ch10 11 ciagi granice

background image

-

Granica cia

,

gu

Ostatnia aktualizacja 22 pa´

zdziernika 2012, godz. 23:57

W wielu sytuacjach rozpatrywane sa

,

tzw. cia

,

gi liczbowe. Je´sli np. chcemy zdefi-

niowa´c pole ko la, to mo˙zna rozwa˙za´c np. wieloka

,

ty foremne wpisane w to ko lo o coraz

wie

,

kszej liczbie bok´ow i m´owi´c, ˙ze pole ko la jest liczba

,

, kt´ora

,

mo˙zna przybli˙za´c po-

lami tych wieloka

,

t´ow, przy czym przybli˙zenie jest tym dok ladniejsze im wie

,

ksza jest

liczba bok´ow wieloka

,

ta. Mamy tu wie

,

c do czynienia z cia

,

giem p´ol wieloka

,

t´ow wpi-

sanych w dane ko lo, co oznacza, ˙ze liczbom naturalnym pocza

,

wszy od 3 przypisane

zosta ly pewne liczby rzeczywiste. Te ostatnie nazywamy wyrazami cia

,

gu i oznaczamy

na og´o l symbolem a

n

.

Inny przyk lad by l rozwa˙zany przez Zenona (490-430 p.n.e) z Elei . Twierdzi l on

mianowicie, ˙ze znany w staro˙zytno´sci biegacz Achilles nie jest w stanie dogoni´c ˙z´o lwia.

Rozwa˙zania te przedstawimy oczywi´scie u˙zywaja

,

c wsp´o lczesnego je

,

zyka i stosuja

,

c

wsp´o lczesne oznaczenia. Przyjmijmy na przyk lad, ˙ze pocza

,

tkowa odleg lo´s´c mie

,

dzy

Achillesem i ˙z´o lwiem r´owna jest 100 m. Dla prostoty przyjmiemy, ˙ze pre

,

dko´s´c Achil-

lesa jest dziesie

,

ciokrotnie wie

,

ksza ni˙z pre

,

dko´s´c uciekaja

,

cego ˙z´o lwia. W jakim´s czasie

Achilles przebiegnie 100 m. W tym samym czasie ˙z´o lw przesunie sie

,

o 10 m, wie

,

c

na razie przynajmniej nie zostanie z lapany. Po

1

10

tego czasu Achilles przebiegnie

10 m, jednak zn´ow nie dogoni ˙z´o lwia, kt´ory oddali sie

,

o naste

,

pny metr. Achilles

przebiegnie metr, a ˙z´o lw oddali sie

,

o 10 cm itd. Proces ten mo˙zna kontynuowa´c.

Prowadzi to do rozpatrywania coraz d lu˙zszych odcink´ow przebytych przez Achillesa,

czyli liczb: 100 ; 110 ; 111 ; 111,1 ; . . . – czyli cia

,

gu, kt´orego wyraz o numerze n jest

dany za pomoca

,

wzoru a

n

= 100 + 10 + 1 + . . . +

100

10

n−1

= 111,1 . . . 1 – przy czym w

zapisie dziesie

,

tnym tej liczby wyste

,

puje n jedynek. Zenon po prostu nie potrafi l zsu-

mowa´c niesko´

nczenie wielu sk ladnik´ow. Nie operowa l poje

,

ciem sumy niesko´

nczonej,

nie umiano wtedy takiego poje

,

cia zdefiniowa´c. Tego rodzaju problemy analizowano

ju˙z wtedy, ale ´scis le definicje matematyczne pojawi ly sie

,

dopiero w pierwszej po lowie

XIX wieku (Gauss, Cauchy, Bolzano). Oczywi´scie mo˙zna latwo odpowiedzie´c na py-

tanie po przebiegnie

,

ciu jakiego dystansu Achilles z lapie ˙z´o lwia: 111, 1 . . . =

1000

9

.

Na wszelki wypadek podamy formalne rozumowanie, kt´ore mo˙zna by lo zastosowa´c

r´ownie˙z w staro˙zytno´sci, jednak bez jawnego u˙zycia poje

,

cia sumy niesko´

nczonej, a

wie

,

c omijaja

,

c istotny problem matematyczno-filozoficzny.* Oznaczmy dystans prze-

byty przez ˙z´o lwia do momentu zako´

nczenia pogoni przez x . Achilles w tym samym

czasie przebieg l odleg lo´s´c 10x . R´o˙znica tych wielko´sci to 9x = 100 . Sta

,

d natych-

miast wynika, ˙ze x =

100

9

, zatem 10x =

1000

9

. Oczywi´scie problemem istotnym

*

By ly inne paradoksy zwia,zane z problemem dzielenia w niesko´nczono´s´c na cze,´sci, np. punkt nie ma

d lugo´sci, odcinek sk lada sie, z punkt´ow i ma d lugo´s´c, poruszaja,cy sie, obiekt w niesko´nczenie kr´otkim

czasie nie przebywa ˙zadnej odleg lo´sci, a jednak sie, porusza. Przekonamy sie,, ˙ze dzie,ki poje,ciu granicy

daje sie, w sensowny spos´ob m´owi´c o tego rodzaju kwestiach nie dochodza,c do pozornych sprzeczno´sci.

1

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

by lo tu obliczenie tzw. granicy cia

,

gu, czym zajmiemy sie

,

niebawem.

Rozwa˙zymy jeszcze inny przyk lad. Za l´o˙zmy, ˙ze mamy do czynienia z pewna

,

ilo´scia

,

pierwiastka promieniotw´orczego. Niech m oznacza jego mase

,

. Fizycy twierdza

,

,

˙ze ubytek masy pierwiastka promieniotw´orczego jest proporcjonalny do czasu i masy

substancji. Oznaczmy wsp´o lczynnik proporcjonalno´sci przez µ i zastan´owmy sie

,

jaka

,

ilo´s´c tego pierwiastka be

,

dziemy mie´c po czasie t . Na tzw. „zdrowy rozum” masa

w czasie t powinna sie

,

zmniejszy´c o µ · t · m . Jednak substancja promieniuje bez

przerwy. Mogliby´smy wie

,

c rozumowa´c w ten sam spos´ob my´sla

,

c o czasie dwukrotnie

kr´otszym, czyli

t

2

. Wtedy masa zmniejszy laby sie

,

o µ ·

t

2

· m . Wobec tego po czasie

t

2

masa by laby r´owna m − µ ·

t

2

· m = m 1 − µ ·

t

2

) . Ta masa zmniejsza laby sie

,

w

dalszym cia

,

gu zgodnie z tym samym prawem, wie

,

c po czasie

t

2

masa pierwiastka

by laby r´owna m 1 − µ ·

t

2

) − µ ·

t

2

m 1 − µ ·

t

2

) = m 1 − µ ·

t

2

)

2

. Mamy wie

,

c dwa wyniki

1 − µ ·

t

2

)

2

m , je´sli czas „dzielimy ” na p´o l oraz 1 − µ · t

m , je´sli „nie dzielimy”.

Te wyniki sa

,

r´o˙zne, wie

,

c podany opis nie mo˙ze by´c dobry. Na domiar z lego, je´sli

czas podzielimy nie na dwie r´owne cze

,

´sci, to wynik be

,

dzie jeszcze inny: przy podziale

t =

t

3

+

t

3

+

t

3

wywnioskujemy, ˙ze po czasie t masa r´owna jest m 1 − µ ·

t

4

)

3

, przy

podziale t =

t

4

+

t

4

+

t

4

+

t

4

wynik to m 1−µ·

t

4

)

4

. Oczywi´scie rezultat nie mo˙ze zale˙ze´c

od tego, w jaki spos´ob opisujemy zjawisko. Mo˙zna wie

,

c przypu´sci´c, ˙ze zacytowane

prawo fizyki dzia la w przypadku dostatecznie kr´otkiego czasu z b le

,

dem mniejszym ni˙z

dok ladno´s´c pomiaru. Matematyka obliguje to do zadania pytania: czy kolejne liczby

m 1 − µ · t) , m 1 − µ ·

t

2

)

2

, m 1 − µ ·

t

3

)

3

, m 1 − µ ·

t

4

)

4

, . . . przybli˙zaja

,

z coraz

wie

,

ksza

,

dok ladno´scia

,

pewna

,

liczbe

,

, kt´ora mog laby by´c wtedy uwa˙zana za prawdziwy

wynik?

Pytanie okazuje sie

,

tym wa˙zniejsze, ˙ze do tego samego pytania prowadzi analiza

oprocentowanego wk ladu bankowego albo np. wyd lu˙zania sie

,

np. szyn kolejowych

w wyniku wzrostu temperatury lub ich skracania sie

,

w wyniku spadku tempera-

tury. To prawo fizyczne jest znane ka˙zdemu, kto by l przytomny w czasie lekcji fizyki

w szkole podstawowej lub gimnazjum. Jednak nieliczni uczniowie zauwa˙zaja

,

problem,

kt´ory opisali´smy wy˙zej. Stosowanie tego prawa w spos´ob opisany w podre

,

cznikach

szkolny prowadzi do r´o˙znych wynik´ow w zale˙zno´sci od tego czy temperatura zmienia

sie

,

np. o 20

, czy te˙z o 10

+10

, co oczywi´scie nie mo˙ze by´c prawda

,

, bowiem wzrost

temperatury nie jest skokowy, lecz odbywa sie

,

stopniowo. Podsumujmy: opisane wy˙zej

zagadnienia prowadza

,

do rozpatrywania cia

,

gu o wyrazie (1+

x
n

)

n

, w przypadku masy

substancji promieniotw´orczej x = −µ · t . Powy˙zsze rozwa˙zania sugeruja

,

, ˙ze wzrost

liczby naturalnej n powinien powodowa´c wzrost wyra˙zenia (1 +

x
n

)

n

przynajmniej

w przypadku x 6= 0 . W istocie rzeczy latwo mo˙zna sie

,

przekona´c o tym, ˙ze n > −x

2

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

wzrost taki ma miejsce, wyka˙zemy to niebawem.

Innym rodzajem cia

,

gu jest tzw. cia

,

g geometryczny: a

n

= a

0

q

n

, gdzie a

0

i q sa

,

dowolnymi liczbami rzeczywistymi. Liczba q jest zwana ilorazem cia

,

gu geometrycz-

nego, bo w przypadku q 6= 0 jest r´owna ilorazowi dw´och kolejnych wyraz´ow cia

,

gu. Do

rozpatrywania tego cia

,

gu prowadza

,

opisane poprzednio zagadnienia, je´sli nie zmniej-

szamy odcink´ow czasu lub temperatury Liczba ludzi w danym kraju w przypadku

sta lego przyrostu naturalnego zachowuje sie

,

jak cia

,

g geometryczny o ilorazie dosy´c

bliskim jedno´sci — dodatni przyrost naturalny oznacza, ˙ze iloraz jest wie

,

kszy ni˙z 1

za´s ujemny przyrost naturalny — ˙ze iloraz jest mniejszy ni˙z 1 .

Jeszcze innym rodzajem cia

,

gu jest cia

,

g arytmetyczny: a

n

= a

0

+ nd , gdzie a

0

oraz d oznaczaja

,

dowolne liczby rzeczywiste. Liczba d zwana jest r´o˙znica

,

cia

,

gu aryt-

metycznego, jest ona r´owna r´o˙znicy dw´och kolejnych wyraz´ow cia

,

gu. Na prze lomie

XVIII i XIX wieku zaobserwowano, ˙ze ilo´s´c zbo˙za zachowuje sie

,

jak wyraz cia

,

gu

arytmetycznego ( n jest numerem roku). Oczywi´scie tego rodzaju obserwacje sa

,

przy-

bli˙zone, bowiem co jaki´s czas zdarzaja

,

sie

,

powodzie, susze i wtedy proces wzrostu

ulega zak l´oceniu. Bywaja

,

te˙z zak l´ocenia innego rodzaju, np. w XIX zauwa˙zono, ˙ze

stosowanie saletry chilijskiej (nawozy azotowe) zwie

,

ksza w istotny spos´ob plony. By ly

te˙z inne zak l´ocenia „naturalnego” tempa wzrostu ilo´sci zb´o˙z.

W ksia

,

˙zce „Liber Abaci” z 1202 r. autorstwa Leonarda z Pizy, zwanego Fibo-

naccim, znajduje sie

,

naste

,

puja

,

ce zadanie: Ile par kr´olik´ow mo˙ze by´c sp lodzonych

przez pare

,

p lodnych kr´olik´ow i jej potomstwo w cia

,

gu roku, je´sli ka˙zda para daje

w cia

,

gu miesia

,

ca ˙zywot jednej parze, para staje sie

,

p lodna po miesia

,

cu, kr´oliki nie

zdychaja

,

w cia

,

gu tego roku. Jasne jest, ˙ze po miesia

,

cu mamy ju˙z dwie pary przy

czym jedna z nich jest p lodna, a druga jeszcze nie. Wobec tego po dw´och miesia

,

cach

˙zyja

,

ju˙z trzy pary kr´olik´ow: dwie p lodne, jedna jeszcze nie. Po trzech miesia

,

cach

˙zyje ju˙z pie

,

´c par kr´olik´ow: trzy p lodne, dwie jeszcze nie. Po czterech miesia

,

cach jest

ju˙z 8 = 5 + 3 par kr´olik´ow. Kontynuuja

,

c to poste

,

powanie stwierdzamy po niezbyt

d lugim czasie, ˙ze po roku ˙zyje ju˙z 377 = 233 + 144 par kr´olik´ow. Naturalnym pro-

blemem jest: znale´z´c wz´or na liczbe

,

a

n

, je´sli a

0

= 1 , a

1

= 2 i a

n

= a

n−1

+ a

n−2

dla

n = 2, 3, 4, . . . . Wz´or taki zosta l znaleziony dopiero po kilkuset latach od napisania

ksia

,

˙zki przez

Fibonacci’ego i wygla

,

da tak:

a

n

=

1+

5

2

n+2

1

5

2

n+2

5

.

Dow´od prawdziwo´sci tego wzoru jest prosty i nie wykracza poza program liceum

3

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

— latwa indukcja. Jednak wa˙zniejsze jest pytanie, jak w og´ole mo˙zna tego rodzaju

hipoteze

,

sformu lowa´c. Za kilka miesie

,

cy stanie sie

,

jasne w jaki spos´ob do takiego

dziwnego rezultatu mo˙zna doj´s´c.

Przejdziemy teraz do ´scis lego zdefiniowania cia

,

gu.

Definicja 4.1 (cia

,

gu)

Cia

,

giem nazywamy dowolna

,

funkcje

,

okre´slona

,

na zbiorze z lo˙zonym ze wszystkich tych

liczb ca lkowitych, kt´ore sa

,

wie

,

ksze lub r´owne pewnej liczbie ca lkowitej n

0

. Warto´s´c

tej funkcji punkcie n nazywamy n -tym wyrazem cia

,

gu.

Stosujemy oznaczenie (a

n

) dla oznaczenia cia

,

gu, kt´orego n -tym wyrazem jest

a

n

. Rozpatruja

,

c wieloka

,

ty wpisane w okra

,

g zaczynamy od tr´ojka

,

ta, w tym przy-

padku najmniejszym numerem wyrazu cia

,

gu jest liczba n

0

= 3 (zaczynamy wie

,

c

od a

3

). Rozwa˙zaja

,

c cia

,

gi postaci 1 +

x
n

n

zaczynamy od n

0

= 1 , czyli od a

1

.

