pkm - wał maszynowy - mt(cd3), Podstawy Konstrukcji Maszyn


DANE

OBLICZENIA I SZKICE

WYNIKI

N = 37 [kW]

n=3000[obr/min]

l = 650 [mm]

l1=250 [mm]

l2=100 [mm]

l3=100 [mm]

l4=100 [mm]

l5=100 [mm]

TEMAT: Zaprojektować wał maszynowy według schematu podanego na rysunku. W punktach 1 i 3 osadzono koła pasowe z pasem klinowym, a w punkcie 2 koło zębate o zębach skośnych. W punktach A i B znajdują się łożyska toczne. Do obliczeń przyjąć następujące dane:

N = 37 [kW]

n = 3000 [obr/min]

l = 0,4 ÷ 1 [m]

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic

l1 l2 l3 l4 l5

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic

0x08 graphic
0x08 graphic

0x08 graphic
0x08 graphic

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
A B

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
N

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic

1 2 3

0x08 graphic

0x08 graphic

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0,6N

0,3N 0,1N

  1. Dobieram materiał na wał.

Wał zostanie wykonany ze stali konstrukcyjnej St5 o następujących parametrach wytrzymałościowych:

kgo=60 [MPa], ksj=69 [MPa]

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic

x

y

z

  1. Określenie kierunku sił działających na wał.

0x08 graphic

0x08 graphic
Qz

0x08 graphic

0x08 graphic
0x08 graphic

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
Pa Rbx

0x08 graphic
Qz Rby

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
Po

0x08 graphic
Qy Pr Rbz Qy

Ray

0x08 graphic
0x08 graphic

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic

0x08 graphic
0x08 graphic
Raz Qy

Qy

0x08 graphic
0x08 graphic
Qz

Qz

DANE

OBLICZENIA I SZKICE

WYNIKI

N = 37 [kW]

n=3000[obr/min]

m = 2 [mm]

z = 25

β = 10 o

m = 2 [mm]

do1=50,76[mm]

hf = 2,4 [mm]

ha = 2 [mm]

z1 = 25

do1=50,76[mm]

  1. Wyznaczenie niezbędnych wielkości geometrycznych dla koła zębatego oraz wyznaczenie sił obciążających wał.

    1. Podstawowe wymiary charakteryzujące ząb.

W kołach zębatych występują trzy siły: Po, Pr, Pa.

Wyznaczam wartość momentu skręcającego dla koła:

0x01 graphic

Obliczam średnicę podziałową koła przyjmując moduł m=2[mm] oraz liczbę zębów z=25.

0x01 graphic

Obliczam wymiary charakteryzujące ząb:

  • Wysokość głowy zęba:

0x01 graphic

  • Wysokość stopy zęba:

0x01 graphic

  • Wysokość całkowitą zęba:

0x01 graphic

Następnie obliczam:

  • Średnicę podstaw zębów:

0x01 graphic
0x01 graphic

  • Średnicę wierzchołków zębów:

0x01 graphic
0x01 graphic

Obliczam wartość podziałki:

0x01 graphic

Ms=117,78[Nm]

do1=50,76[mm]

hf = 2,4 [mm]

ha = 2 [mm]

h = 4,4 [mm]

df1=45,96[mm]

da1=54,76[mm]

p1 = 6,37 [mm]

z1 = 25

z2 = 40

Wykonujemy obliczenia dla drugiego koła zębatego (dla koła zębatego współpracującego). Przyjmujemy ilość zębów z2=40.

Możemy wyznaczyć wartość przekładni ze wzoru:

0x01 graphic

u > 1, więc przekładnia jest reduktorem.

u = 1,6

DANE

OBLICZENIA I SZKICE

WYNIKI

z2 = 40

m = 2 [mm]

ha = 2 [mm]

hf = 2,4 [mm]

do2=81,22[mm]

s = 3,12 [mm]

e = 3,25 [mm]

do1=50,76[mm]

do2=81,22[mm]

Wyznaczenie średnicy podziałowej.

0x01 graphic

Średnica wierzchołków zębów:

0x01 graphic

Średnica podstaw zębów:

0x01 graphic

Podziałka:

0x01 graphic

Szerokość zębów:

0x01 graphic

Szerokość wrębu:

0x01 graphic

Luz obwodowy zazębienia wynosi:

0x01 graphic

Odległość kół osi zębatych wynosi:

0x01 graphic

do2=81,22[mm]

da2=85,22[mm]

df2=76,42[mm]

p2 = 6,37 [mm]

s = 3,12 [mm]

e = 3,25 [mm]

jt = 0,13 [mm]

a = 65,99[mm]

Ms=117,78[Nm]

do1=50,76[mm]

    1. Obliczenie siły obwodowej Po

0x01 graphic

Po = 4640[N]

αwn=20°

Po = 4640[N]

β = 10°

    1. Obliczenie siły promieniowej Pr

αwn- to kąt przyporu na średnicy tocznej w przekroju normalnym.

Przyjmuję αwn=20°

0x01 graphic

Pr = 1714,68[N]

P0 = 4640[N]

β = 10°

    1. Obliczenie siły osiowej Pa

0x01 graphic

Pa = 816,64[N]

DANE

OBLICZENIA I SZKICE

WYNIKI

u = 2

D1 = 200 [mm]

D1 = 200 [mm]

D2 = 400 [mm]

  1. Określenie sił i zależności geometrycznych w przekładni pasowej.

0x08 graphic
γ - kąt rozwarcia cięgien

α - kąt opasania

S1 - naciąg czynny

S2 - naciąg bierny

0x08 graphic

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
S2

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
S2

0x08 graphic

D1

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
α

D2

0x08 graphic
0x08 graphic

0x08 graphic
S1

0x08 graphic
S1

0x01 graphic

0x08 graphic

    1. Obliczenia dla pierwszego koła pasowego.

Z tablic dobieram znormalizowaną średnicę koła pasowego

D1=200 [mm].

