Wyniki wyszukiwana dla hasla 2011 12 19";58;445
2011 12 19 ;58;445 Teraz szukamy maksymalnej i minimalnej wartości na osi Re: • dla uj = 0 mamy: Re[
2011 12 19 ;58;445 Teraz szukamy maksymalnej i minimalnej wartości na osi Re: • dla uj = 0 mamy: Re[
2011 12 19 ;58;445 Teraz szukamy maksymalnej i minimalnej wartości na osi Re: • dla uj = 0 mamy: Re[
2011 12 19 ;58;442 En(s) = lim sE{s) = lims- «-+ o 1 10?2+S — lim 10^2+S o 5 10s2+
2011 12 19 ;58;443 Zadanie 5 Dla układu z zadania 4 zaprojektować korektor opóźniający, taki aby uch
2011 12 19 ;58;446 T? k (f{u) = arctguT k — arctgui— Tk TT du>1+^ a2 Punkt
2011 12 19 ;58;442 En(s) = lim sE{s) = lims- «-+ o 1 10?2+S — lim 10^2+S o 5 10s2+
2011 12 19 ;58;443 Zadanie 5 Dla układu z zadania 4 zaprojektować korektor opóźniający, taki aby uch
2011 12 19 ;58;446 T? k (f{u) = arctguT k — arctgui— Tk TT du>1+^ a2 Punkt
2011 12 19 ;58;44 ^vccj>Jł -P0D5TBWy RUTOM«TyKl -EG10MIM Egzamin Podstaw Automatyki 19.06 2010Zad
2011 12 19 ;58;444 • dla u;<0.1 = 10 1 Lm(u)£z 2Qlogl0 + 20log i/i — 2Qlogfi =
2011 12 19 ;58;44 ^vccj>Jł -P0D5TBWy RUTOM«TyKl -EG10MIM Egzamin Podstaw Automatyki 19.06 2010Zad
2011 12 19 ;58;444 • dla u;<0.1 = 10 1 Lm(u)£z 2Qlogl0 + 20log i/i — 2Qlogfi =
2011 12 19 ;58;44 ^vccj>Jł -P0D5TBWy RUTOM«TyKl -EG10MIM Egzamin Podstaw Automatyki 19.06 2010Zad
2011 12 19 ;58;444 • dla u;<0.1 = 10 1 Lm(u)£z 2Qlogl0 + 20log i/i — 2Qlogfi =
2011 12 03;58;54 2ll?)hh)tC 4. SŁG-ATiH,3. WGcKck , GHk j yecotttdc- k bu?lfsK0kilbGf[ C^rvo ^ - nr
2011 12 19 ;52;522 Czyli przecięcie osi Re Jest w punkcie (-0.5, JO), a więc wykres nie obejmuje pun
2011 12 19 ;52;523 , Taj+I - wyznaczanie A Transmltancja układu z korektorem: „ , >__1_
2011 12 19 ;52;524 £„(») = limsJS(s)= lima;- »-łO v «—>o e,. i rf+mu+i _ rf+
2011 12 19 ;53;59 PODSTAWY AUTOMATYKIWrocław 23.01.2010EGZAMIN Z PODSTAW AUTOMATYKI - studia niestac
Wybierz strone: {
2
]