Rozpatruja

,

c cia

,

g arytmetyczny, geometryczny oraz cia

,

g Fibonacciego rozpocze

,

li´smy

od n

0

= 0 . Oczywi´scie mo˙zna rozpoczyna´c numeracje

,

od dowolnej liczby ca lkowitej,

r´ownie˙z ujemnej. Terminy cia

,

g arytmetyczny, cia

,

g geometryczny u˙zywane be

,

da

,

nie

tylko w przypadku cia

,

g´ow rozpoczynaja

,

cych sie

,

od wyrazu a

0

, r´ownie˙z w tym przy-

padku n

0

mo˙ze by´c dowolna

,

liczba

,

ca lkowita

,

. Chodzi jedynie o to, by by ly prawdziwe

r´owno´sci a

n

= a

n−1

+ d lub — w przypadku cia

,

gu geometrycznego — a

n

= a

n−1

· q

dla wszystkich liczb ca lkowitych n ≥ n

0

. Zazwyczaj jednak numeracje

,

be

,

dziemy roz-

poczyna´c od 0 lub od 1 . Je´sli nie zaznaczymy tego wyra´znie, symbol n oznacza´c

be

,

dzie liczbe

,

ca lkowita

,

nieujemna

,

, czyli naturalna

,

.*

Rozpatrywanie cia

,

g´ow niesko´

nczonych wymaga precyzji. Wiele os´ob nie mo˙ze

pogodzi´c sie

,

z tym, ˙ze 1 = 0, 9999 . . . = 0,9 + 0,09 + 0,009 + 0,0009 + . . . , bo wy-

daje im sie

,

, ˙ze prawa strona jest mniejsza, cho´c wiedza

,

jaka mia laby r´o˙znica le-

wej i prawej strony. Om´owimy jeszcze jeden przyk lad, kt´ory w przekonaniu autora

tekstu wyra´znie sugeruje konieczno´s´c dok ladnego zdefiniowania poje

,

´c, kt´orymi sie

,

pos lugujemy i wyja´snienia, co wolno, a czego nie wolno robi´c. Rozwa˙zmy sume

,

s = 1

1
2

+

1
3

1
4

+

1
5

1
6

+

1
7

1
8

+

1
9

1

10

+

1

11

1

12

+

1

13

1

14

+

1

15

1

16

+

1

17

1

18

+ . . .

W sumie wyste

,

puje niesko´

nczenie wiele sk ladnik´ow. Jest jasne, ˙ze

s = 1

1
2

+

1
3

1
4

+

1
5

1
6

+

1
7

1
8

+

1
9

1

10

+

1

11

1

12

+

1

13

1

14

+

1

15

1

16

+

1

17

1

18

+. . . = =(1

1
2

)+(

1
3

1
4

)+(

1
5

1
6

)+(

1
7

1
8

)+(

1
9

1

10

)+(

1

11

1

12

)+(

1

13

1

14

)+(

1

15

1

16

)++(

1

17

1

18

)+

. . . > 1

1
2

, bo r´o˙znice w nawiasach sa

,

dodatnie. Podobnie mo˙zna uzasadni´c, ˙ze

*

Cze,´s´c matematyk´ow uwa˙za, ˙ze liczby naturalne to 1 , 2 ,

. . .

Inni uwa˙zaja,, ˙ze zaczyna´c nale˙zy od 0 .

W momencie pisania tego tekstu autor przychyli l sie, do tej drugiej koncepcji: liczby naturalne s lu˙za,

przede wszystkim do ustalania liczby element´

ow danego zbioru sko´

nczonego, poniewa˙z rozwa˙zamy

niejednokrotnie zbi´

or pusty, wie,c liczbe, 0 uwa˙za´c be,dziemy za naturalna,.

4

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

s > (1

1
2

)+(

1
3

1
4

) =: s

4

lub s > (1

1
2

)+(

1
3

1
4

)+(

1
5

1
6

)+(

1
7

1
8

)+(

1
9

1

10

) =: s

10

.

Rozpatrywana

,

sume

,

mo˙zemy te˙z zapisa´c tak:

s = 1

1
2

+

1
3

1
4

+

1
5

1
6

+

1
7

1
8

+

1
9

1

10

+

1

11

1

12

+

1

13

1

14

+

1

15

1

16

+

1

17

1

18

+ . . . =

=1 + (

1
2

+

1
3

) + (

1
4

+

1
5

) + (

1
6

+

1
7

) + (

1
8

+

1
9

) + (

1

10

+

1

11

) + (

1

12

+

1

13

) +

+(

1

14

+

1

15

)+(

1

16

+

1

17

)+(

1

18

+

1

19

)+. . . < 1 =: s

1

— ostatnia nier´owno´s´c wynika

z tego, ˙ze sumy we wszystkich nawiasach sa

,

ujemne. Podobnie jak poprzednio mo˙zemy

wykaza´c wie

,

cej: s = 1 + (

1
2

+

1
3

) + (

1
4

+

1
5

) + (

1
6

+

1
7

) + (

1
8

+

1
9

) + (

1

10

+

1

11

) +

+(

1

12

+

1

13

) + (

1

14

+

1

15

) + (

1

16

+

1

17

) + (

1

18

+

1

19

) + . . . < 1 + (

1
2

+

1
3

) =: s

3

Og´olnie, je´sli s

n

oznacza sume

,

pierwszych n sk ladnik´ow sumy niesko´

nczonej s ,

to dla ka˙zdej liczby naturalnej n zachodzi nier´owno´s´c s

2n

< s < s

2n+1

. Jasne jest

te˙z, ˙ze istnieje tylko jedna taka liczba σ , ˙ze s

2n

< σ < s

2n+1

dla wszystkich liczb

naturalnych n . Poprzekszta lcamy jeszcze troche

,

:

s = 1

1
2

+

1
3

1
4

+

1
5

1
6

+

1
7

1
8

+

1
9

1

10

+

1

11

1

12

+

1

13

1

14

+

1

15

1

16

+

1

17

1

18

+ . . . =

=1

1
2

1
4

+

1
3

1
6

1
8

+

1
5

1

10

1

12

+

1
7

1

14

1

16

+

1
9

1

18

1

20

+ . . . =

=

1
2

1
4

+

1
6

1
8

+

1

10

1

12

+

1

14

1

16

+

1

18

1

20

+ . . . =

=

1
2

1

1
2

+

1
3

1
4

+

1
5

1
6

+

1
7

1
8

+

1
9

1

10

+ . . .

=

1
2

s — zmienili´smy kolejno´s´c

sk ladnik´ow nie pozbywaja

,

c ani jednego, pogrupowali´smy i w ko´

ncu, po wy la

,

czeniu

1
2

przed nawias, doprowadzili´smy do r´owno´sci s =

1
2

s , kt´ora mia laby zachodzi´c

pomimo tego, ˙ze

1
2

< s < 1 . Wida´c wie

,

c, ˙ze je´sli chcemy operowa´c sumami nie-

sko´

nczenie wielu sk ladnik´ow, to musimy zdefiniowa´c dok ladnie poje

,

cia, np. sumy

niesko´

nczonej, a potem sformu lowa´c i udowodni´c odpowiednie twierdzenia pozwa-

laja

,

ce na przekszta lcanie sum niesko´

nczonych.

Kluczowym poje

,

ciem jest granica cia

,

gu – poje

,

cia zasygnalizowanego przy okazji

omawiania paradoksu Zenona. Warto stwierdzi´c od razu, ˙ze w definicji pojawi sie

,

zdanie wielokrotnie z lo˙zone, a takie zdania osobom, kt´ore ich na co dzie´

n nie u˙zywaja

,

moga

,

sprawia´c k lopoty. Zreszta

,

ludzie przez d lugi czas m´owili o granicach nie podaja

,

c

precyzyjnej definicji, co prowadzi lo do r´o˙znych nieporozumie´

n, ale poda´c definicje

,

u˙zyteczna

,

i jednocze´snie ´scis la

,

, nie by lo latwo.

Definicja 4.2 (granicy cia

,

gu)

a. Liczba g nazywana jest granica

,

cia

,

gu (a

n

) wtedy i tylko wtedy, gdy dla

dowolnej liczby dodatniej ε > 0 istnieje liczba ca lkowita n

ε

, taka ˙ze je´sli

n > n

ε

, to |a

n

− g| < ε .

b. +(czytaj: plus niesko´

nczono´s´c) jest granica

,

cia

,

gu (a

n

) wtedy i tylko

wtedy, gdy dla ka˙zdej liczby rzeczywistej M istnieje liczba ca lkowita n

m

taka, ˙ze je´sli n > n

M

, to a

n

> M.

5

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

c. −∞ (czytaj: minus niesko´

nczono´s´c) jest granica

,

cia

,

gu (a

n

) wtedy i tylko

wtedy, gdy dla ka˙zdej liczby rzeczywistej M istnieje liczba ca lkowita n

m

taka, ˙ze je´sli n > n

M

, to a

n

< M.

d. Je´sli g jest granica

,

cia

,

gu (a

n

) , sko´

nczona

,

lub nie, to piszemy g = lim

n→∞

a

n

lub

a

n

−−−−−→

n→∞

g . Mo˙zna te˙z pisa´c a

n

→ g , gdy n → ∞ lub kr´otko

a

n

→ g . M´owimy, ˙ze cia

,

g jest zbie˙zny, je´sli jego granica jest sko´

nczona.

Skomentujemy po pierwsze cze

,

´s´c a. Chodzi tam o to, ˙ze wyrazy cia

,

gu, kt´orych

numery sa

,

dostatecznie du˙ze ( n > n

ε

) przybli˙zaja

,

granice

,

g z dopuszczalna

,

dok-

ladno´scia

,

( |a

n

− g| < ε ). Stwierdzimy tu wyra´znie, ˙ze przej´scie do naste

,

pnego

wyrazu nie musi zwie

,

kszy´c dok ladno´sci przybli˙zenia, przeciwnie chwilowo mo˙ze sie

,

ta dok ladno´s´c zmniejszy´c, dopiero dostatecznie du˙zy wzrost numeru wyrazu musi

zwie

,

kszy´c dok ladno´s´c przybli˙zenia (je´sli cia

,

g jest sta ly, np. a

n

= 33 dla ka˙zdej

liczby naturalnej n , to b la

,

d jest zerowy zawsze, niezale˙znie od numeru wyrazu, wie

,

c

dok ladno´s´c nie mo˙ze by´c poprawiona). O liczbie ε my´sle´c nale˙zy jako o ma lej liczbie

dodatniej (chodzi o to, ˙ze je´sli dla ma lego ε umiemy wskaza´c moment, od kt´orego

b la

,

d jest mniejszy ni˙z ε , to od tego momentu nier´owno´s´c jest r´ownie˙z spe lniona

z wie

,

kszym ε ). Pamie

,

tajmy r´ownie˙z o tym, ˙ze liczba |x − y| mo˙ze by´c traktowana

jako odleg lo´s´c dw´och punkt´ow prostej. Wobec tego nier´owno´s´c |a

n

− g| < ε oznacza,

˙ze punkt a

n

znajduje sie

,

w przedziale o d lugo´sci 2ε i ´srodku g . W szczeg´olno´sci cia

,

g,

kt´orego wszystkie wyrazy sa

,

takie same (lub nawet nie wszystkie, tylko wszystkie od

pewnego momentu, tj. dla dostatecznie du˙zych n sa

,

identyczne), jest zbie˙zny, przy

czym granica

,

takiego cia

,

gu jest wsp´olna warto´s´c jego wyraz´ow.

Cze

,

sto zamiast m´owi´c istnieje n

ε

, takie ˙ze dla n > n

ε

zachodzi . . . be

,

dziemy

m´owi´c, ˙ze dla dostatecznie du˙zych n zachodzi . . . lub ˙ze dla prawie wszystkich n za-

chodzi . . . . Tak wie

,

c dla prawie wszystkich n . . . oznacza dla wszystkich , z wyja

,

tkiem

sko´

nczenie wielu n . . . .

Podobnie mo˙zna interpretowa´c cze

,

´s´c b definicji granicy. Tym razem wyraz cia

,

gu,

kt´orego numer jest dostatecznie du˙zy ( n > n

M

) powinien by´c blisko plus nie-

sko´

nczono´sci, wie

,

c ma by´c du˙za

,

liczba

,

dodatnia

,

( a

n

> M ). Interpretacje

,

cze

,

´sci

c pozostawiamy czytelnikom – jest ona w pe lni analogiczna do cze

,

´sci b. Niekt´orzy

autorzy u˙zywaja

,

terminu „cia

,

g jest rozbie˙zny do +”, a inni m´owia

,

, ˙ze „cia

,

g jest

zbie˙zny do +”. My be

,

dziemy stosowa´c raczej pierwsza

,

terminologie

,

.

Przyk lad 4.1

0 = lim

n→∞

1

n

. Aby przekona´c sie

,

o prawdziwo´sci tej tezy wystarczy

przyja

,

´c, ˙ze n

ε

jest dowolna

,

liczba

,

ca lkowita

,

wie

,

ksza

,

ni˙z

1
ε

. Mo˙zna wie

,

c przyja

,

´c np.

n

1

= 2 , n

1/2

= 3 , n

0,41

= 3 , ale mo˙zna te˙z powie

,

kszy´c niekt´ore z tych liczb lub

6

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

nawet wszystkie i przyja

,

´c n

1

= 10 , n

1/2

= 207 , n

0,41

= 3 . Mamy wie

,

c mo˙zliwo´s´c

wyboru: liczbe

,

n

ε

mo˙zna zawsze zasta

,

pi´c wie

,

ksza

,

.

Przyk lad 4.2

1
2

= lim

n→∞

2n+3
4n−1

. Wyka˙zemy, ˙ze wz´or ten jest prawdziwy. Bez trudu

stwierdzamy, ˙ze nier´owno´s´c

1
2

2n+3
4n−1

=

7

2(4n−1)

7

6n

zachodzi dla dowolnej

liczby ca lkowitej n ≥ 1 . Wystarczy wie

,

c, by n

ε

>

7

6ε

. To zdanie oznacza , ˙ze dla

tak dobranego n

ε

i n > n

ε

prawdziwa jest nier´owno´s´c

1
2

2n+3
4n−1

< ε — nie zna-

czy to jednak, ˙ze tylko dla tych liczb ca lkowitych n nier´owno´s´c ta ma miejsce! Nie

musieli´smy rozwia

,

zywa´c nier´owno´sci, cho´c w tym przypadku by lo to mo˙zliwe — wy-

starczy lo udowodni´c, ˙ze nier´owno´s´c ma miejsce dla wszystkich dostatecznie du˙zych

liczb naturalnych n .

Przyk lad 4.3

Je´sli d > 0 , to += lim

n→∞

(a

0

+ nd) . Postaramy sie

,

wykaza´c,

˙ze r´owno´s´c ta ma miejsce. Je´sli M jest dowolna

,

liczba

,

rzeczywista

,

, n

ε

>

M −a

0

d

i

n > n

ε

, to n >

M −a

0

d

, zatem a

n

= a

0

+nd > M , co dowodzi prawdziwo´sci r´owno´sci,

kt´ora

,

dowodzimy.

Wyka˙zemy teraz bardzo u˙zyteczna

,

nier´owno´s´c.

Twierdzenie 4.3 (Nier´

owno´s´

c Bernoulli’ego)

Za l´o˙zmy, ˙ze n jest liczba

,

ca lkowita

,

dodatnia

,

za´s a > −1 liczba

,

rzeczywista

,

. Wtedy

(1 + a)

n

1 + na

przy czym r´owno´s´c ma miejsce wtedy i tylko wtedy, gdy a = 0 lub gdy n = 1 .

Dow´

od. Je´sli n = 1 , to oczywi´scie niezale˙znie od wyboru liczby a ma miejsce

r´owno´s´c. Poniewa˙z (1 + a)

2

= 1 + 2a + a

2

1 + 2a , przy czym r´owno´s´c ma miejsce

wtedy i tylko wtedy, gdy a=0, wie

,

c teza zachodzi dla n = 2 i wszystkich liczb

rzeczywistych a (nie tylko a > −1 ). Otrzymana

,

nier´owno´s´c (1 + a)

2

1 + 2a

mo˙zemy pomno˙zy´c stronami przez liczbe

,

dodatnia

,

(1+a) – tu korzystamy z za lo˙zenia

a > −1 . W wyniku otrzymujemy (1 + a)

3

(1 + 2a)(1 + a) = 1 + 3a + 2a

2

1 + 3a .