Jeżeli przełożenie przekładni wynosi 2 to możemy wyliczyć średnicę drugiego koła:

0x01 graphic

      1. Na podstawie podanych poniżej zależności możemy wyznaczyć minimalną oraz maksymalną odległość osi kół pasowych.

0x01 graphic

Ponieważ 0x01 graphic
więc do dalszych obliczeń przyjmujemy

a = 600 [mm].

D2 = 400 [mm]

a = 600 [mm]

DANE

OBLICZENIA I SZKICE

WYNIKI

D1 = 200 [mm]

D2 = 400 [mm]

a = 600 [mm]

      1. Wyznaczenie kąta opasania na kole czynnym.

0x01 graphic
ponieważ 0x01 graphic

zatem

0x01 graphic

0x01 graphic

α = 160,81°

n=3000[obr/min]

N1 = 11,1 [kW]

Ms = 35,33 [Nm]

μ = 0,5

β = 38°

μ' = 1,618

α = 2,80 [rad]

m = 79,33

Po = 353,3 [N]

      1. Wyznaczenie siły obwodowej przekładni pasowej.

0x01 graphic

0x01 graphic

      1. Wyznaczenie napięć cięgien S1 i S2 ze wzoru Eulera.

Obliczamy współczynnik m oraz pozorny kąt tarcia μ'. Przyjmujemy kąt zarysu rowka β = 380 oraz współczynnik tarcia dla pasa tkaninowo - gumowego równy 0,5.

0x01 graphic
0x01 graphic

0x01 graphic

m = e 1,562 2,80 = 79,33

Wyznaczamy napięcia cięgien.

0x01 graphic
0x01 graphic

0x01 graphic
0x01 graphic

Ms=35,33 [Nm]

Po = 353,3 [N]

μ' = 1,562

m = 79,33

S1 = 357,81 [N]

S2 = 4,51 [N]

DANE

OBLICZENIA I SZKICE

WYNIKI

S1 = 357,81 [N]

S2 = 4,51 [N]

α = 160,81°

α = 160,81°

m = 79,33

γ = 19,19°

ϕ = 0,97

Q = 359,26 [N]

υ = 9,31°

      1. Wyznaczenie wypadkowej napięć w cięgnach oraz wyznaczenie jej składowych.

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

Określamy kąt pochylenia linii wypadkowej.

0x01 graphic

gdzie:

γ = 180o - α = 180 - 160,81 = 19,19o

ϕ - stopień wykorzystania pasa obliczany według wzoru:

0x01 graphic

i tak mamy:

0x01 graphic

Wyznaczamy składowe siły wypadkowej Q.

0x01 graphic
0x01 graphic

0x01 graphic
0x01 graphic

Q = 359,26 [N]

γ = 20,74°

ϕ = 0,97

υ = 9,31°

Qy1=354,23[N]

Qz1=57,84[N]

u = 2

D1 = 225 [mm]

    1. Obliczenia dla drugiego koła pasowego.

Z tablic dobieram znormalizowaną średnicę koła pasowego

D1=225 [mm].

Jeżeli przełożenie przekładni wynosi 2 to możemy wyliczyć średnicę drugiego koła:

0x01 graphic

D2 = 450 [mm]

DANE

OBLICZENIA I SZKICE

WYNIKI

D1 = 225 [mm]

D2 = 450 [mm]

D1 = 225 [mm]

D2 = 450 [mm]

a = 600 [mm]

      1. Na podstawie podanych poniżej zależności możemy wyznaczyć minimalną oraz maksymalną odległość osi kół pasowych.

0x01 graphic

Ponieważ 0x01 graphic
więc do dalszych obliczeń przyjmujemy

a = 600 [mm].

      1. Wyznaczenie kąta opasania na kole czynnym.

0x01 graphic
ponieważ 0x01 graphic

zatem

0x01 graphic

0x01 graphic

a = 600 [mm]

α = 158,38°

n=3000[obr/min]

N1 = 3,7 [kW]

Ms = 11,78 [Nm]

      1. Wyznaczenie siły obwodowej przekładni pasowej.

0x01 graphic

0x01 graphic

      1. Wyznaczenie napięć cięgien S1 i S2 ze wzoru Eulera.

Obliczamy współczynnik m oraz pozorny kąt tarcia μ'. Przyjmujemy kąt zarysu rowka β = 380 oraz współczynnik tarcia dla pasa tkaninowo - gumowego równy 0,5.

0x01 graphic
0x01 graphic

Ms=11,78 [Nm]

Po = 104,71 [N]

DANE

OBLICZENIA I SZKICE

WYNIKI

μ = 0,5

β = 38°

α = 2,76 [rad]

μ' = 1,562

m = 74,5

Po = 104,71 [N]

0x01 graphic

m = e 1,562 2,76 = 74,5

Wyznaczamy napięcia cięgien.

0x01 graphic
0x01 graphic

0x01 graphic
0x01 graphic

μ' = 1,562

m=74,5

S1 = 106,13 [N]

S2 = 1,42 [N]

S1 = 106,13 [N]

S2 = 1,42 [N]

α = 158,38°

α = 158,38°

m = 74,5

γ = 21,62°

ϕ = 0,97

Q = 107,45 [N]

υ = 10,48°

      1. Wyznaczenie wypadkowej napięć w cięgnach oraz wyznaczenie jej składowych.

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

Określamy kąt pochylenia linii wypadkowej.

