Liczbą g nazywamy granicą f przy x dążącym do +∞ jeżeli dla każdego x argumentów (xn) rozbieżnego do +∞ odpowiadającego mu ciąg wartości funkcji (f(xn)) jest zawsze zbieżne do g.
f(x) = g
Jeżeli g jest równe +∞ lub -∞ to mówimy że g jest granicą niewłaściwą.
f (x) = ± ∞ < −(f(xn)) -> rozbieżny ciąg wartości
Przy wyznaczaniu granic funkcji można wykorzystywać wszystkie twierdzenia dotyczące granic ciągów. Jednakże dodatkowo:
$\operatorname{}{(1 + {\frac{1}{x})}^{x} = e}$
$\operatorname{}{\frac{\sin x}{x} = 1}$
$\operatorname{}{\frac{\text{sinkx}}{\text{kx}} = 1}$
$\operatorname{}{\frac{\text{sinkx}}{x} = k}$
Przykłady:
Wyznacz granice funkcji
$\operatorname{}{\frac{2x + {3x}^{2}}{5 - x} = \frac{\frac{2x}{x} + \frac{{3x}^{2}}{x}}{\frac{5}{x} - \frac{x}{x}} = \frac{2 - 3x}{\frac{5}{x} - 1} = \frac{2 + \infty}{0 - 1} = \frac{\infty}{- 1} = - \infty}$
$\operatorname{}{\left( x^{2} + {2x}^{2} - x + 5 \right) = \ x^{3}\left( 1 + \frac{{2x}^{2}}{x^{3}} - \frac{3x}{x^{3}} + \frac{5}{x^{3}} \right) = \ x^{3}\left( 1 + \frac{2}{x} - \frac{1}{x} + \frac{5}{x^{3}} \right) = \ - \infty*1 = - \infty}$
${\operatorname{}{2\frac{x + 3}{2x - 1} = 2}}^{\frac{1}{2}} = \sqrt{2}$
$\operatorname{}{\frac{x + 3}{2x - 1} = \ \frac{\frac{x}{x} + \frac{3}{x}}{\frac{2x}{x} - \frac{1}{x}} = \ \frac{1 + \frac{3}{x}}{2 - \frac{1}{x}} = \ \frac{1}{2}}$
$\operatorname{}{\ln{\frac{x^{2} + 3x + 5}{x^{2} + 2} = \ \ln{(\operatorname{}{\frac{x^{2} + 3x + 5}{3^{2} + 2}) = \ \ln =}}}}$1
$\operatorname{}{\frac{x^{2} + 3x + 5}{x^{2} + 2} = \ \frac{\frac{x^{2}}{x^{2}} + \frac{3x}{x^{2}} + \frac{5}{x^{2}}}{\frac{x^{2}}{x^{2}} + \frac{2}{x^{2}}} = \ \frac{1 + \frac{3}{x} + \frac{5}{x}}{1 + \frac{2}{x^{2}}} = \frac{1}{1} = 1}$
$\operatorname{}{(\sqrt{x - 2}} + \sqrt{x}) = \ \infty + \infty = \infty$
$\operatorname{}{\left( \sqrt{x^{2} + 2} - x \right) = \ + \infty - \left( - \infty \right) = + \infty + \infty = \infty}$
$\operatorname{}{({\frac{x + 6}{x})}^{x} = \left( 1 + \frac{6}{x} \right)^{x} = \left( 1 + \frac{1}{x} \right)^{x} = e} = {(1 + \frac{1}{\frac{x}{6}})}^{x} = {{\lbrack(1 + \frac{1}{\frac{x}{6}})}^{\frac{x}{6}}\rbrack}^{- 6} = \ e^{6}$
$\operatorname{}{\frac{sim3x}{5x} = \left( \frac{sin3x}{x}*\frac{1}{5} \right) = \ \frac{sin3x}{x}*\frac{1}{5} = 3*\frac{1}{5} = \frac{3}{5}}$
$\operatorname{}{\left( \frac{sin3x}{3x}*\frac{3}{5} \right) = \frac{sin3x}{3x}*\frac{3}{5} = 1*\frac{3}{5} = \frac{3}{5}}$
Rachunek różniczkowy funkcji jednej zmiennej.