Tak˙ze w tym przypadku jest widoczne, ˙ze dla a 6= 0 otrzymujemy nier´owno´s´c ostra

,

.

Z tej nier´owno´sci w taki sam spos´ob jak poprzednio wynika, ˙ze

(1 + a)

4

(1 + 3a)(1 + a) 1 + 4a + 3a

2

1 + 4a .

Teraz w ten sam spos´ob wnioskujemy prawdziwo´s´c twierdzenia dla n = 5 i wszystkich

a > −1 , potem dla n = 6 itd. Og´olnie je´sli (1 + a)

n

1 + na dla wszystkich liczb

a > −1 przy ustalonej liczbie naturalnej n , to

(1 + a)

n+1

(1 + na)(1 + a) = 1 + (n + 1)a + na

2

1 + (n + 1)a

7

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

i zn´ow bez trudu stwierdzamy, ˙ze r´owno´s´c ma miejsce jedynie dla a = 0 . Oczywi´scie

jest to latwe rozumowanie indukcyjne, nazwy nie u˙zyto wcze´sniej, by nie odstrasza´c

tych, kt´orzy jeszcze boja

,

sie

,

indukcji.

Twierdzenie 4.4 (Granica cia

,

gu geometrycznego)

Niech a

n

= q

n

. Cia

,

g ten ma granice

,

0 , je´sli |q| < 1 , ma granice

,

1 , je´sli q = 1 , ma

granice

,

+, je´sli q > 1 . Je´sli q ≤ −1 , to cia

,

g granicy nie ma.

Dow´

od. W przypadku q = 0 oraz q = 1 teza jest oczywista, bo cia

,

g jest sta ly

(jego wyrazy nie zale˙za

,

od numeru). Za l´o˙zmy teraz, ˙ze 0 < |q| < 1 . Niech ε > 0

be

,

dzie liczba

,

rzeczywista

,

. Je´sli n

ε

>

1

ε

1

1

|q|

1

jest liczba

,

ca lkowita

,

i n > n

ε

, to

1

|q|

n

=

1 +

1

|q|

1

n

1 + n

1

|q|

1

> 1 +

1
ε

1 =

1
ε

.

Z otrzymanej nier´owno´sci wynika, ˙ze dla n > n

ε

zachodzi

1

|q|

n

>

1
ε

, czyli |q

n

| < ε ,

a to oznacza, ˙ze lim

n→∞

q

n

= 0 .

Kolejny przypadek to q > 1 . Mamy teraz q

n

= (1 + (q − 1))

n

1 + n(q − 1) .

Wobec tego, je´sli n > n

M

i n

M

>

M −1

q−1

, to q

n

> 1 + (M − 1) = M . Jasne jest wie

,

c,

˙ze lim

n→∞

q

n

= +.

Pozosta l przypadek ostatni: q ≤ −1 . W tym przypadku mamy q

n

≤ −1 dla

ka˙zdej liczby ca lkowitej nieparzystej n oraz q

n

1 dla ka˙zdej liczby ca lkowitej pa-

rzystej n . Gdyby istnia la sko´

nczona granica g , to wyrazy cia

,

gu o dostatecznie du˙zych

numerach le˙za lyby w odleg lo´sci mniejszej ni˙z 1 od granicy g — to natychmiastowa

konsekwencja istnienia granicy sko´

nczonej. Je´sli jednak odleg lo´sci q

n

i q

n+1

od gra-

nicy g sa

,

mniejsze od 1 , to odleg lo´s´c mie

,

dzy nimi jest mniejsza ni˙z 1 + 1 = 2 , co

oznacza, ˙ze |q

n

− q

n+1

| < 2 . To jednak nie jest mo˙zliwe, bowiem jedna z liczb q

n

,

q

n+1

jest mniejsza lub r´owna 1 , a druga wie

,

ksza lub r´owna 1 . Sta

,

d za´s wynika,

˙ze odleg lo´s´c mie

,

dzy q

n

i q

n+1

nie jest mniejsza ni˙z 1 (1) = 2 *. Otrzymali´smy

sprzeczno´s´c, wie

,

c cia

,

g granicy sko´

nczonej nie ma. +granica

,

tego cia

,

gu te˙z nie jest,

bowiem wtedy wyrazy cia

,

gu o dostatecznie du˙zych numerach musia lyby by´c wie

,

ksze

od 0 (przyjmujemy M = 0 ), a tak nie jest, bo te, kt´orych numery sa

,

nieparzyste,

sa

,

ujemne. Analogicznie −∞ nie jest granica

,

tego cia

,

gu, bo wyrazy o numerach

parzystych sa

,

dodatnie, co wyklucza to, ˙ze wyrazy o dostatecznie du˙zych numerach

sa

,

ujemne (i w tym przypadku przyjmujemy M = 0 ).

Wykazali´smy wie

,

c, ˙ze cia

,

g nie ma ani granicy sko´

nczonej ani niesko´

nczonej, co

Nie u˙zywamy tu logarytmu, bo chcemy pokaza´

c, ˙ze konkretne oszacowania mo˙zna uzyska´

c bardzo

elementarnie. Gdyby´smy jednak zechcieli go u˙zy´

c, to mogliby´smy napisa´

c n

ε

>(log

10

ε)/(log

10

|q|) ,

przyp. log

10

|q|<0 .

*

Mo˙zna to rozumowanie zapisa´

c wzorami: 2≤|q

n

−q

n+1

|≤|q

n

−g|+|g−q

n+1

|<1+1=2 dla dostatecznie

du˙zych n .

8

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

ko´

nczy badanie granicy cia

,

gu geometrycznego.

Cia

,

gi monotoniczne i ´sci´sle monotoniczne, cia

,

gi ograniczone

Definicja 4.5 (cia

,

ow monotonicznych)

Cia

,

g (a

n

) nazywamy niemaleja

,

cym (rosna

,

cym) wtedy i tylko wtedy, gdy dla

ka˙zdego numeru n zachodzi nier´owno´s´c a

n

≤ a

n+1

( a

n

< a

n+1

). Podobnie cia

,

g nie-

rosna

,

cy (maleja

,

cy) to taki, ˙ze dla ka˙zdego numeru n zachodzi nier´owno´s´c a

n

≥ a

n+1

( a

n

> a

n+1

). Cia

,

gi niemaleja

,

ce i nierosna

,

ce maja

,

wsp´olna

,

nazwe

,

: cia

,

gi monoto-

niczne. Cia

,

gi rosna

,

ce i maleja

,

ce nazywamy cia

,

gami ´sci´sle monotonicznymi.

W niekt´orych podre

,

cznikach stosowana jest nieco inna terminologia: cia

,

gi niema-

leja

,

ce zwane sa

,

tam rosna

,

cymi, a rosna

,

ce – ´sci´sle rosna

,

cymi. Jest oczywi´scie oboje

,

tne,

kt´ora z dwu koncepcji jest stosowana, je´sli tylko jest to robione konsekwentnie. Mo˙zna

te˙z, dla uniknie

,

cia nieporozumie´

n, m´owi´c o cia

,

gach niemaleja

,

cych i ´sci´sle rosna

,

cych.

Cia

,

g geometryczny zaczynaja

,

cy sie

,

od wyrazu a

1

= q jest monotoniczny w

przypadku q ≥ 0 : dla q = 0 oraz dla q = 1 cia

,

g geometryczny jest sta ly, wie

,

c

niemaleja

,

cy i jednocze´snie nierosna

,

cy. W przypadku 0 < q < 1 jest on maleja

,

cy,

dla q > 1 jest on rosna

,

cy. Cia

,

g arytmetyczny jest rosna

,

cy, gdy jego r´o˙znica d jest

dodatnia, maleja

,

cy – gdy d < 0 , sta ly (wie

,

c jednocze´snie niemaleja

,

cy i nierosna

,

cy),

gdy d = 0 .

Definicja 4.6 (cia

,

ow ograniczonych)

Cia

,

g (a

n

) nazywany jest ograniczonym z g´ory wtedy i tylko wtedy, gdy istnieje

liczba rzeczywista M , taka ˙ze dla ka˙zdej liczby naturalnej n zachodzi nier´owno´s´c:

a

n

≤ M . Analogicznie (a

n

) jest ograniczony z do lu wtedy i tylko wtedy, gdy ist-

nieje liczba rzeczywista m taka, ˙ze dla ka˙zdego n zachodzi nier´owno´s´c a

n

≥ m .

Cia

,

g ograniczony z g´ory i z do lu nazywamy ograniczonym. Cia

,

giem nieograniczonym

nazywamy ka˙zdy cia

,

g, kt´ory nie jest ograniczony.

Cia

,

g (n) jest ograniczony z do lu np. przez 13 lub 0 , ale nie jest ograniczony

z g´ory, wie

,

c jest nieograniczony. Cia

,

g (1)

n

jest ograniczony z g´ory np. przez 1 lub

przez

1000 oraz z do lu, np przez 1 , ale r´ownie˙z przez 13 .

Cia

,

g (a

n

) jest ograniczony wtedy i tylko wtedy, gdy istnieje liczba nieujemna

M , taka ˙ze |a

n

| ≤ M dla ka˙zdego n . Jest oczywisty wniosek z definicji cia

,

gu ogra-

niczonego: M musi by´c tak du˙ze, by liczba −M by la ograniczeniem dolnym cia

,

gu

(a

n

) i jednocze´snie liczba M by la jego ograniczeniem, g´ornym.

Przyk lad 4.4

Cia

,

g (1 +

x
n

)

n

Wypiszmy przybli˙zenia dziesie

,

ciu pierwszych wyraz´ow cia

,

gu

9

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

w przypadku x = 1 :

oraz w przypadku x = 4 :

1 +

1
1

1

= 2

1 +

4

1

1

= 3

1 +

1
2

2

=

9
4

= 2, 25

1 +

4

2

2

= 1

1 +

1
3

3

=

64
27

2, 37

1 +

4

3

3

=

1

27

≈ −0, 37

1 +

1
4

4

=

625
256

2, 44

1 +

4

4

4

= 0

1 +

1
5

5

=

7776
3125

2, 49

1 +

4

5

5

=

1

3125

0, 00032

1 +

1
6

6

=

117649

46656

2, 52

1 +

4

6

6

=

1

729

0, 0014

1 +

1
7

7

=

2097152

823543

2, 55

1 +

4

7

7

=

2187

823543

0, 0027

1 +

1
8

8

=

43046721
16777216

2, 56

1 +

4

8

8

=

1

256

0, 0039

1 +

1
9

9

=

1000000000

387420489

2, 58

1 +

4

9

9

=

1953125

387420489

0, 0050

1 +

1

10

10

=

25937424601
10000000000

2, 59

1 +

4

10

10

=

59049

9765625

0, 0060

Latwo mo˙zna przekona´c sie

,

, ˙ze cia

,

g o wyrazie a

n

= (1 +

x
n

)

n

nie jest ani geo-

metryczny , ani arytmetyczny z wyja

,

tkiem jednego przypadku: x = 0 .

Wyka˙zemy, ˙ze je´sli n > −x 6= 0 , to a

n+1

> a

n

, czyli ˙ze cia

,

g ten jest

rosna

,

cy od pewnego momentu. W przypadku x > 0 jest rosna

,

cy. Gdy x < 0 ,

to mo˙ze sie

,

zdarzy´c, ˙ze pocza

,

tkowe wyrazy zmieniaja

,

znak, wie

,

c o monotoniczno´sci

nie mo˙ze by´c nawet mowy. Je´sli jednak wszystkie wyrazy cia

,

gu sa

,

dodatnie, to jest

niemaleja

,

cy. Wyka˙zemy to. Z nier´owno´sci n > −x wynika od razu nier´owno´s´c n+1 >

−x . Z pierwszej z nich wnioskujemy, ˙ze 1 +

x
n

> 0 , z drugiej — ˙ze 1 +

x

n+1

> 0 .

Nier´owno´s´c a

n

< a

n+1

r´ownowa˙zna jest nier´owno´sci

1 +

x
n

n

<

1 +

x

n+1

n+1

,

a ta — dzie

,

ki temu, ˙ze 1 +

x
n

> 0 — nier´owno´sci

1+

x

n+1

1+

x

n

n+1

>

1

(

1+

x

n

)

=

n

n+x

.

Skorzystamy teraz z nier´owno´sci Bernoulli’ego, by udowodni´c, ˙ze ostatnia nier´owno´s´c

ma miejsce dla n > −x . Mamy

1+

x

n+1

1+

x

n

n+1

=

1

x

(n+x)(n+1)

n+1

1 (n + 1)

x

(n+x)(n+1)

= 1

1

n+x

=

x

n+x

.

Dla jasno´sci nale˙zy jeszcze zauwa˙zy´c, ˙ze liczba

−x

(n+x)(n+1)

, pe lnia

,

ca role

,

a w nier´ow-

no´sci Bernoulli’ego, jest wie

,

ksza od 1 — jest to oczywiste w przypadku x ≤ 0 , bo

w tym przypadku jest ona nieujemna, za´s dla x > 0 jej warto´s´c bezwzgle

,

dna, czyli

x

(n+x)(n+1)

jest mniejsza od

1

n+1

< 1 . Wykazali´smy wie

,

c, ˙ze od momentu, w kt´orym

wyra˙zenie (1 +

x
n

) staje sie

,

dodatnie, cia

,

g zaczyna rosna

,

´c (gdy x = 0 jest sta ly).

Dodajmy jeszcze, ˙ze je´sli x > 0 , to wyrazy cia

,

gu sa

,

dodatnie, je´sli za´s x < 0 , to sa

,

one dodatnie dla n parzystego oraz dla n nieparzystego, o ile n > −x .

Pozostaje pytanie: czy w przypadku x > 0 wzrost wyrazu cia

,

gu (1 +

x
n

)

n

jest

nieograniczony, czy te˙z dla ustalonego x znale´z´c mo˙zna liczbe

,

wie

,

ksza

,

od wszyst-

10

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

kich wyraz´ow tego cia

,

gu. Wyka˙zemy, ˙ze cia

,

g

(1 +

x
n

)

n

jest ograniczony z g´ory

dla dowolnej liczby rzeczywistej x . Dla ujemnych x tak jest, bo od pewnego miej-

sca, jak to stwierdzili´smy wcze´sniej, wyrazy cia

,

gu sa

,

dodatnie i mniejsze od 1 . Je´sli

n > x > 0 , to 1 +

x
n

n

=

1

x2

n2

n

(

1

x

n

)

n

<

1

(

1

x

n

)

n

. Wyra˙zenie

1

(

1

x

n

)

n

maleje wraz

ze wzrostem n (gdy rozpatrujemy n > x ), bo licznik nie zmienia sie

,

, a mianow-

nik — jak to wykazali´smy wcze´sniej — ro´snie. Wynika sta

,

d, ˙ze je´sli n(x) jest naj-

mniejsza

,

liczba

,

ca lkowita

,

wie

,

ksza

,

od x , to wszystkie wyrazy cia

,

gu sa

,

mniejsze ni˙z

1

1

x

n(x)

n(x)

=

n(x)

n(x)−x

n(x)

.

Np. n(1) = 2 , zatem wszystkie wyrazy cia

,

gu 1 +

1

n

n

sa

,

mniejsze ni˙z

2

21

2

= 4 .

W przypadku x = 4 wszystkie wyrazy cia

,

gu pocza

,

wszy od pia

,

tego sa

,

dodatnie i

mniejsze od 1, rozwa˙zywszy cztery pierwsze przekonujemy sie

,

o tym, ˙ze najwie

,

kszym

wyrazem cia

,

gu jest wyraz drugi, r´owny 1 , a najmniejszym — pierwszy, r´owny 3 .

W istocie rzeczy z tego, co zosta lo napisane wynika, ˙ze dla ka˙zdej liczby naturalnej

k ≥ n(x) liczba

1

(

1

x

k

)

k

=

k

k−x

k

jest ograniczeniem g´ornym cia

,

gu 1 +

x
n

n

zache

,

camy do samodzielnego uzasadnienia tego prostego stwierdzenia.