0x01 graphic

gdzie:

γ = 180o - α = 180 - 158,38 = 21,62o

ϕ - stopień wykorzystania pasa obliczany według wzoru:

0x01 graphic

i tak mamy:

0x01 graphic

Wyznaczamy składowe siły wypadkowej Q.

0x01 graphic
0x01 graphic

0x01 graphic
0x01 graphic

Q = 107,45 [N]

γ = 21,62°

ϕ = 0,97

υ = 10,48°

Qy2=105,65[N]

Qz2=19,34[N]

DANE

OBLICZENIA I SZKICE

WYNIKI

Pa = 816,64 [N]

Qy1 = 354,23 [N]

Qy2 = 105,65 [N]

Pr = 1714,68[N]

l2=l3=l4=l5=

=100[mm]

RAy=-273,17[N]

  1. Schemat kinematyczny wału wraz z podaniem rozkładu sił oraz występujących reakcji w dwóch płaszczyznach x - y

i x - z.

    1. Rozpatrujemy płaszczyznę x - y.

Pa

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
x

Qy1 RAy Pr RBy

0x08 graphic
0x08 graphic
y RBx

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
Qy1

Określenie reakcji występujących w układzie

  1. Σ Fix = 0

Pa + RBx = 0

  1. Σ Fiy = 0

Qy1 - RAy - Pr + RBy - Qy2 = 0

  1. Σ MiB = 0

- Qy1 ⋅ (l2 + l3 + l4) + RAy ⋅ (l3 + l4) + Pr ⋅ l4 - Qy2 ⋅ l5 = 0

RBx = - 816,64 [N]

0x01 graphic

0x01 graphic

RBy = - 354,23 - 273,17 + 1714,68 + 105,65 = 1192,93[N]

RBx=-816,64[N]

RAy=-273,17[N]

RBy =1192,93[N]

    1. Rozpatrujemy płaszczyznę x - z.

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
x

Qz1 RAz RBz

0x08 graphic
0x08 graphic
z

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
Po Qz2

DANE

OBLICZENIA I SZKICE

WYNIKI

Qz1 = 57,84 [N]

Qz2 = 19,34 [N]

Po = 4640[N]

l2=l3=l4=l5=

=100[mm]

RAz=-2397[N]

Określenie reakcji występujących w układzie

  1. Σ Fix = 0

  2. Σ Fiy = 0

Qz1 + RAz + Po + RBz + Qy2 = 0

  1. Σ MiB = 0

- Qz1 ⋅ (l2 + l3 + l4) - RAz ⋅ (l3 + l4) - Po ⋅ l4 + Qy2 ⋅ l5 = 0

0x01 graphic

0x01 graphic

RBz = - 57,84 + 2397 - 4640 - 19,34 = -2320[N]

RAz=-2397[N]

RBz=-2320[N]

Qy1=354,23[N]

l1=250[mm]

RAy=-273,17[N]

l2=100 [mm]

  1. Określenie momentów zginających występujących na wale w płaszczyźnie x - y

0x08 graphic
Pa

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
x

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
Qy1 RAy Pr RBy

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
y

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
x1 RBx Qy2

0x08 graphic
x2

0x08 graphic

0x08 graphic
x3

0x08 graphic
x4

  1. x1∈(0 ; l1+l2) [x1∈(0 ; 0,35)]

Mg1 (x1) = Qy1 ⋅ x1 - l1

Mg1(0) = 354,23 ⋅ (- 0,25) = - 88,56 [Nm]

Mg1(0,35) = 354,23 ⋅ 0,10 = 35,42 [Nm]

  1. x2∈(l1+l2 ; l1+l2+l3) [x2∈(0,35 ; 0,45)]

Mg2 (x2) = Qy1 ⋅ (x2 - l1) - RAy ⋅ (x2 - l1 + l2)

Mg2(0,35) = 354,23 ⋅ 0,10 + 273,17 ⋅ 0 = 35,42 [Nm]

Mg2(0,45) = 354,23 ⋅ 0,20 + 273,17 ⋅ 0,10 = 98,16 [Nm]

Mg1(0) =

= -88,56[Nm]

Mg1(0,35) =

=35,42 [Nm]

Mg2(0,35) =

=35,42 [Nm]

Mg2(0,45) =

=98,16 [Nm]

DANE

OBLICZENIA I SZKICE

WYNIKI

l1=250[mm]

l2=100[mm]

l3=100[mm]

Pr=1714,68[N]

Pa=816,64[N]

Qy1=354,23[N]

RAy=279,13[N]

rw=51[mm]

l1=250[mm]

l2=100[mm]

l3=100[mm]

l4=100[mm]

Pr=1714,68[N]

Pa=816,64[N]

Qy1=354,23[N]

RAy=-273,17[N]

RBy=1192,93[N]

rw=51[mm]

  1. x3∈(l1+l2+l3 ; l1+l2+l3+l4) [x3∈(0,45 ; 0,55)]

Mg3 (x3) = Qy1 ⋅ (x3-l1) - RAy ⋅ (x3-l1+l2) - Pr ⋅ (x3-l1+l2+l3) - Pa ⋅ rw

Mg3(0,45) = 354,23 ⋅ 0,2 + 273,17 ⋅ 0,10 - 1714,68 ⋅ 0

- 816,64 ⋅ 0,051 = 56,51 [Nm]

