycznej, które głosi, że dla każdej liczby rzeczywistej p zachodzi równość:

0x08 graphic

  1. 0x01 graphic

wykorzystując pomarańczową ramkę i fakt, że granica ilorazu równa się ilorazowi granic oraz, że podnoszenie do sześcianu jest funkcją ciągłą dostajemy:

0x01 graphic
; odp. 0x01 graphic
.

Polecenie c)

0x01 graphic
;

licznik wyrażenia pod znakiem granicy zmierza do 2, natomiast mianownik do zera; wartość bezwzględna wyrażenia zmierza zatem do nieskończoności; należy liczyć granice jednostronne W pobliżu minus dwójki licznik przyjmuje wartości dodatnie, więc o znaku całego wyrażenia decyduje mianownik; wykres funkcji 0x01 graphic
wygląda tak:

0x08 graphic

Z rys. 1 wynika, że na lewo od minus dwójki wartości mianownika są dodatnie, a na prawo ujemne; wykorzystując te dane możemy zapisać odpowiedź:

0x01 graphic
oraz 0x01 graphic
.

Komentarz. Polecenie brzmiało obliczyć granice , w odpowiedzi należy zaznaczyć, że granica nie istnieje, gdyż granice jednostronne są różne.

Polecenie d) 0x01 graphic
; 0x01 graphic
; 0x01 graphic
; 0x01 graphic
; odp. 0x01 graphic
.

Polecenie e) 0x01 graphic
; 0x01 graphic
; 0x01 graphic
; 0x01 graphic
; po wykorzystaniu wzoru (4) w ramce dajemy odpowiedź 0x01 graphic
;

odpowiedź: 0x01 graphic
, czyli 0x01 graphic
.

Polecenie f) 0x01 graphic
; w tym przypadku mamy do czynienia z nieoznaczonością typu zero nad zero. Najprostszym środkiem prowadzącym do rozwiązania będzie użycie reguły d'Hospitala. Nie będziemy w pełni przywoływać tego pięknego twierdzenia z analizy matematycznej, powiemy tylko, że przechodzimy na granicę pochodnych:

  1. 0x01 graphic

i to jest prawidłowa odpowiedź.

Komentarz. Gdyby w liczniku polecenia c zamiast plus jedynki stała minus jedynka, wówczas tamten przykład rozwiązywalibyśmy tak, jak polecenie f :

  1. 0x01 graphic
    .

Koniec odcinka.

1

x

y

2

-2

-16

Rys. 1.

Wykres funkcji

y = x4 - 16

+

-



Wyszukiwarka

Podobne podstrony:
45 UE egz 06 2012 FIR dz zad 1 układ równ Gauss
10 UE egz maj 2012 NE dz zad
KOLOKWIUM Stanisław Barczak 8.06.2010r. (również 2012), FIR UE Katowice, SEMESTR IV, Ekonometria
2) wykład 09.10.2012, FiR UE KATO, licencjat, SEMESTR 5
55 UE FIR L3 zad 1 4 ALGEBRA operatory, jądro, różnowartościowość
Tematy egz na19 06 2012
58 UE FIR L4 zad 7 ALGEBRA równania macierzowe
57 UE FIR L4 zad 1 6b ALGEBRA rachunki na macierzach
53 UE FIR L2 zad 1 4 ALGEBRA liniowa zależność wektorów
56 UE FIR L3 zad 5 7b ALGEBRA przestrzenie izomorficzne
54 UE FIR L2 zad 5 7 ALGEBRA lin niezależność, baza
Higiena pyt egz ! 06 2010
Uroczystość Najświętszego Serca Jezusowego 06 2012
Informatyka 05 06 2012
Budownictwo opracowane pytania na egz z wykładów (2012)
31 05 2012 10 09 2012 1 06 2012
Elektra13.06.2012, SiMR, EiE
5 06 2012 Egzamin z fizjo

więcej podobnych podstron