Wyka˙zemy teraz naste

,

pujace

Twierdzenie 4.7 (o istnieniu granicy cia

,

gu monotonicznego)

Ka˙zdy cia

,

g monotoniczny ma granice

,

.

Dow´

od. Za l´o˙zmy, ˙ze cia

,

g (a

n

) jest niemaleja

,

cy, tzn. dla ka˙zdego n zachodzi

nier´owno´s´c a

n

≤ a

n+1

. Je´sli cia

,

g nie jest ograniczony z g´ory, to dla ka˙zdej liczby rze-

czywistej M istnieje liczba naturalna n

M

taka, ˙ze a

n

M

≥ M . Wtedy dla ka˙zdej

liczby naturalnej n ≥ n

M

zachodzi nier´owno´s´c a

n

≥ a

n

M

≥ M . Wobec tego

lim

n→∞

a

n

= +. Za l´o˙zmy teraz, ˙ze cia

,

g (a

n

) jest ograniczony z g´ory przez liczbe

,

b

0

. Dla ka˙zdej liczby naturalnej n ≥ 0 mamy wie

,

c a

0

≤ a

n

≤ b

0

. Je´sli w prze-

dziale

a

0

+b

0

2

, b

0

, znajduja

,

sie

,

jakiekolwiek wyrazy cia

,

gu (a

n

) , to przyjmujemy

c

1

=

a

0

+b

0

2

i b

1

= b

0

. Je´sli w przedziale

a

0

+b

0

2

, b

0

wyraz´ow cia

,

gu (a

n

) nie ma,

to przyjmujemy c

1

= a

0

i b

1

=

a

0

+b

0

2

. W obu przypadkach otrzymujemy prze-

dzia l [c

1

, b

1

] [a

0

, b

0

] dwa razy kr´otszy od przedzia lu [a

0

, b

0

] zawieraja

,

cy prawie

wszystkie wyrazy cia

,

gu (a

n

) . W taki sam spos´ob otrzymujemy przedzia l [c

2

, b

2

]

[c

1

, b

1

] dwa razy kr´otszy od przedzia lu [c

1

, b

1

] , czyli cztery razy kr´otszy od prze-

dzia lu [a

0

, b

0

] zawieraja

,

cy prawie wszystkie wyrazy cia

,

gu (a

n

) . Powtarzaja

,

c te

,

kon-

strukcje

,

wielokrotnie okre´slamy zste

,

puja

,

cy cia

,

g przedzia l´ow domknie

,

tych [c

n

, b

n

]

taki, ˙ze ka˙zdy przedzia l [c

n

, b

n

] jest dwa razy kr´otszy od swego poprzednika (i

11

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

jest w nim zawarty). Niech g be

,

dzie punktem wsp´olnym wszystkich przedzia l´ow

[c

n

, b

n

] , n = 1, 2, . . . . Jasne jest, ˙ze ta cze

,

´s´c wsp´olna sk lada sie

,

z tylko jednej liczby

(je´sli g

1

6= g

2

, to dla dostatecznie du˙zych liczb naturalnych n zachodzi nier´owno´s´c

|g

1

− g

2

| >

b

0

−a

0

2

n

= b

n

− c

n

). Wyka˙zemy, ˙ze lim

n→∞

a

n

= g . Niech ε > 0 . Istnieje

liczba naturalna m taka, ˙ze b

m

− c

m

< ε . Niech a

n

[c

m

, b

m

] . Wtedy r´ownie˙z

a

n+1

, a

n+2

, a

n+3

, . . . ∈ [c

m

, b

m

] i oczywi´scie g ∈ [c

m

, b

m

] . Ka˙zde dwa punkty prze-

dzia lu [c

m

, b

m

] sa

,

odleg le o nie wie

,

cej ni˙z b

m

− c

m

< ε , w szczeg´olno´sci odleg lo´s´c

g od ka˙zdego z punkt´ow a

n

, a

n+1

, a

n+2

, a

n+3

, . . . jest mniejsza ni˙z ε . Oznacza to,

˙ze lim

n→∞

a

n

= g . Je´sli cia

,

g (a

n

) jest nierosna

,

cy, to mo˙zna ju˙z udowodniona

,

cze

,

´s´c

twierdzenia zastosowa´c do cia

,

gu (−a

n

) , kt´ory jest niemaleja

,

cy. Ma on zatem jaka

,

´s

granice

,

g . Bez trudu wykazujemy, ˙ze lim

n→∞

a

n

= −g .

Ten dow´od zosta l zamieszczony po to, by studenci mogli zrozumie´c, jak mo˙zna

przeprowadza´c rozumowania matematyczne. Nie nale˙zy uczy´c sie

,

go na pamie

,

´c, warto

go jednak go przemy´sle´c.

Zauwa˙zmy jedynie, ˙ze gdyby´smy ograniczyli sie

,

do liczb wymiernych, tj. u lamk´ow

o ca lkowitych licznikach i mianownikach, to twierdzenie nie by loby prawdziwe — ist-

nieja

,

bowiem cia

,

gi liczb wymiernych, kt´orych granice sa

,

niewymierne. Twierdzenie

to podaje wie

,

c istotna

,

informacje

,

o zbiorze wszystkich liczb rzeczywistych. Chodzi

o to mianowicie, ˙ze nie ma w nim dziur, geometrycznie jest to ca la prosta. Wypro-

wadzili´smy to twierdzenie z lematu o przedzia lach zste

,

puja

,

cych, bo by l on jedynym

do tej pory twierdzeniem m´owia

,

cym w istocie rzeczy, ˙ze „mie

,

dzy” liczbami rzeczy-

wistymi ˙zadnych luk nie ma w odr´o˙znieniu od dziurawego zbioru liczb wymiernych.

Mie

,

dzy ka˙zdymi dwiema r´o˙znymi liczbami wymiernymi c i d znajduje sie

,

liczba

niewymierna, np. c +

d−c

2

— jej niewymierno´s´c wynika latwo z tego, ˙ze

2 > 1 jest

liczba

,

niewymierna

,

, za´s c 6= d sa

,

wymierne. Jest te˙z jasne, ˙ze le˙zy ona mie

,

dzy c

i d — od punktu c przesuwamy sie

,

w kierunku punktu d o wektor

d−c

2

, kt´orego

d lugo´s´c jest mniejsza ni˙z odleg lo´s´c |c − d| punkt´ow c i d .

Z twierdzenia tego wynika np. od razu, ˙ze cia

,

g geometryczny, kt´orego zbie˙zno´s´c

zbadali´smy wcze´sniej ma granice

,

w przypadku q ≥ 0 . Nie wynika natomiast istnienie

tej granicy w przypadku q < 0 , bo w przypadku ujemnego ilorazu cia

,

g geometryczny

nie jest monotoniczny. Z tego twierdzenia wynika r´ownie˙z, ˙ze dla ka˙zdej liczby rze-

czywistej x cia

,

g

(1 +

x
n

)

n

ma granice

,

— nie zawsze jest on monotoniczny, ale

zawsze jest monotoniczny od pewnego momentu, co w oczywisty spos´ob r´ownie˙z wy-

starcza, bowiem zmiana sko´

nczenie wielu wyraz´ow cia

,

gu nie ma wp lywu na istnienie

lub warto´s´c granicy, bowiem w definicji granicy mowa jest jedynie o wyrazach cia

,

gu,

12

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

kt´orych numery sa

,

dostatecznie du˙ze, zatem zmiana sko´

nczenie wielu wyraz´ow cia

,

gu

mo˙ze jedynie mie´c wp lyw na znaczenie s l´ow dostatecznie du˙ze.

Oznaczenie 4.8 (wa˙znej granicy)

exp(x) oznacza´c be

,

dzie w dalszym cia

,

gu granice

,

cia

,

gu (1 +

x
n

)

n

, tzn.

exp(x) = lim

n→∞

1 +

x
n

n

.

Wobec tego symbol exp oznacza funkcje

,

, kt´ora jest okre´slona na zbiorze wszystkich

liczb rzeczywistych, jej warto´scia

,

w punkcie x jest liczba dodatnia lim

n→∞

1 +

x
n

n

.

Obliczanie granic i stwierdzanie zbie˙zno´sci cia

,

gu

Sformu lujemy teraz kilka twierdze´

n, kt´ore u latwiaja

,

obliczanie granic, ich sza-

cowanie lub stwierdzanie ich istnienia. Potem poka˙zemy jak mo˙zna je stosowa´c. W

ko´

ncu udowodnimy cze

,

´s´c z nich, tak by wyja´sni´c mechanizm dowodzenia. Najpierw

zdefiniujemy niekt´ore dzia lania z u˙zyciem symboli ±∞ . Przypominamy, ˙ze nie sa

,

to

liczby rzeczywiste, lecz nowe obiekty.

Definicja 4.9 (dzia la´

n z u˙zyciem ±∞ )

(+) = −∞ , +(+) = +, (−∞) = +, +(−∞) = −∞ .

+∞ ± a = ±a + (+) = +

−∞ ± a = ±a + (−∞) = −∞ dla ka˙zdej liczby

rzeczywistej a.

++(+) = +, −∞+(−∞) = −∞ , +∞−(−∞) = +, −∞−(+) = −∞ .

+∞ · a = +i −∞ · a = −∞ dla ka˙zdego a > 0 .

(+) · (+) = (−∞) · (−∞) = +.

+∞ · a = −∞ i −∞ · a = +dla ka˙zdego a < 0 .

a

±∞

= 0 dla dowolnej liczby rzeczywistej a.

±∞

a

= ±∞ ·

1
a

dla dowolnej liczby a 6= 0 .

a

+

= +, a

−∞

= 0 dla dowolnej liczby a > 1 .

a

+

= 0 i a

−∞

= +dla dowolnej liczby 0 < a < 1 .

−∞ < a < +dla dowolnej liczby rzeczywistej a .

−∞ < +.

ln(+) = +, ln 0 = −∞ .

Twierdzenie 4.10 (o arytmetycznych w lasno´sciach granicy)

A1. Je´sli istnieja

,

granice lim

n→∞

a

n

, lim

n→∞

b

n

i okre´slona jest ich suma, to istnieje

granica lim

n→∞

(a

n

+b

n

) i zachodzi wz´or: lim

n→∞

(a

n

+b

n

) = lim

n→∞

a

n

+ lim

n→∞

b

n

.

A2. Je´sli istnieja

,

granice lim

n→∞

a

n

, lim

n→∞

b

n

i okre´slona jest ich r´o˙znica, to ist-

nieje granica lim

n→∞

(a

n

−b

n

) i zachodzi: lim

n→∞

(a

n

−b

n

) = lim

n→∞

a

n

lim

n→∞

b

n

.

13

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

A3. Je´sli istnieja

,

granice lim

n→∞

a

n

, lim

n→∞

b

n

i okre´slony jest ich iloczyn, to ist-

nieje granica lim

n→∞

(a

n

· b

n

) i zachodzi: lim

n→∞

(a

n

· b

n

) = lim

n→∞

a

n

· lim

n→∞

b

n

.

A4. Je´sli istnieja

,

granice lim

n→∞

a

n

, lim

n→∞

b

n

i okre´slony jest ich iloraz, to istnieje

granica lim

n→∞

a

n

b

n

i zachodzi wz´or lim

n→∞

a

n

b

n

=

lim

n→∞

a

n

lim

n→∞

b

n

. ×

Zanim udowodnimy to twierdzenie, sformu lujemy naste

,

pne.

Twierdzenie 4.11 (o szacowaniu)

N1. Je´sli C < lim

n→∞

a

n

, to dla dostatecznie du˙zych numer´ow n zachodzi nie-

r´owno´s´c C < a

n

.

N2. Je´sli C > lim

n→∞

a

n

, to dla dostatecznie du˙zych numer´ow n zachodzi nie-

r´owno´s´c C > a

n

.

N3. Je´sli lim

n→∞

b

n

< lim

n→∞

a

n

, to dla dostatecznie du˙zych numer´ow n zachodzi

nier´owno´s´c b

n

< a

n

.

N4. Je´sli b

n

≤ a

n

dla dostatecznie du˙zych numer´ow n , to zachodzi nier´owno´s´c

lim

n→∞

b

n

lim

n→∞

a

n

. ×

Wniosek 4.12 (z twierdzenia o szacowaniu — jednoznaczno´s´

c granicy)

Cia

,

g ma co najwy˙zej jedna

,

granice

,

.

Dow´

od. Gdyby mia l dwie np. g

1

< g

2

, to wybra´c mogliby´smy liczbe

,

C le˙za

,

ca

,

mie

,

dzy g

1

i g

2

: g

1

< C < g

2

. Wtedy dla dostatecznie du˙zych n by loby jednocze´snie

a

n

< C (zob. N2) oraz a

n

> C (zob. N1), co oczywi´scie nie jest mo˙zliwe.

Wniosek 4.13 (

z tw. o szacowaniu — ograniczono´

c cia

,

gu o granicy sko´

nczonej)

Je´sli granica lim

n→∞

a

n

jest sko´

nczona, to istnieja

,

liczby rzeczywiste C, D takie, ˙ze dla

wszystkich n zachodzi nier´owno´s´c C < a

n

< D , czyli cia

,

g (a

n

) jest ograniczony

z do lu liczba

,

C za´s z g´ory liczba

,

D . ×

Twierdzenie 4.14 (o trzech cia

,

gach)

Je´sli a

n

≤ b

n

≤ c

n

dla dostatecznie du˙zych n i cia

,

gi (a

n

) oraz (c

n

) maja

,

r´owne

granice, to cia

,

g (b

n

) te˙z ma granice

,

i zachodzi wz´or

lim

n→∞

a

n

= lim

n→∞

b

n

= lim

n→∞

c

n

. ×

Definicja 4.15 (podcia

,

gu)

Je´sli (n

k

) jest ´sci´sle rosna

,

cym cia

,

giem liczb naturalnych, to cia

,

g (a

n

k

) nazywany

jest podcia

,

giem cia

,

gu (a

n

) .

14

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

Na przyk lad cia

,

g a

2

, a

4

a

6

, . . . , czyli cia

,

g (a

2k

) jest podcia

,

giem cia

,

gu (a

n

)

— w tym przypadku n

k

= 2k . Cia

,

g a

2

, a

3

, a

5

, a

7

, a

11

, . . . jest podcia

,

giem cia

,

gu

(a

n

) — w tym przypadku n

k

jest k –ta

,

liczba

,

pierwsza

,

. Przyk lady mo˙zna mno˙zy´c,

ale zapewne starczy powiedzie´c, ˙ze chodzi o wybranie niesko´

nczenie wielu wyraz´ow

wyj´sciowego cia

,

gu bez zmiany kolejno´sci w jakiej wyste

,

powa ly.

Jest jasne, ˙ze je´sli g jest granica

,

cia

,

gu, to jest r´ownie˙z granica

,

ka˙zdego jego

podcia

,

gu, wynika to od razu z definicji granicy i definicji podcia

,

gu. Latwe w dowodzie

jest te˙z twierdzenie pozwalaja

,

ce na zbadanie sko´

nczenie wielu podcia

,

g´ow danego

cia

,

gu, w la´sciwie wybranych, i wnioskowanie istnienia granicy z istnienia wsp´olnej

granicy wybranych podcia

,

g´ow.

Twierdzenie 4.16 (o scalaniu) *

Za l´o˙zmy, ˙ze z cia

,

gu (a

n

) mo˙zna wybra´c dwa podcia

,

gi (a

k

n

) i (a

l

n

) zbie˙zne do

tej samej granicy g , przy czym ka˙zdy wyraz cia

,

gu (a

n

) jest wyrazem co najmniej

jednego z tych podcia

,

g´ow, tzn. dla ka˙zdego n istnieje m , takie ˙ze n = k

m

lub

n = l

m

. Wtedy ta wsp´olna granica obu tych podcia

,

g´ow jest granica

,

cia

,

gu (a

n

) :

lim

n→∞

a

n

= g . ×

Sformu lujemy teraz bardzo wa˙zne twierdzenie, kt´ore be

,

dzie wielokrotnie stoso-

wane w dowodach.

