1. Które z poniższych sformułowań jest prawdziwe dla kolistego dwuniciowego DNA charakteryzującego pewną bakterię, w przypadku którego określona metodami chemicznymi zawartość adeniny wynosi 21 %

c) zaw. Guaniny wynosi 29 %

2. Która sekwencja zdań jest prawdziwa w momencie przeniesienia E.Coli z pożywki z glukozą na pożywkę zawierającą inny cukier jako jedyne źródło węgla?

c) w komórce wzrasta poziom cAMP, który wiąże się do CAM, a kompleks CAP-AMP wiążąc się z DNA aktywuje transkrypcję

3. Która z poniższych zmian w sekwencji może z największym prawdopodobieństwem spowodować mutacje typu utraty funkcji?

d) insercja jednego nukleotydu w części 5' końcowej regionu kodujacego

4. W pewnej komórce bakterii doszło do mutacji w genie kodującym syntetazę aminoacylo-tRNA, w wyniku której wszystkie cząsteczki tRNA-ser są `ładowane' na ramieniu akceptorowym alaniną. Który z poniższych scenariuszy najlepiej opisuje skutki mutacji?

d) białka syntetyzowane z udziałem tych tRNA będą zawierały alaniny w pozycjach odpowiadających kodonom seryny

5, Która z poniższych cząsteczek DNA będzie służyć jako matryca do syntezy DNA in vitro poprzez polimerazę DNA I - E.coli?

c) jednoniciowa, kolista cząsteczka sparowana na krótkim odcinku z liniowym oligonukleotydem grupą hydroksylową przy węglu 3' deoksyrybozy

6. Masz do wyboru następujące parametry:

1 - regulacja glukozowa

2- regulacja pozytywna indukowana

3 - regulacja negatywna reprymowalna

4- regulacja negatywna indukowana

5- atenuacja

6- regulacja pozytywna reprymowalna

Które z tych parametrów składjaą się na regulację syntezy tryptofanu u E.coli?

d) 3,5

7. które z poniższych sformułowań....

b) wiąże się z represorem uniemożliwiając przyłączenie się z...

8. Gen markerowy X E.coli koduje enzym uczestniczący w biosyntezie związki A. Gen ten znajduje się w supresorze regulowanym negatywnie przez represor w połączeniu z korepresowem, który jest zw. A . Jaki efekt będzie miała mutacja w wyniku której białko regulacyjne utraci powinowactwo do korepresora i czy będzie to mutacja dominujące czy recesywna?

1. białko X będzie syntetyzowane konstytutywnie. Mutacja recesywna

9. Jakiego efektu spodziewamy się w przypadku delecji sekwencji GCGCCGACCGCGCTTTTI która zaszła w pewnym genie bakteryjnym ok. 20-30 nukleotydów poniżej kodonu STOP?

d) brak terminacji transkrypcji, powstałe białko będzie prawidłowe

10. Przeprowadzono testy wzrostowe szczepu E. Coli o fenotypie mal - thr - ile - .który zestaw wyników testów wzrostowych ( + wzrost/ - brak wzrostu) jest prawdziwy dla następujących pożywek:

1. Mg z glukozą i tiaminą

2. Mg z maltozeitiaminą (?) , izoleucyną

3. Mg z glukozą, tiamina, izoleucyna

4. Mg z glukoza i izoleucyna

5. Mg z glukoza i maltoza

2. 1 - ; 2-, 3 +; 4-; 5 -

11. Mutacja, której skutkiem jest supresja mutacji typu nonsens zachodzi w :

3. sekwencji kodującej cząst. TRNA

12. Skrzyżowano dwa szczepu Drosophili melanogaster. Mutanta ( + w) o oczach brązowych z mutantem (st) o oczach szkarłatnych Geny + w i st są niesprzężne. W F1 wszystkie muchy miały dziką barwę oka. W F2 można oczekiwać następujacego wyniku:

b) 1/ 16 potomstwa będzie miała białe oczy

13. Na podanej poniżej sekwencji genu podkreślono pierwszy transkrybowany nukleotyd (A)

GCAATTGCATTGACCATAACCTGTTCCATG... 61bp... TAGTAAGATGA

Kodonem start otwartej ramki odczytu (podkreślony) znajduje się w pozycji:

b) od + 11 do + 13

14. Jeżeli otwarta ramka odczytu omawiana wyżej koduje peptyd o długości ponad 20 aa, a możliwymi kodonami STOP są np. UAA, UAG, UGA , to rolę kodonu stop dla tej ramki pełni trójka:

4. TGA

15. Otrzymano samicę Drosophipa heterosygotyczną pod względem sprzężonych z płcią genów. Mutacja y jest recesywna i powoduje wystąpienie żółtej barwy ciała. Mutacja v jest recesywna i powoduje że oczy mają jasnoczerwony kolor. Odległość genów y i w = 20 j.m. W jaki sposób stwierdzić czy układ alleli zmutowanych u tej heterozygoty jest cis czy trans? Zaznacz doświadczenie

b) skrzyżować z samcem yv, jeżeli 40 % całego potomstwa będą stanowić muchy dzikie , to była to heterozygota w układzie cis.

16. Do badania ekspresji genów stosuje się:

1. odwrotną transkrypcję i PCR

2. geny reporterowe

3. analizę Southern

4. wszystko

17. Które z poniższych stwierdzeń jest fałszywe w przypadku cechy dominującej, sprzężonej z płcią

1. wszyscy synowie chorych kobiet są chorzy

18. Chcesz sklonować gen kodujący SSrRNA z A. Nidulans. Jaką strategię klonowania zastosujesz?

1. transformacja dzikiego szczepu E.coli bankiem genomowym z A. Nidulans, poszukiwanie pożądanej kolonii metodą hybrydyzacji kolonijnej przy użyciu wyznakowanego SSRNA

19. Metody Northern, Southern, Western mają wspólne elementy . jakie?

1. doświadczenie przebiega według schematu ; rozdział preparatu w żelach transfer na membranę wykrywanie badanych cząsteczek związanych z membraną

20. Wskaż zestaw elementów, które posiadają typowy wektor ekspresyjny służący do .... ludzkich w kom. drożdży są...

1. promotor drożdżowy, terminator drożdżowy, ori bakteryjny, drożdżowy marker selekcyjny, bakteryjny marker selekcyjny

21, Wyizolowałeś mutanta drożdży niezdolnego do syntezy lizyny. Mutacja okazała się recesywna. Chcesz ustalić w jakim genie zaszła mutacja. Wskaż właściwy sposób postępowania:

1. transformacja mutanta bankiem genów z dzikiego szczepu i selekcjonujesz który zdolny do syntezy lizyny

21. Para zdrowych klinicznie ludzi ma 3 dzieci: 2 synów i córkę. Jeden z synów i córka chorują na rzadką , jednogenową chorobę dziedziczną - leukodyotrofię. Jaki jest typ dziedziczenia tej choroby.

1. recesywny autosomalny

22. Metody Southern nie możemy zastosować do

1. tkankowo specyficznej ekspresji genu

23. Wskaż prawdziwe stwierdzenie

1. niekomplementarność startera na końcu 3' w reakcji PCR uniemożlwia przeprowadzenie reakcji

24. Polimeraza TAQ używana w reakcji PCR z małą częstotliwością generuje błędy podczas powielania odcinka DNA. Aby sprawdzić, czy drożdżowy gen sklonowany przy użyciu techniki PCR nie zawiera mutacji punktowych należy:

5. zsekwencjonować gen i porównać otrzymaną sekwencję z sekwencją z bazy danych przy użyciu odpowiedniego programu komputerowego np. BLAST

25. Elektroforetyczny rozdział białek pod względem wielkości możliwy jest:

2. ponieważ użyty detergent nadaje białkom ładunek ujemny

26. zazwyczaj przy klonowaniu produktów reakcji PCR do wektora bakteryjnego wykonuje się kolejno:

1. cięcie enzymami restrykcyjnymi; ligację; transformację bakterii

27. Które startery umożliwiają namnożenie się techniką PCR sekwencji:

5' TATCATGATGAGCATTTATTTTACTGCGTTATCGTATTGACGGGGGCTGTTTAAGTACAGTCTGTTTTATAATCTATATTCATTTATATTTTATATTTCTTACCGAGGAAATTGACTCTTAACAGATTTGCTGAAA 3'

2. CATTTATTTTACTGCGTTAT i TCAATTTCTCGGTAAGAAA

28. W celu zbadania funkcji genu niezbędnego do życia.....

3. wszystkie odpowiedzi są prawidłowe

29.