Niech będzie określona funkcja f w przedziale a, b. niech x a, b należy do przedziału a, b oraz x+x też należy do przedziału gdzie x jest to przyrost argumentu x.
Ilorazem różnicowym nazywamy wyrażenie postaci:
$\frac{f\left( x + x \right) - f(x)}{x}$ <- iloraz różnicowy.
Granica przy x dążącym do ilorazu różnicowego jest pochodną funkcji f.
$\operatorname{}{\frac{f\left( x + x \right) - f(x)}{x} = f^{'}(x)}$
f(x+x)
f(x)
f(przyrost funkcji)
f(x)
a x x+x b
Wyznaczyć definicje funkcji:
F(x+x)=2(x+x)2 − 3(x+x) + 4 =
$\operatorname{}\frac{2(x + {x)}^{2} - 3\left( x + x \right) + 4 - (2x^{2} - 3x + 4)}{x}$ =
$\operatorname{}\frac{2(x^{2} + 2*x*x + \left( {x)}^{2} \right) - 3x - 3x + 4 - 2x^{2} + 3x - 4}{x}$ =
$\operatorname{}{\frac{{2x}^{2} + 4xx + 2(x)^{2} - 3x - 2x^{2}}{x} = 4x - 3}$
Pochodne wybranych funkcji
C=0
(a*x)’ = c
(xk)’= k*xk-l
($\frac{1}{x})' = \frac{1}{x^{2}}$
(${\sqrt{x}}^{1x} = \ \frac{1}{2\sqrt{x}}$
(ax)’ = ax*lna
(ex)’ = ex
(loga x)’ = $\frac{1}{x*\text{lna}}$
(lnx)’ = $\frac{1}{x}$
(sin x)’ = cos x
(cos x)’ = -sin x
(tg x)’ = $\frac{1}{\operatorname{}x}$
(ctg x)’ $\frac{- 1}{\operatorname{}x}$
Szczegóły różniczkowania (liczenia pochodnych)
(f (x) +g(x))’ = f’(x)+g’(x)
(f*g)’ = f’* g+ f*g’
$\left( \frac{f}{g} \right)^{'} = \ \frac{f^{'}*g - f*g'}{g^{2}}$
(c*f(x))′ = c * f′(x)
Wyznaczyć Pochodne następujących funkcji.
f(x) =x6 − 4x5 + 5x − 12 + lnx
f’(x)=(x6-4x5+5x-12+lnx)’= (x6)’ – (4x5)’ +(5x)’ –(12)’+(lnx)’= (x6)’ -4*(x5)’+(5x)’+(12)’ +(lnx)’ = 6*x5-4*5x2+5-0+$\frac{1}{x}$= 6x5-20x4+5+$\frac{1}{x}$
f(x)= 2x2-3x+4
f’(x)=(2x2)’-(3x)’+4’=2*2x-3+0=4x+3
f(x)=tgx+ ex
f’(x)=(tgx)’+(ex)’=$\frac{1}{\text{co}s^{2}x}$ +ex
f(x)=$\sqrt[5]{x^{2}} = x^{\frac{2}{5}}$
f’(x)=$x^{\frac{2}{5}} = \frac{2}{5}*x^{\frac{2}{5} - 1}$=$\frac{2}{5}*x^{- \ \frac{3}{5}}$
f(x) = $\frac{1}{x^{101}} = x^{101}$
f’(x)=(x−101)′ = ( − 101_*x−101 − 1=(-101)*x-102=-101*$\frac{1}{x^{102}}$
f(x)= 5x*(2x+3)
f’(x)= (5x)’ * (2x+3)+5x*(2x+3)’ = 5xln5*(2x+3)+5x*2
f(x) = cos x *sin x
f’(x) =(cos x)’ * sin x+ cos x*(sin x)’ = -sin x *sin x+ cos x* cos x= -sin2x+cos2x
f(x) = $\frac{\sin x}{\cos\text{\ x}}$
f(x)= $\frac{(\sin{x)'*cos\ x - sin\ x*(\cos{x)'}}}{({\cos{x)}}^{2}} = \ \frac{\cos{x*\cos{x - \sin{x*\sin x}}}}{c\text{os}^{2}x} = \ \frac{\cos^{2}x - sin^{2}x}{\operatorname{co}x} = \ \frac{1}{\cos^{2}x}$
Pochodne wyższych rzędów
Jeżeli pochodna f’(x) istnieje w każdym punkcie pewnego przedziału i jest w nim różniczkowana to jej pochodną nazywamy pochodną drugiego rzędu (drugą pochodną).