Twierdzenie 4.17 (Bolzano – Weierstrassa)

Z ka˙zdego cia

,

gu mo˙zna wybra´c podcia

,

g, kt´ory ma granice

,

(sko´

nczona

,

lub nie). ×

Wniosek 4.18 (z twierdzenia Bolzano – Weierstrassa)

Cia

,

g ma granice

,

wtedy i tylko wtedy, gdy granice wszystkich tych jego podcia

,

g´ow,

kt´ore maja

,

granice, sa

,

r´owne. ×

Naste

,

pne twierdzenie, w zasadzie ju˙z cze

,

´sciowo udowodnione, wykaza l A.Cauchy,

jeden z tw´orc´ow analizy matematycznej. ×

Twierdzenie 4.19 (Cauchy’ego) Cia

,

g (a

n

) ma granice

,

sko´

nczona

,

wtedy i tylko

wtedy, gdy spe lniony jest naste

,

puja

,

cy warunek Cauchy’ego:

(wC)

dla ka˙zdego ε > 0 istnieje taka liczba naturalna n

ε

,

˙ze je´sli k, l > n

ε

, to |a

k

− a

l

| < ε . ×

Twierdzenie to, podobnie jak twierdzenie o istnieniu granicy cia

,

gu monotonicz-

nego, pozwala czasem stwierdzi´c istnienie granicy bez ustalania jej warto´sci, co jest

bardzo wa˙zne w licznych przypadkach. Pozwala ono te˙z wykazywa´c nieistnienie gra-

nic — w istocie rzeczy wykazuja

,

c, ˙ze cia

,

g geometryczny o ilorazie q ≤ −1 nie ma

*

Ta nazwa to pomys l autora, kt´

ory ma nadzieje,, ˙ze nie jest to ca lkiem g lupi termin.

15

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

granicy, wykazywali´smy, ˙ze nie spe lnia on warunku Cauchy’ego, role

,

ε pe lni la tam

liczba 2 .

Teraz poka˙zemy jak mo˙zna stosowa´c twierdzenia, kt´ore sformu lowali´smy wcze´s-

niej. Przyk lady 4.8 — 4.13 sa

,

wa˙zne, wyniki tam opisane be

,

da

,

p´o´zniej wykorzysty-

wane.

Przyk lad 4.5

Rozpoczniemy od przyk ladu ju˙z om´owionego, ale teraz cia

,

g zba-

damy inaczej. Zajmiemy sie

,

mianowicie cia

,

giem

2n+3
4n−1

. Udowodnili´smy poprzed-

nio, ˙ze granica

,

cia

,

gu jest liczba

1
2

nie wyja´sniaja

,

c, ska

,

d wiedzieli´smy, ˙ze akurat ta

liczba ma by´c granica

,

. Zauwa˙zmy, ˙ze zar´owno licznik jak i mianownik maja

,

granice,

mianowicie +. Jeste´smy wie

,

c w sytuacji niedobrej:

+
+

. W tym przypadku mo˙zna

jednak bez trudu przekszta lci´c wyra˙zenie okre´slaja

,

ce wyraz cia

,

gu:

2n+3
4n−1

=

2 +

3

n

4

1

n

.

Teraz mo˙zemy zastosowa´c twierdzenie o granicy sumy cia

,

g´ow (A1), potem o granicy

r´o˙znicy cia

,

g´ow (A2), by stwierdzi´c, ˙ze lim

n→∞

(2 +

3

n

) = 2 + lim

n→∞

3

n

= 2 + 0 = 2 oraz

lim

n→∞

(4

1

n

) = 4 lim

n→∞

1

n

= 4 0 = 4 — wiemy ju˙z przecie˙z, ˙ze lim

n→∞

1

n

= 0 ,

zatem lim

n→∞

3

n

= 3 · lim

n→∞

1

n

= 3 · 0 = 0 . Teraz mamy do czynienia z ilorazem, kt´orego

licznik ma granice

,

2 , za´s mianownik — granice

,

4 , wie

,

c r´o˙zna

,

od 0 , co umo˙zliwia

skorzystanie z twierdzenia o granicy ilorazu (A4). Z niego wynika od razu, ˙ze granica

,

jest

2
4

=

1
2

. Oczywi´scie nic wie

,

cej ju˙z robi´c nie trzeba, bo twierdzenie o arytmetycz-

nych w lasno´sciach granicy gwarantuje zar´owno istnienie granic, jak i odpowiednie

r´owno´sci.

Przyk lad 4.6

Rozwa˙zymy naste

,

pny prosty przyk lad: lim

n→∞

(n

5

100n

4

333978) .

Wyka˙zemy mianowicie, ze cia

,

g ten ma granice

,

+. Czytelnik zechce zwr´oci´c uwage

,

na to, ˙ze na pewno pierwszych 100 wyraz´ow to liczby ujemne — nie twierdzimy

wcale, ˙ze tylko 100 , ale n

5

100n

4

= n

4

(n − 100) 0 dla n ≤ 100 , a od tej liczby

odejmujemy jeszcze 333978 , wie

,

c te wyrazy sa

,

ujemne, a o znaku dalszych nic nie

m´owimy. Zapiszmy wyraz cia

,

gu w postaci n

5

(1

100

n

333978

n

5

) . Oczywi´scie

lim

n→∞

n

5

= ( lim

n→∞

n) · ( lim

n→∞

n) · ( lim

n→∞

n) · ( lim

n→∞

n) · ( lim

n→∞

n) =

= (+) · (+) · (+) · (+) · (+) = +

na mocy twierdzenia o granicy iloczynu (A3). Na mocy twierdzenia o granicy ilorazu

(A4) stwierdzamy, ˙ze lim

n→∞

100

n

= 0 oraz lim

n→∞

333978

n

5

= 0 . Mo˙zemy wie

,

c zastosowa´c

twierdzenie o granicy r´o˙znicy (A2) dwukrotnie, by stwierdzi´c, ˙ze

lim

n→∞

1

100

n

333978

n

5

= 1 0 0 = 1 .

16

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

Nasz cia

,

g zosta l wie

,

c przedstawiony jako iloczyn dw´och cia

,

g´ow, z kt´orych pierwszy

da

,

˙zy do +a drugi do liczby dodatniej, do 1 . Z definicji mno˙zenia symboli nie-

sko´

nczonych przez liczby dodatnie i twierdzenia o granicy iloczynu wynika, ˙ze jego

granica

,

jest +.

Oczywi´scie i w tym przypadku mo˙zna posta

,

pi´c nieco inaczej. Mo˙zemy napisa´c nie-

r´owno´s´c:

n

5

100n

4

333978 ≥ n

5

334078n

4

= n

4

(n − 334078)

— otrzymali´smy cia

,

g, kt´ory jest iloczynem dw´och cia

,

g´ow: (n − 334078) i (n

4

) . Oba

da

,

˙za

,

do +, wie

,

c ich iloczyn da

,

˙zy do +∞ · += +.

Przyk lad 4.7

Pokazali´smy wcze´sniej, ˙ze wyraz cia

,

gu geometrycznego o ilorazie

z przedzia lu (1, 1) jest zbie˙zny do 0 . Poka˙zemy jak mo˙zna uzyska´c ten sam rezul-

tat bez szacowa´

n stosuja

,

c w zamian twierdzenie o istnieniu granic pewnych cia

,

g´ow.

Za l´o˙zmy na pocza

,

tek, ˙ze 0 ≤ q < 1 . Wtedy oczywi´scie q

n+1

≤ q

n

, wie

,

c cia

,

g jest

nierosna

,

cy, zatem ma granice

,

. Oznaczmy ja

,

symbolem g . Poniewa˙z wszystkie wy-

razy cia

,

gu le˙za

,

w przedziale (0, 1) , wie

,

c granica le˙zy w przedziale [0, 1] . Jest jasne,

˙ze je´sli granica

,

cia

,

gu jest liczba g , to ka˙zdy jego podcia

,

g jest te˙z zbie˙zny do g .

Wobec tego g = lim

n→∞

q

n+1

= lim

n→∞

(q · q

n

) = q · lim

n→∞

q

n

= q · g , czyli g = qg . Sta

,

d,

poniewa˙z q 6= 1 , natychmiast wynika, ˙ze g = 0 . Za l´o˙zmy teraz, ˙ze 1 < q < 0 .

Wtedy −|q|

n

≤ q

n

≤ |q|

n

. Z ju˙z udowodnionej cze

,

´sci twierdzenia i z twierdzenia

o trzech cia

,

gach wynika, ˙ze 0 = lim

n→∞

(−|q|

n

) = lim

n→∞

q

n

= lim

n→∞

|q|

n

= 0 .

W ten sam spos´ob mo˙zna rozwa˙zy´c przypadek q > 1 . Cia

,

g (q

n

) jest ´sci´sle rosna

,

cy,

wie

,

c ma granice

,

g . Spe lniona musi by´c r´owno´s´c g = qg , co jest mo˙zliwe jedynie

wtedy, gdy g = 0 lub g = ±∞ . Wiemy oczywi´scie, ˙ze g > 0 — granica rosna

,

cego

cia

,

gu liczb dodatnich musi by´c wie

,

ksza ni˙z 0 , wobec tego g = +. W przypadku

q ≤ −1 cia

,

g nie ma granicy, bo mo˙zemy wybra´c podcia

,

g, kt´ory ma granice

,

g

1

≤ −1 ,

np. q

2n−1

= q · (q

2

)

n

oraz podcia

,

g, kt´ory ma granice

,

g

2

1 , np. q

2n

= (q

2

)

n

,

istnienie podcia

,

g´ow o r´o˙znych granicach przeczy istnieniu granicy cia

,

gu, zar´owno

sko´

nczonej jak i niesko´

nczonej.

Przyk lad 4.8

Niech a > 0 be

,

dzie liczba

,

rzeczywista

,

. Wyka˙zemy, ˙ze lim

n→∞

n

a = 1.

Podobnie jak w poprzednich przypadkach poka˙zemy dwie metody. Tym razem za-

czniemy od sposobu z mniejsza

,

liczba

,

rachunk´ow, czyli „bardziej teoretycznego”.

Za l´o˙zmy, ˙ze a > 1 . Cia

,

g

n

a

jest w tym przypadku ´sci´sle maleja

,

cy, jego wy-

razy sa

,

wie

,

ksze ni˙z 1 , wie

,

c ma granice

,

g , sko´

nczona

,

, kt´ora nie mo˙ze by´c mniejsza

ni˙z 1 . Ka˙zdy podcia

,

g tego cia

,

gu jest zbie˙zny do g . Mie

,

dzy innymi g = lim

n→∞

2n

a .

17

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

Skorzystamy teraz z twierdzenia o iloczynie granic:

g

2

= g · g = lim

n→∞

2n

a · lim

n→∞

2n

a = lim

n→∞

(

2n

a)

2

= lim

n→∞

n

a = g ,

zatem g

2

= g . Sta

,

d wynika, ˙ze g = 0 < 1 lub g = 1 (ju˙z wiemy, ˙ze g nie jest

r´owne ±∞ ). Poniewa˙z pierwsza mo˙zliwo´s´c zosta la wcze´sniej wykluczona, wie

,

c zo-

staje druga, czyli g = 1 .

Dla a = 1 teza jest prawdziwa w oczywisty spos´ob. Za l´o˙zmy teraz, ˙ze 0 < a < 1 .

Mamy lim

n→∞

n

a = lim

n→∞

1

n

p

1/a

=

1

lim

n→∞

n

p

1/a

=

1
1

= 1 — skorzystali´smy z twier-

dzenia o ilorazie granic oraz z ju˙z udowodnionej cze

,

´sci tezy.

Teraz udowodnimy, ˙ze lim

n→∞

n

a = 1 w przypadku a > 1 , za pomoca

,

szacowa´

n.

Niech ε be

,

dzie dowolna

,

liczba

,

rzeczywista

,

dodatnia

,

. Chcemy wykaza´c, ˙ze dla do-

statecznie du˙zych liczb naturalnych n zachodzi nier´owno´s´c |

n

a − 1| < ε , czyli ˙ze

1 − ε <

n

a < 1 + ε . Poniewa˙z a > 1 , wie

,

c nier´owno´s´c podw´ojna sprowadza sie

,

do

nier´owno´sci

n

a < 1 + ε , czyli do nier´owno´sci a < (1 + ε)

n

. Ta z kolei wynika z

nier´owno´sci a < 1+, bo 1+nε < (1+ε)

n

— nier´owno´s´c Bernoulli’ego. Wystarczy

wie

,

c, by n

ε

>

a − 1

ε

. To ko´

nczy dow´od.

Uwaga 4.20

Nie rozwia

,

zywali´smy nier´owno´sci

n

a < 1 + ε , bo wymaga loby

to zastosowania logarytm´ow, n >

log a

log (1 + ε)

, wskazali´smy jedynie moment, od

kt´orego nier´owno´s´c jest prawdziwa, nie troszcza

,

c sie

,

o to, co sie

,

dzieje w przypadku

wcze´sniejszych n .

Uwaga 4.21 Zauwa˙zmy, ˙ze w definiuja

,

c pote

,

ge

,

o wyk ladniku rzeczywistym wyka-

zali´smy, ˙ze dla ka˙zdej liczby a > 1 i dowolnej liczby naturalnej n zachodzi nier´owno´s´c

2m

a < 1 +

a−1

2

m

. Sta

,

d wynika, ˙ze je˙zeli n ≥ 2

m

, to 1 <

n

a ≤

2m

a < 1 +

a−1

2

m

. Maja

,

c

dane ε > 0 dobieramy m ∈ N tak, ˙ze 1 +

a−1

2

m

< 1 + ε , wie

,

c dla n > 2

m

mamy

n

a < 1 + ε . Oznacza to, ˙ze lim

n→∞

n

a = 1 .

Przyk lad 4.9

Teraz wyka˙zemy, ˙ze granica

,

cia

,

gu

n

n

jest liczba 1 . Zacznijmy

od wypisania kilku pierwszych wyraz´ow cia

,

gu:

1

1 = 1 ,

2 ,

3

3 ,

4

4 =

2 , . . . .

Bez trudu mo˙zna stwierdzi´c, ˙ze

3

3 >

2 — mo˙zna np. podnie´s´c te

,

nier´owno´s´c

obustronnie do pote

,

gi 6 . Oznacza to, ˙ze

2 <

3

3 >

4

4 . Wynika sta

,

d, ˙ze cia

,

g

ten nie jest maleja

,

cy ani rosna

,

cy. Nie wyklucza to monotoniczno´sci od pewnego miej-

sca. Udowodnimy wie

,

c , ˙ze lim

n→∞

n

n = 1 korzystaja

,

c z definicji granicy cia

,

gu, inny

spos´ob poka˙zemy p´o´zniej.

Niech ε be

,

dzie dodatnia

,

liczba

,

dodatnia

,

. Poniewa˙z wszystkie wyrazy cia

,

gu sa

,

wie

,

ksze

18

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

lub r´owne od 1 , wie

,

c wystarczy wykaza´c, ˙ze dla dostatecznie du˙zych n zacho-

dzi nier´owno´s´c

n

n < 1 + ε , czyli n < (1 + ε)

n

. Tym razem nier´owno´s´c Ber-

noulli’ ego jest niewystarczaja

,

ca, ale poniewa˙z ε > 0 , wie

,

c dla n ≥ 2 mamy

(1 + ε)

n

1 +

n

1

ε +

n

2

ε

2

>

n

2

ε

2

. Wystarczy wie

,

c, ˙zeby n <

n

2

ε

2

=

n(n−1)

2

ε

2

,

czyli

2

ε

2

+ 1 < n , co ko´

nczy dow´od.

