przekładnia zębata, UTP-ATR, Podstawy konstrukcji maszyn dr. R. Sołtysiak


Dane:

Obliczenia:

Wyniki:

u = 3,9

n1=135[obr/min]

P = 7,5 kW

KA = 1,4

a = 315 mm

u = 3,9

m = 6

βI = 240 7I

d1= 144,63mm

d2= 565,37mm

0x01 graphic

ap = 355 mm

n1=135[obr/min]

d1= 144,63mm

T1 = 530,55 Nm

YF1 = 4,5

b = 125 mm

n2=34,61[obr/min]

d2= 565,37mm

T2 = 2070 Nm

0x01 graphic
N

c = 478,2

0x01 graphic
N

σHlim =1323,16 MPa

SHmin = 1,1

ZN = 0,818

ZL = 1,086 mm2/s

ZR = 1,001

ZX = 1,0

ZV = 0,976

ZW = 1,07

σH1 = 882,844 N/mm2

σH2 = 678,468 N/mm2

T1 = 229,2 Nm

aw = 225 mm

b1 = 72,5 mm

N = 18 kW

n = 750 obr/min

0x01 graphic

d1 = 160 mm

P1 = 3048,9 N

l = 108,5 mm

Re = 800 MPa

Rm = 1000 MPa

X = 4

kgo = 105 MPa

ksj = 115 MPa

α = 0,456

Mg = 82,7 Nm

Ms = 229,2 Nm

Mgmax = 82,7 Nm

MredI = 229,2 Nm

MredII = 250,225 Nm

MredII = 271,25 Nm

MredIV = 292,275 Nm

MredV = 208,63 Nm

MredVI = 124,99 Nm

MredVII = 41,35 Nm

ksj = 115 MPa

d = 30 mm

dII = 36 mm

dIII = 42 mm

dIV = 48 mm

dV = 40 mm

l1 = 23 mm

l2 = 8 mm

l3 = 70 mm

l4 = 8 mm

l5 = 23 mm

E = 2,05⋅105 MPa

I = 39,76⋅103 mm4

P = 3048,9 N

E = 2,05⋅105 MPa

I = 39,76⋅103 mm4

P = 3048,9 N

mn = 5 mm

nI = 750 obr/min

E = 2,05⋅105 MPa

ν = 0,3

d = 40 mm

GI = 93,5 N

DI = 160 mm

QI =30,5

Io = 251,33⋅103 mm4

G = 28846,15 MPa

MsI = 229,2 Nm

u = 1,8

P2 = 3048,9 N

kgo = 105 MPa

ksj = 115 MPa

MsII = 412,56 Nm

Mgmax = 82,7 Nm

MredI = 41,35 Nm

MredI = 41,35 Nm

MredII = 177,72 Nm

MredIII = 314,1 Nm

MredIV = 450,45 Nm

MredV = 437,8 Nm

MredVI = 425,2 Nm

MredVII = 412,56 Nm

dI = 65 mm

dII = 76 mm

dIII = d­IV = dV 70 mm

dVI = 60 mm

dVII = 55 mm

l1 = 29 mm

l2 = 7 mm

l3 = 65 mm

l4 = 10 mm

l5 = 23 mm

P = 3048,9 N

lredII = 71,6 mm

dmin = 55 mm

lredII = 71,6 mm

lredII = 71,6 mm

I = 449,18⋅103 mm4

P = 3048,9 N

E = 2,05⋅105 MPa

E = 2,05⋅105 MPa

ν = 0,3

d = 55 mm

Io = 898,36⋅103 mm4

lredII = 71,6 mm

QII = 107,162⋅10-3

T = 3 lata

z = 3 zmiany

w = 0,6

n = 750 obr/min

q = 3

0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic
0x08 graphic

  1. Założenia konstrukcyjne:

1.1 Dobór materiałów na koła:

Przyjmuję, że materiały na koła będą ulepszane cieplnie do HB ≤ 350.