f’’(x)
(f’(x))’ = f’’(x)= f(2)(x)
(f’’(x))’ = f’’’(x)
(f’’’(x))’ = f’V(x)
Wyznacz piątą pochodną funkcji
f(x)= 3x4+5x2+2x+4
f(x)=+*4x3+5*2x+2+0=12x3+10+2
f’’(x)= 12+3x2+10+0=36x2+10
f’’’(x)= 36+12x+0=72x
f’v=72
fv=0
MAX MAX MAX MAX
MAX MAX
MAX
X2 X4
X1 X3 X5
MIN
MIN MIN MIN
MIN MIN
Twierdzenie Fermata (warunek konieczny istnienia ekstremu).
Jeżeli funkcja f różniczkowalna w przedziale a, b ma w punkcie x0 ekstremum lokalne (MIN lub MAX) to f(x0) = 0
Warunek pierwszy: (dotyczy istnienia ekstremum)
Jeżeli funkcja f ciągła w punkcie x0 oraz na pochodną f’(x) w otoczeniu punku x0 oraz:
następuje zmiana znaku z „-„ na „+” w otoczeniu punku x0 funkcja f ma w punkcie x0 na MIN lokalne
następuje zmiana znaku z „+” na „-„ w otoczeniu punktu x0 to funkcja f ma w punkcie x0 MAX lokalne
Warunek II dostateczny (wystarczający) istnienia ekstremum.
Jeżeli funkcja f spełnia następujące założenia:
ma pochodną f’’(x) w otoczeniu x0
f’’(x) Gryga pochodna jest ciągłą w punkcie x0
f(x) pierwsza = 0 oraz druga pochodna jest różne od zera to funkcja osiąga MAX lokalne jeżeli druga pochodna jest większa od zera to funkcja osiąga MIN lokalne.
Wyznaczamy pochodną f(x) f’(x) f’(X) = 0 =>wyznaczamy punkty x0 podejrzane o istnienie w nich ekstremów |
---|
I warunek dostateczny (rysunek pochodnej f’(x) „+” x0 „-„ = f(x0) „-„ x0 „-„ = f(x0) |
Przykład:
Wyznacz ekstrema lokalne funkcji:
f(x)= x3-$\frac{9}{2}x^{2} - 12x + 7$
f’(x)=2x2-$\frac{9}{2}*2x - 12 + 0 = 3x^{2} - 9x - 12$
f’(x) = 0 3x2-9x-12=0
x2-3x-4=0
a=1, b= -3 , c= -4
=b2 − 4ac = − 32 − 4 * 1 * (−4) = 9 + 16 = 25
X1=$\frac{- b - \sqrt{}}{2a} = \frac{3 - \sqrt{25}}{2*1} = \frac{3 - 5}{2} = \frac{- 2}{2}$ produkty podejrzewane o istnienie ekstremo
X2 = $\frac{- b + \sqrt{}}{2a} = \frac{3 + 5}{2} = \frac{8}{2} = 4\backslash t$ x=-1
-1 4
W otoczeniu punktu x=-1 pochodna zmienia znak z „+” na „-„ tzn. że funkcja w tym punkcie osiąga MAXIMUM
MIN= f(x0)=43-$\frac{9}{2}*4^{2} - 12*4 + 7 = - 49$
f’’(x)=(3x2-9x-12)’= 3*2x-9-0=6x-9
f’’(-1)=6*(-1)-9=15<0w= -1MAX=13$\frac{1}{2}$
f’’(4) = 6*4-9=15>0 w=4 MIN=-49