Teraz poka˙zemy, jak mo˙zna uzyska´c ten sam wynik bez szacowa´

n. Nier´owno´s´c

n+1

n + 1 <

n

n jest r´ownowa˙zna nier´owno´sci n >

n+1

n

n

=

1 +

1

n

n

. Ot´o˙z

wykazali´smy wcze´sniej, ˙ze cia

,

g 1 +

1

n

n

jest ograniczony. Wobec tego nier´owno´s´c

n > 1 +

1

n

n

zachodzi dla wszystkich dostatecznie du˙zych liczb naturalnych n

nie mamy powodu ustala´c w tej chwili, od kt´orego momentu jest ona prawdziwa.

Wobec tego cia

,

g (

n

n) jest maleja

,

cy od pewnego momentu, jest te˙z ograniczony z

do lu przez liczbe

,

1 , a co zatem idzie zbie˙zny. Oznaczmy przez g jego granice

,

. Ka˙zdy

podcia

,

g tego cia

,

gu, np.

2n

2n jest zbie˙zny do tej samej granicy g . Wobec tego

g

2

= g · g = lim

n→∞

2n

2n · lim

n→∞

2n

2n = lim

n→∞

2n

2n

2

= lim

n→∞

n

2 ·

n

n

=

= lim

n→∞

n

2 ·

n

n = 1 · g .

Otrzymali´smy r´owno´s´c g

2

= g a poniewa˙z 1 ≤ g < +, wie

,

c g = 1 , co ko´

nczy

dow´od. Okaza lo sie

,

, ˙ze r´ownie˙z w tym przypadku mo˙zna omina

,

´c rachunki, wymaga lo

to tylko nieco wie

,

cej zachodu ni˙z poprzednio, bo cia

,

g nie jest monotoniczny, a tylko

maleja

,

cy od pewnego momentu.

Przyk lad 4.10

Niech k be

,

dzie dowolna

,

liczba

,

ca lkowita

,

dodatnia

,

, q liczba

,

rze-

czywista

,

wie

,

ksza

,

od 1 . Wyka˙zemy, ˙ze lim

n→∞

n

k

q

n

= 0 . Niech r = 1 − q . Oczywi´scie

r > 0 . Za l´o˙zmy, ˙ze n > k + 1 . Mamy wtedy

q

n

= (1 + r)

n

=

= 1 +

n

1

r +

n

2

r

2

+

n

3

r

3

+ · · · +

n

k

r

k

+

n

k+1

r

k+1

+ · · · +

n
n

r

n

>

n

k+1

r

k+1

.

Wobec tego

0 <

n

k

q

n

<

n

k

(

n

k+1

)

r

k+1

=

n

k

(k+1)!

n(n−1)·...·(n−k)r

k+1

=

(k+1)!

n(1

1

n

)(1

2

n

)·...·(1

k

n

)r

k+1

−−−−→

n→∞

0 ,

a sta

,

d i z twierdzenia o trzech cia

,

gach teza wynika od razu.*

Przyk lad 4.11

Niech a

n

=

q

n

n!

i niech q oznacza dowolna

,

liczbe

,

rzeczywista

,

.

Wyka˙zemy, ˙ze lim

n→∞

a

n

= 0 .

Z definicji cia

,

gu (a

n

) wynika, ˙ze a

n

=

q·q·q·...·q

1·2·3·...·n

. Iloraz

|q|

n

maleje wraz ze wzrostem

*

Na prze lomie XVIII i XIX w. angielski ekonomista Th.R.Malthus twierdzi l, ˙ze liczba ludno´sci wzrasta

jak cia,g geometryczny, za´s ilo´s´c ˙zywno´sci jak cia,g arytmetyczny, tzw. prawo Malthusa. Wynika loby

sta,d i z tego, co w la´snie wykazali´smy, ˙ze ilo´s´c ˙zywno´sci przypadaja,ca na jedna, osobe, maleje w czasie

i to do 0 , co prawda w bardzo d lugim, bo w przypadku liczby ludno´sci q≈1 , ale to i tak nie wygla,da lo

dobrze.

19

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

liczby n . Jest nawet lim

n→∞

|q|

n

= 0 . Oznacza, to ˙ze je´sli n jest du˙ze, to wyraz a

n+1

jest znikomo ma la

,

cze

,

´scia

,

wyrazu a

n

. Sta

,

d powinna wynika´c zbie˙zno´s´c cia

,

gu do 0 .

Rzeczywi´scie, niech m ≥ 2|q| be

,

dzie liczba

,

naturalna

,

i niech n > m . Wtedy

0 <

q

n

n!

=

|q

m

|

m!

·

|q|

m + 1

·

|q|

m + 2

· . . . ·

|q|

n

<

|q

m

|

m!

·

1
2

n−m

.

Ostatnie wyra˙zenie da

,

˙zy do 0 , bo jest to wyraz cia

,

gu geometrycznego o ilorazie

1
2

.

Stosujemy twierdzenie o trzech cia

,

gach. Z niego wynika, ˙ze lim

n→∞

q

n

n!

= 0 . Dow´od

zosta l zako´

nczony.

Przyk lad 4.12

lim

n→∞

n!

n

n

= 0 . Wynika to sta

,

d, ˙ze 0 <

n!

n

n

=

1

n

·

2

n

· . . . ·

n
n

1

n

i tego, ˙ze lim

n→∞

1

n

= 0 . Dow´od zosta l zako´

nczony.

.

Przyk lad 4.13

Je˙zeli k > 1 jest liczba

,

naturalna

,

, x

1

, x

2

, . . . sa

,

liczbami

nieujemnymi i lim

n→∞

x

n

= g , to lim

n→∞

k

x

n

=

k

g . Je´sli bowiem

k

x

ln

jest pod-

cia

,

giem zbie˙znym do granicy x cia

,

gu

k

x

n

, to na mocy twierdzenia o granicy

iloczynu cia

,

g´ow zachodzi x

k

=

lim

n→∞

k

x

ln

k

= lim

n→∞

x

ln

= g . Poniewa˙z x ≥ 0 ,

jako granica cia

,

gu liczb nieujemnych, wie

,

c x =

k

g . Wykazali´smy wie

,

c, ˙ze wszyst-

kie te podcia

,

gi cia

,

gu

k

x

n

, kt´ore maja

,

granice, sa

,

zbie˙zne do

k

g . Z wniosku z

twierdzenia Bolzano – Weierstrassa wynika, ˙ze granica

,

cia

,

gu

k

x

n

jest

k

g . To

twierdzenie z latwo´scia

,

mo˙zna rozszerzy´c na przypadek cia

,

gu liczb ujemnych i pier-

wiastka stopnia nieparzystego.

Mo˙zna te˙z wykaza´c to twierdzenie korzystaja

,

c z latwej do uzasadnienia nier´owno´sci

k

x −

k

y

k

p

|x − y|

Przyk lad 4.14

Teraz kilka s l´ow wyja´sniaja

,

cych dlaczego pewne dzia lania z u˙zy-

ciem symboli niesko´

nczonych sa

,

zdefiniowane, a inne — nie. Wypiszmy kilka r´owno´sci

latwych do dowodu:

lim

n→∞

n − (n −

1

n

)

= lim

n→∞

1

n

= 0 , co sugeruje, ˙ze powinno by´c +∞ − (+) = 0 ;

lim

n→∞

(n − (n − 1)) = lim

n→∞

1 = 1 , co sugeruje, ˙ze powinno by´c +∞ − (+) = 1 ;

lim

n→∞

n − (n −

n

2

)

= lim

n→∞

n

2

= +, zatem powinno by´c +∞ − (+) = +;

lim

n→∞

(n − (2n)) = lim

n→∞

(−n) = −∞ , zatem powinno by´c +∞ − (+) = −∞ .

Okazuje sie

,

wie

,

c, ˙ze z tego, ˙ze dwa cia

,

gi da

,

˙za

,

do +, nic nie wynika na temat

warto´sci granicy ich r´o˙znicy. Przyja

,

wszy a

n

= n i b

n

= n + (1)

n

przekonujemy sie

,

z latwo´scia

,

, ˙ze mo˙ze sie

,

te˙z zdarzy´c, ˙ze lim

n→∞

a

n

= +, lim

n→∞

b

n

= +, natomiast

20

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

r´o˙znica (a

n

− b

n

) cia

,

g´ow (a

n

) i (b

n

) granicy w og´ole nie ma, w tym przypadku

jest ona cia

,

giem geometrycznym o ilorazie 1 . Innymi s lowy na podstawie tego,

˙ze dwa cia

,

gi maja

,

granice

,

+, nic o istnieniu granicy ich r´o˙znicy lub jej warto´sci

w przypadku, gdy granica istnieje, powiedzie´c nie mo˙zna! To samo dotyczy innych

symboli nieoznaczonych np.

0
0

,

±∞
±∞

, 1

±∞

, 0

0

. . . Zache

,

camy czytelnika do samo-

dzielnego wymy´slenia odpowiednich przyk lad´ow w celu lepszego zrozumienia tych

kwestii.

Uwaga 4.22 (o cie

,

˙zkim ˙zyciu studenta) Wielu student´ow miewa lo w przesz lo´sci

— przysz lo´s´c nie jest autorowi znana — k lopoty z symbolami nieoznaczonymi; wg.

autora samodzielne wymy´slenie kilku przyk lad´ow ilustruja

,

cych niemo˙zno´s´c rozsze-

rzenia definicji dzia la´

n z u˙zyciem niesko´

nczono´sci to jedna z najpewniejszych dr´og

uniknie

,

cia tego rodzaju trudno´sci.

Ostatnia rzecz, o kt´orej wspomnie´c wypada przed przej´sciem do dowod´ow, to

twierdzenie o przenoszeniu sie

,

nier´owno´sci na granice

,

(N4). Ot´o˙z mo˙zna by pomy´sle´c,

˙ze je´sli dla wszystkich dostatecznie du˙zych liczb naturalnych n zachodzi ostra nie-

r´owno´s´c b

n

< a

n

, to r´ownie˙z w granicy nier´owno´s´c jest ostra. Tak mo˙ze by´c, ale nie

musi. ´

Swiadczy´c mo˙ze o tym naste

,

puja

,

cy przyk lad: a

n

=

1

2n

, b

n

=

1

n

— wobec

tego a

n

< b

n

dla n = 1, 2, 3, . . . i jednocze´snie lim

n→∞

a

n

= 0 = lim

n→∞

b

n

.

Opuszczone dowody

Przejdziemy teraz do dowod´ow twierdze´

n sformu lowanych na pocza

,

tku tego roz-

dzia lu. Zaczniemy od nier´owno´sci. Zache

,

camy student´ow do przejrzenia przynajmniej

cze

,

´sci dowod´ow i do lo˙zenia stara´

n w celu zrozumienia wnioskowania. Wnioskowanie

to jedna z najwa˙zniejszych rzeczy w matematyce. Rozpowszechniany pogla

,

d, ˙ze jest

to potrzebne tylko matematykom, jest tylko w pewnym sensie prawdziwy. Bez za-

poznania sie

,

z metodami stosowanymi w matematyce nie spos´ob zapewne zrozumie´c

sformu lowa´

n wielu twierdze´

n i wobec tego trudno je stosowa´c, na pewno grozi to

b le

,

dami i zmusza student´ow do zbe

,

dnego zapamie

,

tywania jakich´s szczeg´o l´ow, kt´ore

z punktu widzenia os´ob, kt´ore zrozumia ly podstawowe kwestie sa

,

po prostu oczywi-

ste i w og´ole o nich nie warto wspomina´c. Poza tym cze

,

´s´c dowod´ow m´owi o tym,

jak nale˙zy poste

,

powa´c w r´o˙znych sytuacjach: dow´od twierdzenia o granicy iloczynu

lub ilorazu cia

,

g´ow to po prostu opis podstawowej (i najprostszej) metody szacowania

iloczynu lub ilorazu.

Dow´

od twierdzenia o szacowaniu

Zaczniemy od N1. Przypomnijmy, ˙ze liczba

C jest mniejsza od granicy cia

,

gu (a

n

) . Mamy wykaza´c, ˙ze dla dostatecznie du˙zych

21

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

n zachodzi nier´owno´s´c C < a

n

. Za l´o˙zmy najpierw, ˙ze granica lim

n→∞

a

n

jest nie-

sko´

nczona. Jest ona wie

,

ksza od liczby rzeczywistej C , wie

,

c lim

n→∞

a

n

= +(bo

−∞ < C ). Z definicji od razu wynika, ˙ze dla ka˙zdej liczby rzeczywistej M , np. dla

M = C , pocza

,

wszy od pewnego momentu, zachodzi nier´owno´s´c a

n

> M = C .

Przejd´zmy do naste

,

pnego przypadku: granica lim

n→∞

a

n

jest sko´

nczona. Przyj-

mijmy ε = lim

n→∞

a

n

− C . Z definicji od razu wynika, ˙ze dla dostatecznie du˙zych n

zachodzi nier´owno´s´c |a

n

lim

n→∞

a

n

| < ε , wie

,

c a

n

> lim

n→∞

a

n

− ε = C .

W taki sam spos´ob udowodni´c mo˙zna N2 — trzeba jedynie zmieni´c kierunki

niekt´orych nier´owno´sci i zasta

,

pi´c +przez −∞ .

Teraz za l´o˙zmy, ˙ze lim

n→∞

b

n

< lim

n→∞

a

n

. Niezale˙znie od tego, czy granice sa

,

sko´

n-

czone czy nie, istnieje liczba C taka, ˙ze lim

n→∞

b

n

< C < lim

n→∞

a

n

. Na mocy ju˙z

udowodnionej cze

,

´sci twierdzenia dla dostatecznie du˙zych n zachodza

,

nier´owno´sci

b

n

< C oraz C < a

n

. Z nich wynika od razu, ˙ze dla dostatecznie du˙zych liczb

naturalnych n mamy b

n

< a

n

, co ko´

nczy dow´od cze

,

´sci N3.

Za l´o˙zmy, ˙ze od pewnego momentu zachodzi nier´owno´s´c b

n

≤ a

n

, chcemy nato-

miast wykaza´c, ˙ze lim

n→∞

b

n

lim

n→∞

a

n

. Je´sli tak nie jest, to lim

n→∞

b

n

> lim

n→∞

a

n

. Sta

,

d

jednak wynika, ˙ze dla dostatecznie du˙zych liczb naturalnych n zachodzi nier´owno´s´c

b

n

> a

n

sprzeczna z za lo˙zeniem. Zako´

nczyli´smy dow´od twierdzenia o szacowaniu.

Z udowodnionego w la´snie twierdzenia ju˙z wcze´sniej wywnioskowali´smy, ˙ze je´sli

cia

,

g ma granice

,

, to tylko jedna

,

.

Teraz udowodnimy, ˙ze cia

,

g zbie˙zny do granicy sko´

nczonej jest ograniczony za-

r´owno z g´ory jak i z do lu. Niech c i d be

,

da

,

takimi liczbami rzeczywistymi, ˙ze

c < lim

n→∞

a

n

< d . Z twierdzenia o szacowaniu wynika, ˙ze dla dostatecznie du˙zych liczb

naturalnych n , powiedzmy wie

,

kszych od odpowiednio dobranej liczby m , zachodzi

nier´owno´s´c c < a

n

< d . Wystarczy teraz przyja

,

´c, ˙ze C jest najmniejsza

,

z liczb a

0

,

a

1

, . . . , a

m

, c , by dla wszystkich liczb naturalnych n by lo C ≤ a

n

. Analogicznie

przyjmujemy, ˙ze D jest najwie

,

ksza

,

z liczb a

0

, a

1

, . . . , a

m

, d — wtedy a

n

≤ D

dla wszystkich liczb naturalnych n . Dow´od tego wniosku zosta l zako´

nczony.