Materiał koła zębatego przyjmuję stal 55 ulepszaną cieplnie do HBz=270 o następujących własnościach mechanicznych:0x01 graphic

Rm = 640 MPa Re = 360 MPa

σHP2 = 450 MPa σFP2 = 240 MPa

Na koło małe dobieram materiał z warunku jednakowej trwałości kół zębatych o twardości:

HB1 = 0x01 graphic
⋅HB2 = 0x01 graphic
⋅270 = 338,75

Przyjmuję HB1= 350

Zakładam, że koło małe, zębnik, będzie wykonane ze stali stopowej konstrukcyjnej do ulepszania cieplnego 30H o następujących właściwościach mechanicznych:

Rm = 900 MPa Re = 750 MPa

σHP1 = 500 MPa σFP1 = 280 MPa

    1. Przyjmuję symetryczne łożyskowanie kół zębatych.

    1. Przyjmuję, że zęby nie będą korygowane, zatem

αt = α0 = 20­­­0

  1. Wyznaczenie odległości między osiami kół .

    1. Wyznaczenie odległości między osiami kół z warunku na naciski stykowe.

2.1.1 Rozstaw osi:

0x01 graphic

      1. Wyznaczenie obrotów koła napędzanego:

0x01 graphic
0x01 graphic
[obr/min]

      1. Moment skręcający na kole napędzanym.

0x01 graphic

      1. Moment skręcający na kole napędzającym.

0x01 graphic

      1. Współczynnik geometrii zarysu

0x01 graphic

      1. Współczynnik sprężystości materiałów.

0x01 graphic

      1. Do obliczeń wstępnych przyjmuję:

Zε = 0,85 Zβ = 1 ZB = 1

      1. Współczynnik szerokości przekładni.

0x01 graphic
0x01 graphic

      1. Współczynnik obciążenia.

KH = KA ⋅ KV

współczynnik nadwyżek dynamicznych, wewnętrznych według materiału:

0x01 graphic

prędkość obwodowa

0x01 graphic

0x01 graphic
[m/s]

0x01 graphic

0x01 graphic

Zatem rozstaw osi wynosi:

0x01 graphic

0x01 graphic
mm

Przyjmuję wstępnie znormalizowaną odległość

osi a = 315 mm

  1. Wyznaczenie wartości modułu i liczby zębów.

    1. Przyjmuje wartość modułu z warunku jednakowej wytrzymałości na naciski stykowe i zginanie.

m = (0,016 ÷ 0,02)a

m = (0,016 ÷ 0,02)⋅ 315 = 5,04 ÷ 6,3

Przyjmuję znormalizowany moduł m = 6

    1. Obliczam liczbę zębów na kołach.

0x01 graphic

Przyjmuję z1 = 22

z2 = z1⋅u = 22⋅3,9 = 85,8

Przyjmuję z2 = 86

    1. Odległość rzeczywista między osiami.

ap = 0x01 graphic
mm

Po zaokrągleniu ostateczny rozstaw osi wynosi:

ap = 355 mm

    1. Obliczam rzeczywisty kąt pochylenia zębów.

cosβI = 0x01 graphic

stąd βI = 240 7I

  1. Wymiary geometryczne kół zębatych.

    1. Średnice podziałowe kół.

d1 = 0x01 graphic

d2 = 0x01 graphic

    1. Średnice głów zębów.

da1 = 0x01 graphic

da2 = 0x01 graphic

    1. Średnice stóp zębów.

df1 = 0x01 graphic

df2 = 0x01 graphic

    1. Szerokość zęba (wieńca zęba).

b = 0x01 graphic

Przyjmuję szerokość wieńca b = 125 mm

  1. Obliczanie naprężeń od zginania u podstawy zęba.

5.1 Naprężenia od zginania na kole małym (zębniku).

σF1= 0x01 graphic

      1. Wyznaczam współczynnik obciążenia.

KF1 = KA ⋅ KV1

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

KF1 = 1,4 ⋅ 1,004426 = 1,406197

      1. Wyznaczam współczynnik kształtu zęba YF1

Dla 0x01 graphic
zęba

α = 200 x1 = 0 YF1 = 4,5

Naprężenia od zginania na kole małym (zębniku).