Mg3(0,55) = 354,23 ⋅ 0,3 + 273,17 ⋅ 0,2 - 1714,68 ⋅ 0,10

- 816,64 ⋅ 0,051 = - 52,22 [Nm]

  1. x4∈(l1+l2+l3+l4 ; l1+l2+l3+l4+l5) [x4∈(0,55 ; 0,65)]

Mg4 (x4) = Qy1 ⋅ (x4-l1) - RAy ⋅ (x4-l1+l2) - Pr ⋅ (x4-l1+l2+l3) - Pa ⋅ rw

+ RBy ⋅ (x4-l1+l2+l3+l4)

Mg4(0,55) = 354,23 ⋅ 0,3 + 273,17 ⋅ 0,2 - 1714,68 ⋅ 0,10

- 816,64 ⋅ 0,051 + 1192,93 ⋅ 0 = - 52,22 [Nm]

Mg4(0,65) = 354,23 ⋅ 0,4 + 273,17 ⋅ 0,3 - 1714,68 ⋅ 0,20

- 816,64 ⋅ 0,051 + 1192,93 ⋅ 0,1 = - 41,65 [Nm]

Mg3(0,6) =

=56,51 [Nm]

Mg3(0,75) =

= - 52,22 [Nm]

Mg4(0,55) =

= - 52,22 [Nm]

Mg4(0,65) =

= - 41,65 [Nm]

l1=250[mm]

Qz1=57,84[N]

  1. Określenie momentów zginających występujących na wale w płaszczyźnie x - z

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
x

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
Qz1 RAz Po RBz

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
z

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
x1 Qz2

0x08 graphic
x2

0x08 graphic

0x08 graphic
x3

0x08 graphic
x4

  1. x1∈(0 ; l1+l2) [x1∈(0 ; 0,35)]

Mg1 (x1) = Qz1 ⋅ x1 - l1

Mg1(0) = 57,84 ⋅ (- 0,25) = - 14,46 [Nm]

Mg1(0,35) = 57,84 ⋅ 0,10 = 5,784 [Nm]

Mg1(0)=

= - 14,46 [Nm]

Mg1(0,35) =

=5,784 [Nm]

DANE

OBLICZENIA I SZKICE

WYNIKI

l1=250[mm]

l2=100[mm]

Qz1=57,84[N]

RAz=-2397 [N]

l1=250[mm]

l2=100[mm]

l3=100[mm]

Po=4640[N]

Qz1=57,84[N]

RAz=-2397 [N]

l1=250[mm]

l2=100[mm]

l3=100[mm]

l4=100[mm]

Po=4640[N]

Qz1=57,84[N]

RAz=-2397 [N]

RBz=-2320[N]

  1. x2∈(l1+l2 ; l1+l2+l3) [x2∈(0,35 ; 0,45)]

Mg2 (x2) = Qz1 ⋅ (x2-l1) + RAz ⋅ (x2-l1+l2)

Mg2(0,35) = 57,84 ⋅ 0,10 - 2397 ⋅ 0 = 5,784 [Nm]

Mg2(0,45) = 57,84 ⋅ 0,2 - 2397 ⋅ 0,10 = -228,1 [Nm]

  1. x3∈(l1+l2+l3 ; l1+l2+l3+l4) [x3∈(0,45 ; 0,55)]

Mg3 (x3) = Qz1 ⋅ (x3-l1) + RAz ⋅ (x3-l1+l2) + Po ⋅ (x3-l1+l2+l3)

Mg3(0,45) = 57,84 ⋅ 0,2 - 2397 ⋅ 0,10 + 4640 ⋅ 0 = -228,1 [Nm]

Mg3(0,55) = 57,84 ⋅ 0,3 - 2397 ⋅ 0,20 + 4640 ⋅ 0,10 = 1,95 [Nm]

  1. x4∈(l1+l2+l3+l4 ; l1+l2+l3+l4+l5) [x4∈(0,55 ; 0,65)]

Mg4 (x4) = Qz1 ⋅ (x4-l1) + RAz ⋅ (x4-l1+l2) + Po ⋅ (x4-l1+l2+l3) +

+ RBz ⋅ (x4-l1+l2+l3+l4)

Mg4(0,55) = 57,84 ⋅ 0,3 - 2397 ⋅ 0,2 + 4640 ⋅ 0,1 -

- 2320 ⋅ 0 = 1,95 [Nm]

Mg4(0,65) = 57,84 ⋅ 0,4 - 2397 ⋅ 0,3 + 4640 ⋅ 0,2 -

- 2320 ⋅ 0,10 = 0 [Nm]

Wyznaczone wartości momentów zginających w płaszczyznach x - y oraz x - z pozwalają wykreślić wykresy momentów zginających dla tych płaszczyzn.