Uwaga 4.23 Ten dow´od jest bardzo prosty. Prosze

,

jednak zwr´oci´c uwage

,

na to,

˙ze spo´sr´od sko´

nczenie wielu liczb mo˙zna zawsze wybra´c najmniejsza

,

a spo´sr´od nie-

sko´

nczenie wielu niekoniecznie, np. w´sr´od liczb 1,

1
2

,

1
3

, . . . najmniejszej nie ma!

Uwaga 4.24 (o zbie˙zno´sci cia

,

gu przeciwnego)

Zauwa˙zmy teraz, ˙ze cia

,

g (c

n

) ma granice

,

wtedy i tylko wtedy, gdy cia

,

g (−c

n

) ma

22

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

granice

,

, niezale˙znie od tego, czy granica ta jest sko´

nczona, czy niesko´

nczona oraz ˙ze

zachodzi wtedy r´owno´s´c

lim

n→∞

(−c

n

) = lim

n→∞

c

n

.

Ta bardzo prosta uwaga wielokrotnie pozwoli nam na zmniejszenie liczby przy-

padk´ow rozwa˙zanych w dowodach.

Teraz zajmiemy sie

,

twierdzeniem o arytmetycznych w lasno´sciach granicy cia

,

gu.

Udowodnimy, ˙ze suma granic dw´och cia

,

g´ow jest granica

,

sumy tych cia

,

g´ow. Za l´o˙zmy,

˙ze g

a

= lim

n→∞

a

n

i g

b

= lim

n→∞

b

n

. Nale˙zy rozwa˙zy´c trzy przypadki: g

a

, g

b

sa

,

liczbami

rzeczywistymi, g

a

jest liczba

,

rzeczywista

,

za´s g

b

jest symbolem niesko´

nczonym, g

a

, g

b

sa

,

symbolami niesko´

nczonymi tego samego znaku.

Rozpoczniemy od granic sko´

nczonych, przypadku znanego pewnej cze

,

´sci stu-

dent´ow ze szko ly. Niech ε be

,

dzie dodatnia

,

liczba

,

rzeczywista

,

i niech n

0

ε

be

,

dzie

taka

,

liczba

,

naturalna

,

, ˙ze dla n > n

0

ε

zachodzi nier´owno´s´c |a

n

− g

a

| <

ε
2

. Niech

|b

n

− g

b

| <

ε
2

dla n > n

00

ε

, gdzie n

ε

jest odpowiednio dobrana

,

liczba

,

naturalna

,

.

Wtedy dla n > n

ε

:= max(n

0

ε

, n

00

ε

) zachodza

,

obydwie nier´owno´sci, zatem

|a

n

+ b

n

(g

a

+ g

b

)| ≤ |a

n

− g

a

| + |b

n

− g

b

| <

ε
2

+

ε
2

= ε.

Oznacza to, ˙ze dla dostatecznie du˙zych numer´ow n r´o˙znica (a

n

+ b

n

) (g

a

+ g

b

)

ma warto´s´c bezwzgle

,

dna

,

mniejsza

,

ni˙z ε , wie

,

c lim

n→∞

(a

n

+ b

n

) = g

a

+ g

b

. Dow´od

twierdzenia o granicy sumy cia

,

g´ow w tym przypadku zosta l zako´

nczony.

Zajmiemy sie

,

teraz naste

,

pnym przypadkiem: niech liczba g be

,

dzie granica

,

cia

,

gu

(a

n

) , czyli g = lim

n→∞

a

n

i niech += lim

n→∞

b

n

. Wyka˙zemy, ˙ze lim

n→∞

(a

n

+b

n

) = +.

Niech M be

,

dzie dowolna

,

liczba

,

rzeczywista

,

. Istnieje liczba naturalna n

00

M −g+1

taka,

˙ze dla n > n

00

M −g+1

zachodzi nier´owno´s´c b

n

> M −g+1 . Istnieje te˙z liczba naturalna

n

0

1

taka, ˙ze dla n > n

0

1

zachodzi nier´owno´s´c |a

n

− g| < 1 . Niech n

M

be

,

dzie wie

,

ksza

,

z liczb n

00

M −g+1

i n

0

1

. Dla n > n

M

obie nier´owno´sci zachodza

,

, wie

,

c

a

n

+ b

n

= b

n

+ g + (a

n

− g) ≥ b

n

+ g − |a

n

− g| > (M − g + 1) + g − 1 = M .

Wykazali´smy , ˙ze dla dostatecznie du˙zych liczb naturalnych n zachodzi nier´owno´s´c

a

n

+ b

n

> M , wie

,

c lim

n→∞

(a

n

+ b

n

) = +. Dow´od zosta l zako´

nczony.

Je´sli wie

,

c cia

,

g (a

n

) ma granice

,

sko´

nczona

,

i lim

n→∞

b

n

= −∞ , to na mocy po-

przednio wykazanej cze

,

´sci twierdzenia o granicy sumy cia

,

g −a

n

+(−b

n

)

ma granice

,

i zachodzi r´owno´s´c lim

n→∞

(−a

n

− b

n

) = lim

n→∞

a

n

+ lim

n→∞

(−b

n

) = +, co w ´swietle

uwagi poprzedzaja

,

cej to zdanie oznacza, ˙ze granica lim

n→∞

(a

n

+ b

n

) istnieje i jest

23

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

r´owna −∞ . Dow´od zosta l zako´

nczony.

Kolej na ostatni przypadek: obie granice sa

,

r´owne +lub obie sa

,

r´owne −∞ .

Z uwagi o zbie˙zno´sci cia

,

gu przeciwnego wynika, ˙ze dow´od przeprowadzi´c wystarczy

zak ladaja

,

c, ˙ze lim

n→∞

a

n

= += lim

n→∞

b

n

. Je´sli M jest dowolna

,

liczba

,

rzeczywista

,

,

to istnieja

,

takie liczby naturalne n

0

M/2

oraz n

00

M/2

, ˙ze je´sli n > n

0

M/2

, to a

n

>

M

2

,

za´s je´sli n > n

00

M/2

, to b

n

>

M

2

. Przyjmijmy, ˙ze n

M

jest wie

,

ksza

,

z liczb n > n

0

M/2

,

n > n

00

M/2

. Wtedy zachodza

,

obie nier´owno´sci i wobec tego a

n

+ b

n

>

M

2

+

M

2

= M ,

wie

,

c dla dostatecznie du˙zych liczb naturalnych n zachodzi nier´owno´s´c a

n

+ b

n

> M ,

a to oznacza, ˙ze lim

n→∞

(a

n

+ b

n

) = +. Dow´od zosta l zako´

nczony.

Z uwagi o zbie˙zno´sci cia

,

gu przeciwnego i twierdzenia o granicy sumy (A1) wynika

od razu twierdzenie o granicy r´o˙znicy (A2).

Zajmiemy sie

,

teraz iloczynem. Podobnie jak poprzednio jest wiele przypadk´ow,

kt´orych liczbe

,

mo˙zna zredukowa´c stosuja

,

c uwage

,

o zbie˙zno´sci cia

,

gu przeciwnego do

naste

,

puja

,

cych: obie granice sa

,

sko´

nczone, obie granice sa

,

r´owne +, jedna granica

jest dodatnia

,

liczba

,

rzeczywista

,

a druga jest niesko´

nczona, np. +.

Rozpoczniemy od rozpatrzenia granicy iloczynu dw´och cia

,

g´ow, kt´orych gra-

nice sa

,

sko´

nczone. Z twierdzenia o szacowaniu wynika, ˙ze ka˙zdy z tych cia

,

g´ow jest

ograniczony, wie

,

c istnieje liczba K

0

> 0 taka, ˙ze |a

n

| ≤ K

0

i istnieje te˙z liczba

K

00

taka, ˙ze |b

n

| < K

00

dla ka˙zdej liczby naturalnej n . Przyjmuja

,

c, ˙ze K to

wie

,

ksza z liczb K

0

, K

00

znajdujemy liczbe

,

, kt´orej nie przekracza warto´s´c bezwzgle

,

dna

˙zadnego wyrazu kt´oregokolwiek z dw´och rozpatrywanych cia

,

g´ow: |a

n

|, |b

n

| ≤ K .

Niech g

a

= lim

n→∞

a

n

, g

b

= lim

n→∞

b

n

. Z twierdzenia o szacowaniu wnioskujemy, ˙ze

r´ownie˙z |g

a

|, |g

b

| ≤ K . Niech ε oznacza dowolna

,

liczbe

,

dodatnia

,

. Istnieje wtedy

liczba naturalna n

ε

, taka ˙ze je´sli n > n

ε

, to |a

n

− g

a

| <

ε

2K

i jednocze´snie

|b

n

− g

b

| <

ε

2K

. Wtedy

|a

n

b

n

− g

a

g

b

| = |(a

n

− g

a

)b

n

+ g

a

(b

n

− g

b

)| ≤ |a

n

− g

a

| · |b

n

| + |g

a

| · |b

n

− g

b

| <

<

ε

2K

· K + K ·

ε

2K

= ε .

Udowodnili´smy wie

,

c, ˙ze dla dostatecznie du˙zych n odleg lo´s´c liczby a

n

b

n

od liczby

g

a

g

b

jest mniejsza ni˙z ε , co oznacza, ˙ze g

a

g

b

= lim

n→∞

a

n

· lim

n→∞

b

n

, a to w la´snie by lo

naszym celem.

Teraz zajmiemy sie

,

granica

,

iloczynu cia

,

g´ow, z kt´orych jeden ma granice

,

sko´

nczo-

na

,

i dodatnia

,

, a granica

,

drugiego jest +. Niech g

a

= lim

n→∞

a

n

be

,

dzie liczba

,

dodat-

nia

,

i niech += lim

n→∞

b

n

. Niech M be

,

dzie dowolna

,

liczba

,

rzeczywista

,

. Z twierdze-

nia o szacowaniu wynika, ˙ze istnieje liczba naturalna n

M

taka, ˙ze je´sli n > n

M

, to

a

n

>

1
2

g

a

> 0 i b

n

>

2|M |

g

a

> 0 . Wtedy a

n

b

n

>

1
2

g

a

2|M |

g

a

= |M | ≥ M . Dow´od w tym

24

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

przypadku zosta l zako´

nczony. Rozpatrzymy teraz iloczyn cia

,

g´ow (a

n

) i (b

n

) przy

za lo˙zeniu, ˙ze lim

n→∞

a

n

= += lim

n→∞

b

n

. Je´sli M jest dowolna

,

liczba

,

rzeczywista

,

, to

istnieje liczba naturalna n

M

, taka ˙ze dla n > n

M

zachodza

,

nier´owno´sci a

n

> 1+|M |

i b

M

> 1+|M | . Wtedy dla n > n

M

mamy a

n

b

n

> (1+|M |)

2

> 2·|M | ≥ |M | ≥ M ,

co dowodzi r´owno´sci += lim

n→∞

a

n

b

n

. Twierdzenie o granicy iloczynu cia

,

g´ow zo-

sta lo w ten spos´ob udowodnione.

Pozosta la ostatnia cze

,

´s´c — twierdzenie o granicy ilorazu. Zn´ow zaczniemy od

granic sko´

nczonych. Niech g

a

= lim

n→∞

a

n

i niech 0 6= g

b

= lim

n→∞

b

n

. Wyka˙zemy,

˙ze lim

n→∞

a

n

b

n

=

g

a

g

b

. Niech ε be

,

dzie dowolna

,

liczba

,

dodatnia

,

. Z poczynionych za lo˙ze´

n

wynika, ˙ze istnieje taka liczba naturalna n

ε

, ˙ze je´sli n > n

ε

, to

|b

n

| >

|g

b

|

2

, |a

n

− g

a

| <

ε·|g

b

|

4

, |b

n

− g

b

| <

ε·|g

b

|

2

4(|g

a

|+1)

.*

Dla n > n

ε

mamy wie

,

c

a

n

b

n

g

a

g

b

=

|a

n

g

b

−g

a

b

n

|

|g

b

b

n

|

|a

n

g

b

−g

a

g

b

|+|g

a

g

b

−g

a

b

n

|

|g

b

|

2

/2

=

2

|g

b

|

|a

n

− g

a

| +

2|g

a

|

|g

b

|

2

|g

b

− b

n

| < ε .

Twierdzenie zosta lo udowodnione w przypadku granic sko´

nczonych.

Je´sli lim

n→∞

a

n

= +a cia

,

g (b

n

) ma granice

,

sko´

nczona

,

i r´o˙zna

,

od 0 , to cia

,

g

1

b

n

ma granice

,

sko´

nczona

,

i r´o˙zna

,

od 0 – wynika to z ju˙z udowodnionej cze

,

´sci twier-

dzenia o granicy ilorazu. Mo˙zna zastosowa´c twierdzenie o granicy iloczynu cia

,

g´ow:

lim

n→∞

a

n

b

n

= lim

n→∞

a

n

·

1

b

n

= lim

n→∞

a

n

· lim

n→∞

1

b

n

= +∞ · lim

n→∞

1

b

n

. Ten ostatni iloczyn

jest oczywi´scie dobrze okre´slony.

Ostatni przypadek: granica cia

,

gu (a

n

) jest sko´

nczona a granica cia

,

gu (b

n

) jest

niesko´

nczona. W tym przypadku cia

,

g (a

n

) jest ograniczony, tzn. istnieje liczba

K > 0 , taka ˙ze dla ka˙zdego n zachodzi nier´owno´s´c |a

n

| < K . Je´sli ε > 0 , to istnieje

liczba naturalna n

ε

, taka ˙ze je´sli n > n

ε

, to |b

n

| >

K

ε

. Wtedy

a

n

b

n

< K ·

ε

K

= ε .

Wykazali´smy wie

,

c, ˙ze dla dostatecznie du˙zych n iloraz

a

n

b

n

ma warto´s´c bezwzgle

,

dna

,

mniejsza

,

ni˙z ε , a to oznacza, ˙ze lim

n→∞

a

n

b

n

= 0 . Dow´od zosta l zako´

nczony.

Uwaga 4.25 (o ilorazie z ograniczonym licznikiem)

Z dowodu twierdzenia o granicy ilorazu wynika natychmiast, ˙ze je´sli cia

,

g (a

n

) jest

ograniczony i lim

n→∞

|b

n

| = +, to lim

n→∞

a

n

b

n

= 0 — nie zak lada sie

,

tu, ˙ze cia

,

g (b

n

)

w og´ole ma granice

,

, starczy za lo˙zy´c, ˙ze cia

,

g jego warto´sci bezwzgle

,

dnych ma granice

,

niesko´

nczona

,

, o cia

,

gu (a

n

) te˙z nie trzeba zak lada´c, ˙ze jest zbie˙zny — wystarcza

ograniczono´s´c.

*

Nie za lo˙zyli´smy, ˙ze g

a

6=0 , wie,c w mianowniku umie´scili´smy |g

a

|+1 , by na pewno mianownik by l

o˙zny od 0 .

25

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

Teraz zajmiemy sie

,

twierdzeniem o trzech cia

,

gach. Wiemy, ˙ze dla dostatecznie

du˙zych n zachodzi nier´owno´s´c podw´ojna a

n

≤ b

n

≤ c

n

oraz ˙ze cia

,

gi a

n

i c

n

maja

,

wsp´olna

,

granice

,

g . Mamy dowie´s´c, ˙ze ta wsp´olna granice jest r´ownie˙z granica

,

cia

,

gu

(b

n

) . Za l´o˙zmy najpierw, ˙ze granica g jest sko´

nczona. Niech ε > 0 be

,

dzie dowolna

,

liczba

,

. Istnieje taka liczba naturalna n

ε

, ˙ze |a

n

− g| < ε i |c

n

− g| < ε dla n > n

ε

.

Wynika sta

,

d, ˙ze g − ε < a

n

≤ b

n

≤ c

n

< g + ε , zatem |b

n

− g| < ε . Udowodnili´smy

wie

,

c, ˙ze g = lim

n→∞

b

n

. Teraz mo˙zemy sie

,

zaja

,

´c przypadkiem granicy niesko´

nczonej.