σF1= 0x01 graphic
Mpa

σF1<<σFP1 - koło małe nie ulega zniszczeniu

5.2 Naprężenia od zginania na kole małym (zębniku).

σF2= 0x01 graphic

5.2.1 Wyznaczam współczynnik obciążenia.

KF2 = KA ⋅ KV2

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

KF2 = 1,4 ⋅ 1,0048624 = 1,406807

      1. Wyznaczam współczynnik kształtu zęba YF1

Dla 0x01 graphic
zęba

α = 200 x2 = 0 YF2 = 3,8

Naprężenia od zginania na kole małym (zębniku).

σF2= 0x01 graphic
Mpa

σF2<<σFP2 - koło duże nie ulega zniszczeniu

  1. Sprawdzam zęby koła małego na naciski powierzchniowe przy zakładanym czasie pracy

  2. T = 6000 h

    1. Obliczam wartość siły F działającej na ząb.

0x01 graphic
N

0x01 graphic
N

    1. Obliczam nacisk na zęby dla koła małego (zębnika)

0x01 graphic

dla koła wykonanego ze stali c = 478,2

0x01 graphic
MPa

    1. Obliczam dopuszczalny nacisk na ząb dla koła małego

0x01 graphic

dla T = 6000 h i n1 = 135 obr/min ⇒ W = 2,5

0x01 graphic
MPa

p < ko - naciski powierzchniowe działające na

powierzchnie uzębienia koła małego nie

spowodują jego uszkodzenia

  1. Przeprowadzenie korekcji uzębienia:

    1. Określenie sumy współczynników przesunięcia w płaszczyźnie czołowej:

0x01 graphic

gdzie:

0x01 graphic
- kąt przyporu na średnicy podziałowej

αon = 20°, natomiast β = 0° bo zęby są proste, czyli:

α­t = αon = 20° = 0,349 rad

czyli:

invαt = tgαt - αt = tg20° - 0,349 = 0,0149

0x01 graphic

kąt przyporu na okręgu tocznym w płaszczyźnie czołowej

czyli:

0x01 graphic

zatem:

invαtw = tgαtw - αtw = tg28°49' - 0,503 = 0,047

zatem suma współczynników przesunięcia w płaszczyźnie czołowej wynosi:

0x01 graphic

    1. Pozorna odległość osi.

a'w = ap + Σx*m

a'w = 331 + 4,76*6 = 359,56 mm

    1. Współczynnik zbliżenia osi (współczynnik skrócenia głowy zębów)

Y = (a'w - ap)/m

Y = (359,56 - 331)/6 = 4,76

    1. Wartości współczynników przesunięcia zębnika oraz koła zębatego przyjmujemy odwrotnie proporcjonalnie do liczby zębów

0x01 graphic

0x01 graphic

    1. Wymiary geometryczne zębów i kół po dokonanej korekcji

7.5.1 Średnice kół tocznych:

0x01 graphic

0x01 graphic

      1. Średnice kół podziałowych

d1 = m*z1= 6*22 = 132 mm

d2 = m*z2= 6*86 = 516 mm

      1. Wysokość głowy zęba

ha1 = (1+x1-Y)m = 6( 1+22 - 4,76) =

  • Średnica kół głów (przy y = 1 i Δy = 0):

da1,2 = m⋅[z1,2 + 2⋅(y + x1,2 - Δy)]

czyli: da1 = 171,978 mm oraz da2 = 300 mm

  • Średnica kół stóp:

df1,2 = m⋅[z1,2 - 2⋅(y - x1,2 + 0,25)]

czyli: df1 = 149,478 mm oraz df2 = 277,5 mm

  • Wysokości stóp zębów:

hf1,2 = m⋅(y - x1,2 + 0,25)

czyli: hf1 = 5,261 mm oraz hf2 = 6,25 mm

  • Wysokości głów zębów:

ha1,2 = m⋅(y + x1,2 - Δy)

czyli: ha1 = 5,989 mm oraz ha2 = 5 mm

  • Rzeczywisty luz promieniowy:

