Wyniki wyszukiwana dla hasla Kolendowicz!9 Kolendowicz1 -27 Przykład 4-3. Siła pionowa P = 1 kN obciąża koniec pręta O A umocowanego przegubowKolendowicz2 Rys. 4-31 ■ Podobnie jak w przypadku momentu siły względem punktu prKolendowicz4 działania siły Pt obieramy dowolny punkt o współrzędnych i yt. Rzuty Pix i P,y siły P,Kolendowicz5 Wyrazimy je słowami następująco: 1. Suma rzutów wszystkich sił na os x musi byc równa Kolendowicz6 Wielobok Plan sił Wielobok sił zbieżnego układu sił. Przyjmijmy teraz w wieloboku sił Kolendowicz7 Pi, P2 i Pj równowartymi im siłami składowymi. A więc po rozłożeniu siły Pi na składowKolendowicz9 Dowolny niezbieżny układ sił jest w równowadze, jeśli wielobok sił zamyka się i jeśli Kolendowicz1 Plan sil 2000 N Moment wypadkowej jest dodatni, a zatem odległość a trzeba odmierzyć oKolendowicz2 ■ Wykreślmy wielobok sił w obranej skali n oraz wielobok sznurowy. Suma momentów sił PKolendowicz6 Rys. 5-2 (5-3) (5-4) (5-5) S — Ar 0. Można zatem napisać fdAr = Ar0. Stąd obliczamy odKolendowicz7 Przykład 5-2. Wyznaczyć współrzędną środka ciężkości pola ograniczonego parabolą y = kKolendowicz8 n cm2 i i Rys. 5-9 5.1.2. Sposób graficzny Sposób ten stosowany jestKolendowicz9 1.60 2 o o ir> o o 00 C5 Rys. 5-105.2. Moment bezwładności i moment dewiacji PrzyKolendowicz 0 przekrój dwuteowy stosowany często w elementach zginanych. Belka o takim kształcie, o Kolendowicz 2 ł-A r" stąd 7 iA_ i* 0 o y c» i. [cm]. (5-14) / f ■Kolendowicz 3 Równanie paraboli oraz powierzchnia pola, wyznaczone w przykładzie 5-2, wynoszą: RozwiKolendowicz 4 A> = iP2dA = p2(2npdp) = 2np2dp = —. AKolendowicz 5 ■ Rozpatrzmy pole przedstawione na rys. 5-29. Przez środek ciężkościKolendowicz 6 ujemny, a kąt rozwarty, gdy moment dewiacji jest dodatni. Podstawiając wartość kąta *0Kolendowicz 7 ■ Metoda ta umożliwia rozwiązanie wielu innych zagadnień: mogą być dane momenty /, i lWybierz strone: [
2 ] [
4 ]
