FUNKCJE ANALITYCZNE
11
Dowód. Załóżmy najpierw, że Zq £ T. Przez 21,22 >23 oznaczmy wierzchołki T. Rozpatrując punkty (Zj + Zk)/2, j, k = 1,2,3, dzielimy trójkąt T na cztery trójkąty T1,..., T4. Mamy wtedy
[ f(z)dz = J2f f(z)dz-Jar j=1 Jan
Wybierając jako Ti odpowiedni z trójkątów T1,... ,T4 otrzymamy f /(2)d2 < 4 / /(2)d2 .
\JdT I UdT,
Zauważmy także, że l{dT\) = l(dT)/2. W ten sam sposób wybieramy indukcyjnie trójkąty Tn, n = 1,2,..., tak, że
f f(z)dz <4 \f /(2)d2 JdTn-1 Uarn
oraz l(dTn) = l(dTn-\)/2. Otrzymaliśmy zatem zstępujący ciąg trójkątów Tn taki,
(4.1)
[ f(z)dz\ < 4" I f f(z)dz \JdT I I JdT„
l(8Tn) l(dT) 2 ~ 2"+' '
Z twierdzenia Cantora wynika, że
dla pewnego z € T. Z C-różniczkowalności / w z mamy
f(z) = f(z) + (f'(z) + e(z))(z-z),
gdzie
lim e(z) = 0.
Ponieważ funkcja f(z) + f'(z)(z — z) ma pierwotną, z (3.1) i (3.3) wynika, że \f f(z)dz = \f e(z)(z — z)dz < l(dTn)di&m(Tn) max|e|.
| JdTn I I JdTn I Tn
Korzystając z (4.1) i (4.2) otrzymamy dla każdego n
I / f(z)d.
\JdT