0x01 graphic

czyli: 0x01 graphic

  • Liczba n zębów do pomiaru grubości zęba:

0x01 graphic

czyli: n1 = 4,0, natomiast n2 = 6,944

Zatem przyjmuję n1 = 4 oraz n2 = 7 zębów

  • Obliczenie długości W wzdłuż normalnej przy pomiarze przez n zębów:

W = m⋅cos α⋅[(n1,2 - 0,5)⋅π + z1,2⋅inv α] + 2⋅x1,2⋅m⋅sin α

zatem:

W1 = 54,579 mm, natomiast W2 = 100,005 mm

  1. Obliczenia sprawdzające:

Z warunku na rzeczywiste naprężenia stykowe mamy:

0x01 graphic

gdzie:

0x01 graphic

czyli:

0x01 graphic
0x01 graphic

ZE - wsp. sprężystości materiału kół:

0x01 graphic

gdzie:

dla stali 55 liczba Poissona ν = 0,3

dla stali 45 liczba Poissona ν = 0,25

moduł Younga E1 = E2 = 2,06⋅10-5 MPa

czyli:

0x01 graphic

ZH - wsp. geometrii zarysu:

0x01 graphic

czyli:

0x01 graphic

Zε - wsp. stopnia pokrycia:

Dla 0x01 graphic
przyjmuję wg [1]

Zε = 2,2

Zβ - wsp. pochylenia linii zęba:

0x01 graphic

ZB - wsp. zmiany krzywizny powierzchni styku - dla przełożenia u < 3,5 przyjmuję ZB = 1.

Ft - nominalna siła działająca na okręgu podziałowym w płaszczyźnie czołowej:

0x01 graphic

czyli mamy:

0x01 graphic
, natomiast 0x01 graphic

Zatem mamy:

0x01 graphic
0x01 graphic
0x01 graphic

  • dla zębnika

0x01 graphic
σH1 = 882,844 N/mm2

  • dla koła z2:

0x01 graphic
σH2 = 678,468 N/mm2

Dopuszczalne naprężenia na naciski stykowe:

0x01 graphic

0x01 graphic
Granica wytrzymałości zmęczeniowej na naprężenia stykowe powierzchni zęba dla obu materiałów kół wynoszą:

0x01 graphic

gdzie dla FHHRC = 50 i KHHB = 300 wg [1]:

  • wytrzymałość zmęczeniowa trwała σoHlim:

σoHlim = 17⋅FHHRC + 270 = 17⋅50 + 270 = 1120 MPa

  • grubość warstwy utwardzonej:

ht = 0,2⋅m = 1 mm

  • wymagana grubość warstwy utwardzonej:

0x01 graphic

0x01 graphic

czyli:

0x01 graphic

Rzeczywisty minimalny współczynnik bezpieczeństwa przyjmuję SHmin = 1,1.

ZN - współczynnik trwałości:

0x01 graphic

Dla materiału kół przyjmuję wg [1] bazową liczbę cykli NHlim = 100⋅106 cykli.

Wykładnik nachylenia krzywej Wöhlera przyjmuję qH = 9.

zatem:

0x01 graphic

ZL - współczynnik smarowania:

Wg [5] dla prędkości V = 6,5 m/s przyjmuję z [1] olej do przekładni przemysłowych Transol 75, dla którego lepkość kinematyczna ν50 = 75 ÷ 87 mm2/s i ν100 = 12,5 mm2/s, czyli:

0x01 graphic

ZR - wsp. uwzględniający wpływ chropowatości:

0x01 graphic

gdzie:

Rz1,2 - średnie wartości chropowatości zębów; przyjmuję wykonanie zębów z chropowatością Ra1,2 = 0,63 μm ⇒ Rz1,2 = 2,5 μm, czyli:

0x01 graphic

ZV - współczynnik prędkości:

0x01 graphic

ZW - współczynnik wzmocnienia powierzchniowego:

Dla wg [1] (twardość powierzchni zęba koła słabszego - z2) mamy:

0x01 graphic

ZX - współczynnik wielkości zębów - wg [1] dla modułu m < 10 przyjmuję ZX = 1,0

Czyli dopuszczalne naprężenia na naciski stykowe:

0x01 graphic

0x01 graphic

σHP = 1117 MPa

Czyli:

σH1 = 882,844 < σHP = 1117 MPa

σH2 = 678,468 < σHP = 1117 MPa

A zatem warunek jest spełniony.