Mg2(0,35) =

=5,784 [Nm]

Mg2(0,45) =

=-228,1 [Nm]

Mg3(0,45) =

=-228,1 [Nm]

Mg3(0,55) =

= 1,95 [Nm]

Mg4(0,55) =

= 1,95 [Nm]

Mg4(0,65) =

= 0 [Nm]

  1. Obliczamy moment zginający według wzoru.

0x01 graphic

0x01 graphic

Mgw(0)=

=89,73[Nm]

Mgw(0,35)=

=35,89[Nm]

Mgw(0,45)1=

=248,32[Nm]

Mgw(0,45)2=

=234,99[Nm]

Mgw(0,55)=

=52,26[Nm]

Mgw(0,65)=

=41,65[Nm]

DANE

OBLICZENIA I SZKICE

WYNIKI

N = 37 [kW]

n = 3000

[obr/min]

Ms1=117,78[Nm]

Ms2=82,45[Nm]

Ms3=11,78[Nm]

  1. Określenie momentu skręcającego Ms oraz momentu skręcającego zredukowanego Ms' występującego na całej długości wału.

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic

l1 l2 l3 l4 l5

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
Ms'=2/3Ms

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0,1Ms

0x08 graphic

0x08 graphic
Ms'=2/3Ms

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
Ms'=2/3Ms

0,7Ms

0x08 graphic
Ms

Moment skręcający zredukowany określamy według wzoru:

Ms' = a Ms

    1. Wyznaczenie momentu skręcającego Ms

0x01 graphic

x1∈(0 ; l1) [x1∈(0 ; 0,25)]

0x01 graphic

x2∈(l1 ; l1+l2+l3) [x2∈(0,25 ; 0,45)]

0x01 graphic

x3∈(l1+l2+l3 ; l1+l2+l3+l4+l5) [x3∈(0,45 ; 0,65)]

0x01 graphic

    1. Wyznaczenie momentu zredukowanego Ms'

Ms' = a Ms

a = 2/3

Ms1' = 2/3 ⋅ 117,78 = 78,52 [Nm]

Ms2' = 2/3 ⋅ 82,45 = 54,97 [Nm]

Ms3' = 2/3 ⋅ 11,78 = 7,85 [Nm]

Ms1=117,78[Nm]

Ms2=82,45[Nm]

Ms3=11,78[Nm]

Ms1'=78,52[Nm]

Ms2'=54,97[Nm]

Ms3'=7,85[Nm]

DANE

OBLICZENIA I SZKICE

WYNIKI

    1. Określenie momentu zastępczego według wzoru.

0x01 graphic

gdzie:

α = 2/3

α ⋅ Ms = Ms'

Ms' = 2/3 ⋅ Ms

więc:

0x01 graphic

0x01 graphic

Mz1=119,23[Nm]

Mz2=65,65[Nm]

Mz3=248,44[Nm]

Mz4=235,12[Nm]

Mz5=53,35[Nm]

Mz6=42,38[Nm]

Mz1=119,23 [Nm]

Mz2=112,87 [Nm]

Mz3=103,92 [Nm]

  1. Wyznaczenie średnic wału w dziesięciu przekrojach oraz pod kołami i łożyskami.

Ponieważ wał na całym przekroju jest poddawany zarówno skręcaniu jak i zginaniu to średnicę obliczamy według wzoru:

0x01 graphic

  • L1 = 0 [m]

Mz1 = 119,23 [Nm]

0x01 graphic

  • L2 = 0,044 [m]

Mz2 = 112,87 [Nm]

0x01 graphic

  • L3 = 0,1 [m]

Mz3 = 103,92 [Nm]

0x01 graphic

d1 27 [mm]

d2 25,8 [mm]

d3 25,8 [mm]

Mz4=88,61 [Nm]

Mz5=80,96 [Nm]

Mz6= 73,3 [Nm]

Mz7=65,65 [Nm]

Mz8= 157,05 [Nm]

Mz9= 248,44 [Nm]

Mz10= 150,9 [Nm]

Mz11= 53,35 [Nm]

Mz12= 47,87 [Nm]

Mz13= 42,38 [Nm]

d1=30mm

d2=35mm

d3=40mm

d4=45mm

d5=50mm

d6=55mm

d7=50mm

d8=45mm

d9=40mm

d10=35mm

  • L4 = 0,2 [m]

Mz4 = 88,61 [Nm]

0x01 graphic

  • L5 = 0,25 [m] - pierwsze koło pasowe

Mz5 = 80,96 [Nm]

0x01 graphic

  • L6 = 0,3 [m]

Mz6 = 73,3 [Nm]

0x01 graphic

  • L7 = 0,35 [m] - podpora A

Mz7 = 65,65 [Nm]

0x01 graphic

  • L8 = 0,4 [m]

Mz8 = 157,05 [Nm]

0x01 graphic

  • L9 = 0,45 [m] - koło zębate

Mz9 = 248,44 [Nm]

0x01 graphic

  • L10 = 0,50 [m]

Mz10 = 150,9 [Nm]

0x01 graphic

  • L11 = 0,55 [m] - podpora B

Mz11 = 53,35 [Nm]

0x01 graphic

  • L12 = 0,60 [m]

Mz12 = 47,87 [Nm]

0x01 graphic

  • L13 = 0,65 [m] - drugie koło pasowe

Mz13 = 42,38 [Nm]

0x01 graphic

11.Określenie idealnego kształtu wału na podstawie obliczonych średnic .

Idealny kształt wału został narysowany na papierze milimetrowym .

12. Naniesienie kształtu rzeczywistego wału na kształt teoretyczny .

Przyjmuję następujące średnice wału ( patrząc od koła pasowego P)

x∈( 0 ; 0,044 )

x∈( 0,044 ; 0,214 )

x∈( 0,214 ; 0,279)

x∈( 0,279 ; 0,3665)

x∈( 0,3665 ; 0,4135)

x∈( 0,4135 ; 0,424)

x∈( 0,424 ; 0,4832)

x∈( 0,4832 ; 0,5955)

x∈( 0,5955 ; 0,6255)

x∈( 0,6255 ; 0,6796)

13.Sprawdzenie stosunków średnic :

Aby nie było zjawiska karbu musi być spełniony warunek :

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

14. Obliczenie maksymalnej strzałki ugięcia .

15.Obliczenie ilorazów momentów gnących przez momenty bezwładności przekrojów.