1. genomowy DNA szczura, szczurza linia komórkowa, wektor eukariotyczny. Gen reporterowy

30. W zakupionym banku ludzkiego cDNA przeszukano klonu odpowiadającego genowi A . Po przeprowadzeniu hybrydyzacji kolonijnej z sondą - oligonukleotydem odpowiadającym części 5'- końcowej sekwencji kodującej nie było sygnału na autoradiogramie. Przyczyną tego było

2. w hybrydyzacji przeszkadzały introny

31. Pewne zdrowe małżeństwo ma 4 dzieci: 2 córki i 2 synów. Dwójka z rodzeństwa chłopiec i dziewczynka, chorują na chorobę, która już wcześniej występowała w rodzinach obu małżonków. Dla tej choroby nie zidentyfikowano genu, ale wykorzystano jego sprzężenie z.... polimorficznymi. Wiadomo, że u matki wykrywa się fragmenty polimorficzne 10, 100 bp i 110 bp , a ojca 10 i 100bp a u chorego syna i chorej córki 80 bp, 120 bp i 130 bp. Co można wywnioskować o zdrowych dzieciach jeżeli u syna wykryto fragmenty DNA o wielkości 80 i 100 bp a u córki wykryto polimorfizm 80 bp, 100 bp i 190 bp?

1. nie można udzielić jednoznacznej odpowiedzi.

32. Po cięciu plazmidu enzymami restrykcyjnymi B, S, T i X oraz ich kombinacjami otrzymano w żelu prążki o wielkości : X - 10 kb; T - 10 kb, S - 7 i 3 kb, X/B - 7 i 3 kb, B/S - 7,2 i 1 kb, X/T - 8 i 2 kb; T/S - 4 i 3 kb; S/X - 6, 3 i 1 kb

Jak wyglądały miejsca cięcia względem siebie na obrazie?

2. T, X, S, B, S

33. Jaką techniką.... RNA

3. Nouthern

34. Technikę PCR stosuje się do:

1. wprowadzania miejsc restrykcyjnych

2. mutagenezy

3. amplifikacji wybranego fragmentu DNA

4. wszystko

35. Pan XY (nie wykazujący objawów choroby) ma zdrowych rodziców i brata chorego na fenyloketonurię- autosomalna, recesywna, występująca w populacji europejskiej z częstością 1/ 1000000. Jakie jest ryzyko , że pan XY będzie miał chore dziecko, jeśli jego partnerka jest niespokrewnioną z nim kobietą z tej samej okolicy?

1. 1/ 300

36. podjęto próbę stworzenia banku genomowego A. R w E. Coli. Po ligacji trawionego genomowego DNA z wektorem przeprowadzono transformację bakterii z selekcją na szalce... Wskaż sposób postępowiania umożliwiający określenie jakości banku

5. przeprowadzając jedynie analizę z pt a) ,b) lub c) nie można tego zrobić

37 . Sklonowano cDNA kodujący czynnik transktypcyjny z pomidora (2,5 kb) na plazmidzie bakteryjnym. W obrębie tego fragmentu są dwa miejsca cięcia dla enzymów restrykcyjnych Hic III w odległości 2 kb. Wykonano Southerna całkowitego DNA pomidora... wyznakowanym zrekombinowanym plazmidem. Na autoradiogramie uzyskano 4 prążki odpowiadające fragmentom 1kb, 3,4,5 kb. Obraz taki wynika z:

4. obecności intronów w genie dla czynnika transkrypcyjnego

37. Pewna kobieta ma brata chorego na dystrofię. Wskaż prawdziwe stwierdzenie:

c) jej matka jest nosicielką dystrofii.

