ZADANIE A.2

1. SPRAWDZENIE KONDENSACJI W PŁASZCZYŹNIE PRZEGRODY

Dane:

t ₁= 20°C (p_si=23,40hPa)

t ₂= -20°C (p_se=1,03hPa)

ϕ₁ = 55%

ϕ_e= 85%

R_si = 0,13 m²k/W

R_se = 0,04 m²k/W

WARUNKI W POMIESZCZENIU

	WARSTWY	GRUBOSĆ [m]	WSPÓŁCZYNNIK λ LUB OPÓR CIEPLNY	OPÓR CIEPLNY
1.	Rsi			0,13
2.	tynk wapienny	0,02	λ = 0,7W/mk	0,028
3.	cegła pełna	0,25	0,77	0,325
4.	styropian	0,10	0,034	2,94
5.	cegła klinkierowa	0,12	λ = 1,05 W/mk	0,114
6.	Rse			0,04

OKREŚLENIE CIŚNIENIA STANU NASYCENIA

V₁ = 20 - 0,282 (20+20) × 0,13 = 18,534°C

V₂ = 18,534 - 0,282 (20+20) × 0,029 = 18,207°C

V₃ = 18,207 - 0,282 (20+20) × 0,37 = 14,033°C

V₄ = 14,033 - 0,282 (20+20) × 2,86 = -18,228°C

V₅ = -18,228 - 0,282 (20+20) × 0,18 = -19,523°C

V₆ = -19,523 - 0,282 (20+20) × 0,04 = -19,974°C

t ₂= -20°C

t 1= 20°C	psi=23,40hPa
V1=18,534°C	P1=21,32hPa
V2 = 18,207°C	P2=20,91hPa
V3 = 14,033°C	P3=15,99hPa
V4 = -18,228°C	P4=1,33hPa
V5 = -19,523°C	P5=1,09hPa
V6 = -19,974°C	P6=1,04hPa
t 2= -20°C	pse=1,03hPa

Określenie limitu ciśnień rzeczywistych

	Rn [m²K/W]	δ	Zn =d/ δ	d
Pw	0,13		-	-
tynk wap.	0,029		0,002	0,2
cegła pełna	0,37		0,022	0,25
styropian	2,86		0,05	0,10
Cegła klink.	0,11		0,025	0,12
Pz	0,04		-	-

W opracowaniu użyto materiały źródłowe producentów oraz normy PN-EN-ISO 6946

Obliczenie ciśnienia cząstkowego pary wodnej nienasyconej dla danej wilgoci względnej powietrza w pomieszczeniu.

Δp1 = 121,31 x 0,002 = 0,243 hpa

Δp2 = 121,31 x 0,022 = 2,669 hpa

Δp3 = 121,31 x 0,05 = 6,066 hpa

Δp4 = 121,31 x 0,025 = 3,033 hpa

p1 = 12,87 - 0,243 = 12,63

p2 = 12,63 - 2,669 = 9,961

p3 = 9,961 - 6,066 = 3,895

p4 = 3,895 - 3,033 = 0,862

---