0x01 graphic

Mg1= 119,23 [ Nm]

d1p = 0,030 m

0x01 graphic

Mg2= 112,87 [ Nm]

d2L = 0,030 m

0x01 graphic

Mg2= 112,87 [ Nm]

d2p = 0,035 m

0x01 graphic

Mg3= 12,93 [ Nm]

d3L = 0,035 m

0x01 graphic

Mg3= 12,93 [ Nm]

d3p = 0,040 m

0x01 graphic

Mg4= 10,41 [ Nm]

d4L = 0,040 m

0x01 graphic

Mg4= 10,41 [ Nm]

d4p = 0,045 m

0x01 graphic

Mg5= 35,71 [ Nm]

d5L = 0,045 m

0x01 graphic

Mg6= 56,61 [ Nm]

d6L = 0,045 m

0x01 graphic

Mg6= 56,61 [ Nm]

d6p = 0,050 m

0x01 graphic

Mg7= 161,36 [ Nm]

d7L = 0,050 m

0x01 graphic

Mg7= 161,36 [ Nm]

d7p = 0,055 m

0x01 graphic

Mg8= 186,24 [ Nm]

d8L = 0,055 m

0x01 graphic

Mg8= 186,24 [ Nm]

d8p = 0,050 m

0x01 graphic

Mg9= 248,32 [ Nm]

d9L = 0,050 m

0x01 graphic

Mg10= 159,2 [ Nm]

d10L = 0,050 m

0x01 graphic

Mg10= 159,2 [ Nm]

d10p = 0,045 m

0x01 graphic

Mg11= 52,26 [ Nm]

d11 = 0,045 m

0x01 graphic

Mg12= 47,42 [ Nm]

d12L = 0,045 m

0x01 graphic

Mg12= 47,42 [ Nm]

d12p = 0,040 m

0x01 graphic

Mg13= 44,24 [ Nm]

d13L = 0,040 m

0x01 graphic

Mg13= 44,24 [ Nm]

d13p = 0,035 m

0x01 graphic

Mg14= 41,65 [ Nm]

d14L = 0,035 m

0x01 graphic

16. Obliczanie środków ciężkości figur

Trójkąt Trapez

0x01 graphic
0x01 graphic

  1. a=44[mm] b=3 , c=2,84

0x01 graphic

  1. a=170[mm] b=1,53 c=0,186

0x01 graphic

  1. a=65[mm] b=0,103 ,c=0,083

0x01 graphic

  1. a=71[mm] b=0,052 ,c=0,178

0x01 graphic

  1. a=16,5[mm] b=0,178 ,c=0,281

0x01 graphic

  1. a=47[mm] b=0,185 c=0,53

0x01 graphic

  1. a=10,5[mm] b=0,36 c=0,415

0x01 graphic

  1. a=26[mm] b=0,61 c=0,81

0x01 graphic

  1. a=33,2[mm] b=0,81 c=0,52

0x01 graphic

  1. a=66,8[mm] b=0,79 c=0,26

0x01 graphic

  1. a=45,5[mm] b=0,26 c=0,236

0x01 graphic

  1. a=30[mm] b=0,38 c=0,35

0x01 graphic

  1. a=24,5[mm] b=0,60 c=0,57

0x01 graphic

d4 24,5 [mm]

d5 23,8 [mm]

d6 23 [mm]

d7 22,2 [mm]

d8 29,6 [mm]

d9 34,5 [mm]

d10 29,2 [mm]

d11 20,7 [mm]

d12 19,9 [mm]

d13 19,2 [mm]

DANE

OBLICZENIA I SZKICE

WYNIKI

Lh =10000h

N=3000

[obr/min]

Ray= -273,17[N]

Raz= - 2397[N]

Fpa=2412[N]

Fwa=0[N]

Fa=2412[N]

fh=2,714

fn=0,223

ft =0,9

Rby=1192,93[N]

Rbz= -2320[N]

Rbx=-816,64[N]

Fb=276,75[N]

fh=2,714

fn=0,223

ft =0,9

0x01 graphic
= 17 ⋅ 107 [N/m2]

0x01 graphic
= 23 ⋅ 107 [N/m2]

Mg=60 [Nm]

Ms=82,45

[Nm]

0x01 graphic

Zgo=240

Zso=130

Zsj=280

0x01 graphic

Xzg=7,09

Xzs=5,96

12.3 Obliczenie wektorów S - pola figur z wykresu piły.

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

8.0.Dobór łożysk

8.1.Dobór i określenie współczynników ft , fh , fn

Przyjmuję współczynnik temperatury ft =0,9 dla łożysk pracujących w temperaturze powyżej 100 °C.

Obliczam współczynnik trwałości, przyjmując liczbę godzin pracy łożyska Lh =10000 h

0x01 graphic

Obliczam współczynnik obrotów

0x01 graphic

8.2. Obliczenie sił wzdłużnych Fw i poprzecznych Fp działających na łożysko

Dla podparcia w punkcie A:

0x01 graphic

0x01 graphic
brak siły osiowej w punkcie A

Przyjmuję, że zastosowanym łożyskiem będzie łożysko kulkowe zwykle.

Obliczam stosunek siły wzdłużnej do poprzecznej w punkcie A:

0x01 graphic
ponieważ stosunek jest mniejszy od wartości e odczytanej z tabeli dlatego przyjmuje parametry Xa=1, Ya=1 oraz V=1, ponieważ to wałek się obraca, zatem obciążenie zastępcze wynosi

0x01 graphic

Wyznaczam nośność ruchową łożyska

0x01 graphic

Dal podparcia w punkcie B

0x01 graphic

0x01 graphic

Wyznaczam stosunek siły wzdłużnej do poprzecznej w punkcie B

0x01 graphic

Z tabeli przyjmuję parametry Xb=0,56, Yb=2,30, oraz V=1.