Założenia:

  • produkcja seryjna;

  • praca bez rewersji obrotów;

  1. Obliczenia wałów:

    1. Schemat obciążenia:

    1. Wstępne określenie długości wału:

  • odległość koła od wewnętrznej ścianki reduktora:

δ = (0,025⋅aw + 1)

δ = (0,025⋅225 + 1) = 6,625 mm

Ale grubość ścianki δ ≥ 8 mm, zatem przyjmuję odległość koła od ścianki δ = 8 mm.

  • długość wału przy wstępnym założeniu szerokości łożysk B = 20 mm:

l = b1 + 2⋅δ + B

l = 72,5 + 2⋅8 + 20 = 108,5 mm

    1. Wyznaczenie obciążeń i wymiarów wału I:

  • moment skręcający na wale I:

0x01 graphic

0x01 graphic

  • siła obwodowa na kole z1:

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

  • reakcje w łożyskach:

0x01 graphic

0x01 graphic

  • Przyjmuję materiał wałka - stal 40H, dla której:

Rm = 1000 MPa

Re = 800 MPa

Przyjmuję wykonanie obróbki cieplnej:

  • hartowanie: 850oC - olej;

  • odpuszczanie: 500oC - olej lub woda;

Przyjmuję współczynnik bezpieczeństwa X = 4, czyli będziemy mieli:

0x01 graphic

0x01 graphic

  • współczynnik redukcyjny naprężeń:

0x01 graphic

0x01 graphic

  • moment zastępczy (dla dominujących naprężeń stycznych):

0x01 graphic

0x01 graphic

MredIV = 292,275 Nm

Na końcu wału, gdzie wykresy momentów wskazują 0, przyjmuję moment zginający w łożyskach równy:

0x01 graphic

0x01 graphic

  • wartości pozostałych momentów zostaną odczytane z wykresu poprzez interpolację liniową:

MredI = 229,2 Nm

MredII = 250,225 Nm

MredII = 271,25 Nm

MredV = 208,63 Nm

MredVI = 124,99 Nm

  • obliczenie średnic wału w przekrojach I ÷ VII:

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

Ze względu na wykonanie wpustów oraz uwzględniając nieprzewidziane obciążenia, zwiększam otrzymane wyniki o 30%, uzyskując:

dI = 28,145 mm

dII = 28,977 mm

dIII = 29,77 mm

dIV =30,524 mm

dV = 27,274 mm

dVI = 23,01 mm

dVII = 15,9 mm

  • obliczenie długości zredukowanej - średnice i długości odczytujemy z wykresu:

0x01 graphic

0x01 graphic

lredI = 53,57 mm

  • obliczenie kąta obrotu dla zadanego sposobu podparcia, obliczonej długości zredukowanej oraz minimalnej średnicy:

0x01 graphic

E = 2,05105 MPa - moduł Younga

0x01 graphic

0x01 graphic

  • dopuszczalny kąt obrotu dla wałów maszynowych wynosi:

ϕdop = (0,25 ÷ 2)°/mb = (0,00436 ÷ 0,0349)rad

zatem:

ϕA < ϕdop

  • obliczenie strzałki ugięcia w podporach:

0x01 graphic

0x01 graphic

f = 1,198⋅10-3 mm

  • obliczenie wartości dopuszczalnej strzałki ugięcia:

fdop = (0,005 ÷ 0,01) ⋅mn

fdop = (0,005 ÷ 0,01) ⋅5

fdop = (0,025 ÷ 0,05) mm

zatem:

f < fdop

  • obliczenie obrotów krytycznych wału I:

1,3nkryt ≤ nI0x01 graphic

gdzie:

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic
- moduł Kirchoffa

0x01 graphic

biegunowy moment bezwładności:

0x01 graphic

0x01 graphic

ciężar zębnika: GI = 9,35 kg = 93,5 N

zatem mamy:

0x01 graphic

QI = 30,499⋅10-6

czyli:

0x01 graphic

nkryt = 20115,3 obr/min

Czyli wał I przy obrotach 750 obr/min nie jest narażony na pracę przy częstotliwościach rezonansowych.