38. Otrzymano białko X u drożdży. Badania aktywności na nim wykazały, że hydrolizuje jednoniciowe RNA....

2. jest częścią systemu degradacyjnego RNA w mitochondriach

39. Do PCR potrzebne jest:

3. matrycowy DNA, dwa oligonukleotydy, polimeraza DNA, mieszanina deoksyrybonukleotydów, bufor + Mg2+

40.W przypadku pewnej recesywnej choroby sprzężonej z płcią mutacja powoduje zanik miejsca cięcia .... Małżeństwo zdrowych klinicznie osób ma chorego syna i córkę, nie wykazującej objawów, która spodziewa się dziecka . Jakie jest p-ństwo, że dziecko będzie chorym synem , jeżeli ojciec dziecka to zdrowy mężczyzna ( z rodziny nie obciążonej chorobą) a wyniki diagnostyki dla kobiety w ciąży przy zastosowaniu metody PCR i trawienia produktów PCR enzymem Sma I są następujące: powstają fragmenty wielkości 50, 130, 210 bp?

4. 0,25

40. Mutacja w genie drożdży powoduje niezdolność do wzrostu w 37 C. Dysponujesz dziką kopią tego genu sklonowaną na plazmidzie i znasz jego sekwencję. Jak najprędzej poznać miejsce mutacji?

5. amplifikujesz gen mutanta za pomocą reakcji PCR, klonujesz produkt do wektora bekteryjnego, przeprowadzasz sekwencjonowanie i porównujesz sekwencje.

41. Chcesz przeprowadzić klonowanie... enzymy

1. A, CTAGT, 2- C, CTAGG, 3 - CCTAG,G, 4 - GCT, ACC

5. 1 i 3

42. Który fenotyp szczepu E.coli jest prawidłowy, jeśli szczep ten jest zdolny (+) lub niezdolny (-) do wzrostu na następujacych pożywkach: Mg + glukoza (-), Mg+ arabinoza (-), Mg + maltoza (-) , Mg + glukoza, leucyna i uanamycyna (+). Mg + arabinoza, leucyna (-), Mg + maltoza i leucyna (+)

3. mal + , ara - , leu - , kau R

43. Pewien szczep E. Coli o fenotypie Mal (-) , Lac (+) ... posiada mutacje polegającą na delecji w operatorze operonu laktozowego. Na plazmidzie wprowadzono kopię operonu laktozowego z mutacją typu nonsens w... kodonie ramki odczytu genu lacZ. Jaką barwę będą miały kolonie na podłożach

1. Mg + maltoza + x-gal

2. Mg + maltoza + X-gal + IPTG

3. Mg + glukoza + X- gal

3. niebieskie, niebieskie, białe

44. Otrzymano 3 mutanty : A. Nidulans Pro1, Pro2 , Pro3 wymagające do wzrostu proliny. Mutanty skrzyżowano ze sobą, otrzymano następujące wyniki. Zaznacz prawidową interpretację wyników

Krzyżówka potomstwo

Pro x pro3 pro - 99,997 % pro+ 0,003%

Pro x pro2 74 % 26 %

Pro3 x pro2 76% 24 %

6. mutacje pro1 i pro3 znajdują się w jednym genie a mutacja pro2 jst zlokalizowana w innym genie niesprzężonym

45. Wyizolowano mutanta drożdży w genie Gal Bo . Skutkiem tej mutacji jest brak wiązania glukozy przez białko GAL BO. Zaznacz poprawną odpowiedź:

4. mutant nie będzie rósł na pożywce z galaktozą jako jedynym źródłem węgla ponieważ domena aktywujaca Gal4 jest zablokowana na stałe

46. Skrzyżowano 2 szczepy A. Nidulans y x w

( y - żółta barwa konidiów, w - biała barwa konidiów) otrzymano 25% kolonii o zielonych konidiach (fenotyp dziki) 25 % kolonii o żółtych konidiach , 50 % kolonii o białych konidiach. Zaznacz prawidłową interpretację wynikó.

2. geny y i w kodują enzymy jednego szlaku w biosyntezie barwnika zielonego. Produkt genu w bierze udział we wczęsniejszym etapie syntezy niż produkt genu y. Geny y i w nie są sprzężone

47 Wykonano krzyżówkę szczepu A.nidulans wymagajacego do wzrostu argininy i tryptofanu ze szczepem wymagającym do wzrostu proliny. Badao u dwóch najczęściej występujacych klas potomstwa wzrost na pożywce minimalnej. Jakie jest położenie genów pro, arg, trp?

d) arg, pro, trp

---