0x01 graphic

Wyznaczam nośność ruchową łożyska

0x01 graphic
[N]

Z katalogu łożysk biorąc pod uwagę otrzymane wartości nośności dobieram następujące łożyska:

Dla punktu A dobieram łożysko kulkowe zwykłe typu 6310 o wymiarach

d=50 [mm], D=110 [mm], B=27 [mm], dla niego nośność katalogowa wynosi 21700 [N]

Dla punktu B dobieram łożysko kulkowe zwykłe typu 16008 o wymiarach d=40 [mm], D=68 [mm], B=9 [mm], dla niego nośność katalogowa wynosi 40600 [N].

9.0. Wyznaczam maksymalną strzałkę ugięcia wału

Z wieloboku sznurowego sporządzonego na papierze milimetrowym odczytuję wartości 0x01 graphic
i 0x01 graphic

0x01 graphic
= 1,70 ⋅ 108 [N/m2]

0x01 graphic
= 2,3 ⋅ 108 [N/m2]

κs - to podziałka w której były liczone pola trójkątów i trapezów

κl - to podziałka w której został zrobiony wykres wieloboku sznurowego

H - długość osi biegunowej

0x01 graphic

Z wykresu otrzymujemy najdłuższą odległość yf=8 [mm] i podstawiamy do wzoru:

0x01 graphic

Otrzymaną wartość porównuję z wartością dopuszczalną

0x01 graphic

fdop=0,27mm

0,0072mm < 0,09mm

zatem warunek jest spełniony.

9.1. Wyznaczam kąt ugięcia na łożyskach

0x01 graphic

0x01 graphic

9.2. Sprawdzenie wybranego przekroju metodą wytrzymałości zmęczeniowej ze względu na współczynnik XZ

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

Własności wytrzymałościowe stali St5:

Rr=550 [MPa]

Qg=370 [MPa]

Zgo=240 [MPa]

Zgi=420 [MPa]

Qs=180 [MPa]

Zso=130 [MPa]

Zsj=280 [MPa]

Qs=180 [MPa]

Promień minimalny ρm=0,54 [mm]

Promień w miejscu karbu ρK=2 [mm]

ρ=ρm + ρK = 0,54+2=2,54 [mm]

0x01 graphic

0x01 graphic

Dla obliczonych stosunków odczytuję wartości współczynników :

0x01 graphic

0x01 graphic

współczynnik kształtu na zginanie

0x01 graphic

współczynnik kształtu na skręcanie

0x01 graphic

współczynnik wrażliwości

0x01 graphic

współczynnik stanu powierzchni na zginanie

0x01 graphic

współczynnik stanu powierzchni na skręcanie

0x01 graphic

współczynnik wielkości przedmiotu dla 0x01 graphic

0x01 graphic

współczynnik wielkości przedmiotu dla 0x01 graphic

Współczynniki spiętrzenia naprężeń wynoszą:

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

Zmęczeniowy współczynnik bezpieczeństwa Xzg :

0x01 graphic

Zmęczeniowy współczynnik bezpieczeństwa Xzs :

0x01 graphic

Zmęczeniowy współczynnik obliczonego przekroju:

0x01 graphic

0x01 graphic

Xz > Xw

Xw=X1 ⋅ X2 ⋅ X3 ⋅ X4

X1=1,2 - znany gatunek materiału St5

X2=1,1 -współczynnik ważności przedmiotu

X3=1 -współczynnik jednorodności materiału

X4=1 -współczynnik zachowania wymiarów

Xw=1,2⋅1,1⋅1⋅1=1,32

1,32<5,15 a więc warunek został spełniony.

10.0. Dobór wpustów i pierścieni osadczych

10.1. Dobór wpustów pod koła pasowe, koło zębate i sprzęgło

Z norm dobieram wpusty dla określonych średnic:

Dla pierwszego koła pasowego ∅ 40 [mm]

b x h = 12 x 8[mm]

na podstawie wartości b dobrałem z norm długość wpustu l = 28 [mm]

Dla koła zębatego ∅ 50 [mm]

b x h = 14 x 9 [mm]

na podstawie wartości b dobrałem z norm długość wpustu l = 36 [mm]

Dla drugiego koła pasowego ∅ 35 [mm]

b x h = 10 x 8 [mm]

na podstawie wartości b dobrałem z norm długość wpustu l = 22 [mm]

Pod sprzęgło ∅ 35 [mm]

b x h = 10 x 8 [mm]

na podstawie wartości b dobrałem z norm długość wpustu l = 22 [mm]

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic

h

b

10.2. Dobór pierścieni osadczych

Dla pierwszego koła pasowego ∅ 40 [mm]

Średnica pierścienia Do = 36,5 [mm]

Grubość pierścienia g=1,75 [mm]

Średnica gniazda D1 = 37,5 [mm]

Szerokość gniazda f=1,85 [mm]

Dla koła zębatego ∅ 50 [mm]

Średnica pierścienia Do = 45,8 [mm]

Grubość pierścienia g=2,0[mm]

Średnica gniazda D1 = 47 [mm]

Szerokość gniazda f=2,15 [mm]

Dla drugiego koła pasowego ∅ 35 [mm]

Średnica pierścienia Do = 32,2 [mm]