    1. Wyznaczenie obciążeń i wymiarów wału II:

Siły działające na ten wał są identyczne jak na wał I, inny jest tylko moment skręcający:

  • moment skręcający na wale II:

MsII = MsI⋅u

MsII = 229,2⋅1,8 = 412,56 Nm

  • siła obwodowa na kole z2 jest równa sile na kole z1,czyli P2 = 3048,9 N

  • reakcje w łożyskach:

0x01 graphic

0x01 graphic

Przyjmuję materiał wału II taki sam jak na wał I, czyli będzie się on charakteryzował takimi samymi własnościami:

0x01 graphic

0x01 graphic

  • moment zastępczy (dla dominujących naprężeń stycznych):

0x01 graphic

0x01 graphic

MredIV = 450,45 Nm

Na końcu wału, gdzie wykresy momentów wskazują 0, przyjmuję moment zginający w łożyskach równy:

0x01 graphic

0x01 graphic

  • wartości pozostałych momentów zostaną odczytane z wykresu poprzez interpolację liniową:

MredI = 41,35 Nm

MredII = 177,72 Nm

MredIII = 314,1 Nm

MredIV = 450,45 Nm

MredV = 437,8 Nm

MredVI = 425,2 Nm

MredVII = 412,56 Nm

  • obliczenie średnic wału w przekrojach I ÷ VII, średnice są zwiększane dodatkowo o 30% ze względu na nieprzewidziane obciążenia oraz wykonanie rowków wpustowych:

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic

  • obliczenie długości zredukowanej:

Z wykresu mamy średnice:

dI = 65 mm

dII = 76 mm

dIII = d­IV = dV 70 mm

dVI = 60 mm

dVII = 55 mm

odpowiednio na długościach:

l1 = 29 mm

l2 = 7 mm

l3 = 65 mm

l4 = 10 mm

l5 = 23 mm

0x01 graphic

0x01 graphic

lredII = 71,6 mm

  • obliczenie kąta obrotu dla zadanego sposobu podparcia, obliczonej długości zredukowanej oraz minimalnej średnicy:

0x01 graphic

E = 2,05⋅105 MPa - moduł Younga

0x01 graphic

0x01 graphic

  • dopuszczalny kąt obrotu dla wałów maszynowych wynosi:

ϕdop = (0,25 ÷ 2)°/mb = (0,00436 ÷ 0,0349)rad

zatem:

ϕA < ϕdop

  • obliczenie strzałki ugięcia w podporach:

0x01 graphic

0x01 graphic

f = 0,253⋅10-3 mm

  • obliczenie wartości dopuszczalnej strzałki ugięcia:

fdop = (0,005 ÷ 0,01) ⋅mn

fdop = (0,005 ÷ 0,01) ⋅5

fdop = (0,025 ÷ 0,05) mm

zatem:

f < fdop

  • obliczenie obrotów krytycznych wału II:

1,3nkryt ≤ nII0x01 graphic

gdzie:

0x01 graphic

0x01 graphic

0x01 graphic
- moduł Kirchoffa

0x01 graphic

biegunowy moment bezwładności:

0x01 graphic

0x01 graphic

ciężar koła zębatego: GII = 16,27 kg = 162,7 N

zatem mamy:

0x01 graphic

QII = 107,162⋅10-3

czyli:

0x01 graphic

nkryt = 554962,45 obr/min

Czyli wał II przy obrotach 416,67 obr/min nie jest narażony na pracę przy częstotliwościach rezonansowych.