Grubość pierścienia g=1,5 [mm]

Średnica gniazda D1 = 33 [mm]

Szerokość gniazda f=1,60 [mm]

11.0. Obliczenia dodatkowe dla przekładni pasowych

Dla pierwszej przekładni pasowej:

Na podstawie dobranych średnic odczytuję wartość współczynnika k1 zależnego od przełożenia k1=1,15. Na jego podstawie wyznaczam wartość średnicy równoważnej De=1,15D1

De=1,15⋅200=230 [mm]

Obliczenie prędkości pasa :

0x01 graphic

Mając dane wartości średnicy równoważnej i prędkości pasa wyznaczam moc przenoszoną przez jeden pas, w zależności od rodzaju pasa ze wzoru ( wybieram pas oznaczony literą C ):

0x01 graphic

Otrzymuję N1=9,84 kW

Wyznaczoną wcześniej długość pasa L=2326 [mm] dobieram do wartości zawartych w normie i przyjmuję L=2500 [mm].

Odczytuję współczynniki

kL=1,15

kT=1,2

kϕ=0,95

Liczba pasów: 0x01 graphic

0x01 graphic

przyjmuję j=2

Dla drugiej przekładni pasowej:

Na podstawie dobranych średnic odczytuję wartość współczynnika k1 zależnego od przełożenia k1=1,15. Na jego podstawie wyznaczam wartość średnicy równoważnej De=1,15D1

De=1,15⋅225=258,75 [mm]

Obliczenie prędkości pasa :

0x01 graphic

Mając dane wartości średnicy równoważnej i prędkości pasa wyznaczam moc przenoszoną przez jeden pas, w zależności od rodzaju pasa ze wzoru ( wybieram pas oznaczony literą C ):

0x01 graphic

Otrzymuję N1=10,9 kW

Wyznaczoną wcześniej długość pasa L=2086 [mm] dobieram do wartości zawartych w normie i przyjmuję L=2240 [mm].

Odczytuję współczynniki

kL=1,15

kT=1,2

kϕ=0,95

Liczba pasów: 0x01 graphic

0x01 graphic

przyjmuję j=1

11.1. Wyznaczenie szerokości wieńca

0x01 graphic

gdzie:

e - odległość między pasami

f - odległość od środka ostatniego pasa do krawędzi koła

wartości e oraz f odczytałem z norm e=25,5 [mm] natomiast f=17 [mm]

dla pierwszej przekładni pasowej

B=59,5 [mm]

dla drugiej przekładni pasowej

B=34 [mm]

fh=2,714

fn=0,223

Fpa=2412[N]

Fwa=0[N]

Fa=2412[N]

Ca=32616[N]

Fpb=2608[N]

Fwb=-816,64[N]

Fb=276,75 [N]

Cb=3742 [N]

κf=0,9⋅10-3

0x01 graphic

f=0,0072 [mm]

0x01 graphic
0,000008

rad

0x01 graphic
0,000011

rad

0x01 graphic
4,89 [MPa]

0x01 graphic
1,68

[MPa]

ρ=2,54 [mm]

βg=3,33

βs=2,99

Xzg=7,09

Xzs=5,96

Xz=4,56

Xw=1,32



Wyszukiwarka

Podobne podstrony:
PKM Opracowanie sreszke, sem III, Podstawy Konstrukcji Maszyn
PKM sprzęgła, Mechanika IV semestr, Podstawy Konstrukcji Maszyn UTP, laboratorium, PKM sem 4 laborka
buum, PWr, PKM, Podstawy konstrukcji maszyn, Pytania
osie i wały, Podstawy konstrukcji maszyn zadania, PKM
Badanie efektywnosci pracy hamulca tasmowego1, Mechanika IV semestr, Podstawy Konstrukcji Maszyn UT
magda pkm zaliczenie leciejewski, Podstawy konstrukcji maszyn zadania, PKM
PKM - opracowania roznych pytan na egzamin 6, Automatyka i Robotyka, Semestr 4, Podstawy konstrukcji
pytania01, Studia, Podstawy Konstrukcji Maszyn, Podstawy Konstrukcji Maszyn, PKM
Pekanie, PKM, PKM, PKM - Podstawy Konstrukcji Maszyn, Różne materiały
ścinanie, Mechanika IV semestr, Podstawy Konstrukcji Maszyn UTP, laboratorium, PKM sem 4 laborka
PKM pytania-krzych, Automatyka i Robotyka, Semestr 4, Podstawy konstrukcji maszyn, Teoria
pkm kondrat zagadnienia, PKM-Podstawy Konstrukcji Maszyn
Ściąga PKM(1), Automatyka i Robotyka, Semestr 4, Podstawy konstrukcji maszyn, Teoria, PKM
pkm lozyska sciaga, Mechanika IV semestr, Podstawy Konstrukcji Maszyn UTP, laboratorium, PKM sem 4 l
lozysko slizgowe-straty tarcia, Mechanika IV semestr, Podstawy Konstrukcji Maszyn UTP, laboratorium,
Naprężenie tnące w spoinach pachwinowych, Mechanika IV semestr, Podstawy Konstrukcji Maszyn UTP, lab
Odp 4-II, POLITECHNIKA ŚLĄSKA Wydział Mechaniczny-Technologiczny - MiBM POLSL, Semestr 4, StudiaIV,
stale rury2, PKM, PKM, PKM - Podstawy Konstrukcji Maszyn, Różne materiały
obliczenia- przkładnia, semestr 5, PKM - podstawy konstrukcji maszyn, PKM, Materiały (katalogi, wykł

więcej podobnych podstron