  1. Obliczenie łożysk:

    1. Obliczenie łożysk na wale I:

      1. Zliczona ilość godzin pracy:

Lh = ilość lat × ilość zmian × 2500×w

gdzie:

w - stopień wykorzystania

czyli:

Lh = 3⋅3⋅2500⋅0,6 = 13500 h

      1. Wymagany czas pracy łożyska:

0x01 graphic

q = 3 - zakładam zastosowanie łożysk kulkowych

      1. Obciążenie zastępcze wypadkowe:

Pmax = V⋅X⋅Ppmax + Y⋅Pwmax

V = 1 - dla nieruchomego wału;

Ppmax = 3048,9 N;

Pwmax = 0;

X =1;

Y = 0;

czyli:

Pmax = 1⋅1⋅3048,9 = 3048,9 N

      1. Obliczenie nośności dynamicznej:

0x01 graphic

  • widmo obciążenia:

HB1= 350

αt = α0 = 20­­­0

n2=34,61[obr/min]

T2 = 2070 Nm

T1 = 530,55 Nm

ZH = 2,47

ZE = 190

Zε = 0,85

Zβ = 1

ZB = 1

0x01 graphic

V = 1.11[m/s]

0x01 graphic

0x01 graphic

a = 315 mm

m = 6

z1 = 22

z2 = 86

ap = 355 mm

βI = 240 7I

d1= 144,63mm

d2= 565,37mm

da1 =156,63mm

da2 =577,37mm

df1 = 129,63mm

df2 =550,37mm

b = 125 mm

0x01 graphic

0x01 graphic

KF1 = 1,406197

0x01 graphic

YF1 = 4,5

σF1= 67,82 MPa

0x01 graphic

0x01 graphic

KF2 = 1,406807

0x01 graphic

YF2 = 3,8

σF2= 57,188MPa

0x01 graphic
N

0x01 graphic
MPa

0x01 graphic
MPa

0x01 graphic

P1 = 3048,9 N

Mgmax = 82,5 Nm

kgo = 105 MPa

ksj = 115 MPa

α = 0,456

MredI = 229,2 Nm

MredII = 250,225 Nm

MredII = 271,25 Nm

MredV = 208,63 Nm

MredVI = 124,99 Nm

dI = 21,65 mm

dII = 22,29 mm

dIII = 22,9 mm

dIV = 23,48 mm

dV = 20,98 mm

dVI = 17,7 mm

dVII = 12,23 mm

dI = 28,145 mm

dII = 28,977 mm

dIII = 29,77 mm

dIV =30,524 mm

dV = 27,274 mm

dVI = 23,01 mm

dVII = 15,9 mm

lredI = 53,57 mm

E = 2,05⋅105 MPa

I = 39,76⋅103 mm4

ϕA = 67,09⋅10-6 rad

ϕdop= (0,00436 ÷ 0,0349)rad

f = 1,198⋅10-3 mm

fdop = (0,025 ÷ 0,05) mm

G = 28846,15 MPa

Io = 251,33⋅103 mm4

QI =30,5

nkryt = 20115,3 obr/min

MsII = 412,56 Nm

P2 = 3048,9 N

α = 0,456

MredIV = 450,45 Nm

MredI = 41,35 Nm

MredI = 41,35 Nm

MredII = 177,72 Nm

MredIII = 314,1 Nm

MredIV = 450,45 Nm

MredV = 437,8 Nm

MredVI = 425,2 Nm

MredVII = 412,56 Nm

dI = 15,9 mm

dII = 25,86 mm

dIII = 31,26 mm

dIV = 35,26 mm

dV = 34,9 mm

dVI = 35,3 mm

dVII = 34,24 mm

lredII = 71,6 mm

I = 449,18⋅103 mm4

ϕA = 20,7⋅10-6 rad

ϕdop = (0,00436 ÷ 0,0349)rad

f = 0,253⋅10-3 mm

G = 28846,15 MPa

Io = 898,36⋅103 mm4

GII = 162,7 N

QII = 107,162⋅10-3

nkryt = 554962,45 obr/min

Lh = 13500 h

q = 3

V = 1

Pmax = 3048,9 N

2

Akademia Górniczo - Hutnicza w Krakowie



Wyszukiwarka