Jak zwykle wystarczy zaja

,

´c sie

,

jedna

,

z dwu niesko´

nczono´sci, tym razem dla odmiany

g = −∞ . Niech M be

,

dzie liczba

,

rzeczywista

,

. Poniewa˙z lim

n→∞

c

n

= −∞ , wie

,

c istnieje

liczba naturalna n

M

, taka ˙ze dla n > n

M

zachodzi nier´owno´s´c b

n

≤ c

n

< M , wie

,

c

w szczeg´olno´sci b

n

< M . Dow´od zosta l zako´

nczony.

Uwaga 4.26 (o trzech cia

,

gach w przypadku granic niesko´

nczonych)

Z dowodu wynika, ˙ze w przypadku granicy niesko´

nczonej, np. r´ownej −∞ , u˙zycie

jednego z dw´och zewne

,

trznych cia

,

g´ow, w tym przypadku cia

,

gu (a

n

) , jest zbe

,

dne.

Prawdziwe jest wie

,

c twierdzenie: je´sli dla dostatecznie du˙zych n zachodzi nier´owno´s´c

b

n

≤ c

n

i cia

,

g (c

n

) ma granice

,

−∞ , to r´ownie˙z cia

,

g (b

n

) ma granice

,

−∞ i — ana-

logicznie — je´sli dla dostatecznie du˙zych n zachodzi nier´owno´s´c a

n

≤ b

n

i granica

,

cia

,

gu (a

n

) jest +∞ , to r´ownie˙z += lim

n→∞

b

n

.

Dow´

od twierdzenia o scalaniu. Ten dow´od jest bardzo prosty. Za l´o˙zmy, ˙ze gra-

nica g jest sko´

nczona i niech ε > 0 . Istnieja

,

liczby n

0

ε

i n

00

ε

, takie ˙ze dla n > n

0

ε

zachodzi nier´owno´s´c |a

kn

− g| < ε , dla n > n

00

ε

zachodzi nier´owno´s´c |a

ln

− g| < ε .

Poniewa˙z k

n

→ ∞ i l

n

, wie

,

c istnieje n

ε

, takie ˙ze je´sli n > n

ε

i m jest

tak dobrane, ˙ze a

n

= a

km

lub a

n

= a

lm

, to m > n

0

ε

oraz m > n

00

ε

i wobec tego

|a

n

−g| < ε . To oznacza, ˙ze g = lim

n→∞

a

n

. Nieznaczne modyfikacje tego rozumowania

dadza

,

dow´od w przypadku granicy niesko´

nczonej.

Dow´

od twierdzenia Bolzano – Weierstrassa. Je´sli cia

,

g (a

n

) nie jest ogra-

niczony z g´ory, to mo˙zna z niego wybra´c podcia

,

g ´sci´sle rosna

,

cy: niech n

1

= 1 ;

poniewa˙z cia

,

g jest nieograniczony z g´ory, wie

,

c w´sr´od wyraz´ow naste

,

puja

,

cych po a

n

1

sa

,

wie

,

ksze od a

n

1

; niech n

2

be

,

dzie numerem jednego z nich — mamy wie

,

c n

2

> n

1

oraz a

n

2

> a

n

1

; poniewa˙z cia

,

g (a

n

) jest nieograniczony z g´ory, wie

,

c w´sr´od wy-

raz´ow, kt´ore naste

,

puja

,

po a

n

2

jest wyraz wie

,

kszy ni˙z a

n

2

, wybierzmy jeden z nich

i przyjmijmy, ˙ze n

3

jest jego numerem; mamy wie

,

c n

3

> n

2

oraz a

n

3

> a

n

2

; pro-

ces ten mo˙zna kontynuowa´c nieograniczenie. Ca lkowicie analogicznie poste

,

pujemy

w przypadku cia

,

gu nieograniczonego z do lu z tym, ˙ze teraz wybieramy podcia

,

g ´sci´sle

maleja

,

cy. Cia

,

g monotoniczny ma, jak wiemy, granice

,

. Pozosta l do rozpatrzenia przy-

26

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

padek cia

,

gu ograniczonego (z g´ory i z do lu).

Niech c, d be

,

da

,

takimi liczbami rzeczywistymi, ˙ze dla ka˙zdego liczby naturalnej n

zachodzi nier´owno´s´c c ≤ a

n

≤ d , c jest ograniczeniem dolnym cia

,

gu (a

n

) a d

g´ornym. Bez straty og´olno´sci rozwa˙za´

n mo˙zna przyja

,

´c, ˙ze cia

,

g (a

n

) nie zawiera pod-

cia

,

gu sta lego — je´sli zawiera, to ten w la´snie podcia

,

g jest zbie˙zny. Dalej zak ladamy,

˙ze (a

n

) nie zawiera podcia

,

gu sta lego, wie

,

c ˙ze ka˙zda liczba mo˙ze wysta

,

pi´c jako wyraz

cia

,

gu jedynie sko´

nczenie wiele razy. Zreszta

,

to za lo˙zenie nie jest istotne dla rozu-

mowania przeprowadzanego poni˙zej, jednak pozwala unikna

,

´c pyta´

n o szczeg´o lowa

,

interpretacje

,

u˙zywanych sformu lowa´

n. Niech n

1

= 1 , c

1

= c , d

1

= d . Jedna

z po l´owek przedzia lu [c, d] (lub obie) zawiera niesko´

nczenie wiele wyraz´ow cia

,

gu

a

n

, niech [c

2

, d

2

] be

,

dzie ta

,

w la´snie po l´owka

,

(je´sli np. w przedziale

c,

c+d

2

jest nie-

sko´

nczenie wiele wyraz´ow cia

,

gu (a

n

) , to przyjmujemy c

2

= c

1

= c i d

2

=

c+d

2

,

je´sli w przedziale

c,

c+d

2

jest sko´

nczenie wiele wyraz´ow cia

,

gu (a

n

) , to w przedziale

c+d

2

, d

musi by´c ich niesko´

nczenie wiele, w tym przypadku przyjmujemy c

2

=

c+d

2

i d

2

= d

1

= d ) i niech n

2

> n

1

be

,

dzie takim numerem, ˙ze a

n

2

[c

2

, d

2

] . Powta-

rzamy przeprowadzone rozumowanie w odniesieniu do przedzia lu [c

2

, d

2

] i wyraz´ow

cia

,

gu naste

,

puja

,

cych po a

n

2

. W wyniku tego otrzymujemy liczbe

,

naturalna

,

n

3

> n

2

oraz liczby rzeczywiste c

3

, d

3

takie, ˙ze c

3

≤ a

n

3

≤ d

3

. Dla j = 1, 2, 3 mamy wobec

tego c

j

≤ a

n

j

≤ d

j

i d

j

− c

j

=

d−c

2

j

oraz c

1

≤ c

2

≤ c

3

i d

1

≥ d

2

≥ d

3

. Kontynuuja

,

c

to poste

,

powanie otrzymujemy niemaleja

,

cy cia

,

g (c

j

) oraz nierosna

,

cy cia

,

g (d

j

) , przy

czym d

j

−c

j

=

d−c

2

j

. Cia

,

gi te maja

,

granice, bo sa

,

monotoniczne. Granice te sa

,

r´owne,

bo lim

n→∞

(d

j

− c

j

) = lim

n→∞

1

2

j

· (d − c) = 0 . Poniewa˙z c

j

≤ a

n

j

≤ d

j

dla ka˙zdej liczby

naturalnej j , wie

,

c — na mocy twierdzenia o trzech cia

,

gach — cia

,

g (a

n

j

) te˙z ma te

,

sama

,

granice

,

. Dow´od zosta l zako´

nczony.

Dow´

od wniosku z twierdzenia Bolzano – Weierstrassa Udowodnimy teraz,

˙ze z cia

,

gu (a

n

) , kt´ory nie ma granicy mo˙zna wybra´c dwa podcia

,

gi maja

,

ce r´o˙zne

granice. Za l´o˙zmy,˙ze cia

,

g (a

n

) zawiera podcia

,

g o granicy +. Poniewa˙z +nie

jest granica

,

cia

,

gu (a

n

) , wie

,

c istnieje liczba rzeczywista B , taka ˙ze dla niesko´

nczenie

wielu n zachodzi nier´owno´s´c a

n

< B . Niech a

kn

oznacza podcia

,

g cia

,

gu (a

n

) z lo˙zony

z tych wszystkich wyraz´ow cia

,

gu a

n

, kt´ore sa

,

mniejsze ni˙z B . Na mocy twierdze-

nia Bolzano–Weierstrassa mo˙zna z cia

,

gu (a

kn

) wybra´c podcia

,

g kt´ory ma granice

,

g . Oczywi´scie g ≤ B . Wobec tego w tym przypadku istnieja

,

dwa podcia

,

gi: jeden

o granicy +, drugi o granicy g ≤ B < +, co ko´

nczy dow´od w tym przypadku.

Je´sli cia

,

g (a

n

) zawiera podcia

,

g o granicy −∞ , to teza wynika z poprzednio udowod-

nionego fragmentu: cia

,

g (−a

n

) zawiera dwa podcia

,

gi o r´o˙znych granicach. Pozosta l

do rozpatrzenia przypadek cia

,

gu (a

n

) , kt´ory nie zawiera podcia

,

g´ow o granicach nie-

27

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

sko´

nczonych. Poniewa˙z cia

,

g (a

n

) nie zawiera podcia

,

gu o granicy +, wie

,

c jest

ograniczony z g´ory, a poniewa˙z nie zawiera podcia

,

g´ow zbie˙znych do −∞ , wie

,

c jest

ograniczony r´ownie˙z z do lu. Mamy wie

,

c do czynienia z cia

,

giem ograniczonym. Mo˙zna

ze´

n wybra´c podcia

,

g zbie˙zny do granicy g . Poniewa˙z g nie jest granica

,

cia

,

gu (a

n

) ,

wie

,

c istnieje ε > 0 , takie ˙ze poza przedzia lem (g −ε, g +ε) znajduje sie

,

niesko´

nczenie

wiele wyraz´ow cia

,

gu. Wybieramy z tych w la´snie wyraz´ow podcia

,

g zbie˙zny. Ma on

oczywi´scie granice

,

6= g , dok ladniej odleg lo´s´c mie

,

dzy granicami tych podcia

,

g´ow nie

mo˙ze by´c mniejsza ni˙z ε . Dow´od zosta l zako´

nczony.

Uwaga 4.27 (o odleg lo´sci do ±∞ ) Z punktu widzenia zbie˙zno´sci wyr´o˙znianie

granic niesko´

nczonych jest nieco sztuczne, zwia

,

zane g l´ownie z tym, ˙ze nie wprowa-

dzili´smy poje

,

cia odleg lo´sci od ±∞ . To mo˙zna zrobi´c i to w ten spos´ob, by cia

,

g

zbie˙zny wg. definicji podanych przez nas poprzednio do pewnej granicy, by l takim

cia

,

giem, ˙ze odleg lo´s´c jego wyrazu od granicy da

,

˙zy do 0 . Niech f (x) =

x

1+x

2

dla

ka˙zdej liczby rzeczywistej x oraz f (+) = 1 i f (−∞) = 1 . Mo˙zna bez trudu wy-

kaza´c, ˙ze lim

n→∞

x

n

= g wtedy i tylko wtedy, gdy lim

n→∞

f (x

n

) = f (g) , a to ma miejsce

wtedy i tylko wtedy, gdy lim

n→∞

|f (x

n

)−f (g)| = 0 . Wida´c wie

,

c, ˙ze po przyje

,

ciu, ˙ze od-

leg lo´scia

,

punkt´ow x i y prostej uzupe lnionej niesko´

nczono´sciami jest |f (x) − f (y)| ,

be

,

dzie mo˙zna rozpatrywa´c wy la

,

cznie cia

,

gi o wyrazach z przedzia lu [1, 1] — zamiast

cia

,

gu (x

n

) mo˙zna rozwa˙za´c cia

,

g (f (x

n

)) . Wada

,

tego podej´scia jest np. to, ˙ze przy

przej´sciu od x do f (x) liczbie x + y odpowiada f (x + y) 6= f (x) + f (y) .

Dow´

od. (twierdzenia Cauchy’ego) Zajmiemy sie

,

warunkiem Cauchy’ego. Je-

˙zeli cia

,

g ma granice

,

sko´

nczona

,

g i ε > 0 , to dla dostatecznie du˙zych liczb naturalnych

n zachodzi nier´owno´s´c |a

n

− g| <

ε
2

. Je´sli wie

,

c liczby naturalne k i l sa

,

dostatecznie

du˙ze, to

|a

k

− a

l

| = |a

k

− g + g − a

l

| ≤ |a

k

− g| + |g − a

l

| <

ε
2

+

ε
2

= ε .

Wykazali´smy wie

,

c, ˙ze z istnienia granicy sko´

nczonej wynika warunek Cauchy’ego.

Za l´o˙zmy teraz, ˙ze cia

,

g spe lnia warunek Cauchy’ego. Istnieje wtedy n

1

, takie ˙ze dla

k, l > n

1

mamy |a

k

− a

l

| < 1 . Niech l = n

1

+ 1 i niech k > l . Wtedy zachodzi

nier´owno´s´c |a

k

| − |a

l

| ≤ |a

k

− a

l

| < 1 , zatem |a

k

| < |a

l

| + 1 . Znaczy to, ˙ze cia

,

g

(a

n

) jest ograniczony. Wybierzmy z cia

,

gu (a

n

) podcia

,

g zbie˙zny (a

n

m

) . Niech g

oznacza jego granice

,

. Wyka˙zemy, ˙ze g jest granica

,

ca lego cia

,

gu. Je´sli ε > 0 , to dla

dostatecznie du˙zych k, l, m zachodza

,

nier´owno´sci |a

k

− a

l

| <

ε
2

oraz |a

n

m

− g| <

ε
2

. Poniewa˙z m, l sa

,

wybierane dowolnie, byle by ly dostatecznie du˙ze, i n

m

≥ m ,

wie

,

c mo˙zna wybra´c je tak, by l = n

m

. Wtedy dla dostatecznie du˙zego k zachodzi

nier´owno´s´c |a

k

− g| ≤ |a

k

− a

l

| + |a

n

m

− g| <

ε
2

+

ε
2

= ε , co oznacza, ˙ze g = lim

n→∞

a

n

.

28

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

Dow´od zosta l zako´

nczony.

Troche

,

zada´

n do domu i na ´

cwiczenia

1. 01 Czy prawda

,

jest, ˙ze nier´owno´s´c 3

n

2,999

n

< 10000 zachodzi dla wszystkich

liczb n ∈ N ?

1. 02 Oblicz sze´s´c pocza

,

tkowych wyraz´ow cia

,

gu, kt´orego wyraz og´olny wyra˙za sie

,

wzorem:

a) a

n

=

n

2

+2n+1

n

,

b) b

n

= 1

1

10

n

,

c) c

n

= cos(n · 90

) ,

d) d

n

= (1)

n

·

3−n

n

, e) u

n

= [sin(n · 45

)]

n

,

f) v

n

=

n

2

n+2

.

1. 03 Kt´ore wyrazy cia

,

gu (a

n

) sa

,

r´owne zeru

a) a

n

= n

2

5n − 6 , b) a

n

=

n

2

30n+200

n

2

+n−1

,

c) a

n

= n

2

− n − 20 ?

1. 04 Kt´ore wyrazy cia

,

gu (a

n

) sa

,

r´owne liczbie: 1, 2 , 0, je˙zeli:

a

n

=

n

2

,

a

n

= 3n − 5 ,

a

n

= n − n

2

?

1. 05 Kt´ore wyrazy cia

,

gu (a

n

) sa

,

r´owne liczbie:

1
2

,

3
5

,

7
4

, je˙zeli

a

n

=

2n−1

5

,

a

n

=

7

n

,

a

n

=

3n−2

n+1

?

1. 06 Cia

,

g (a

n

) jest okre´slony wzorem rekurencyjnym: a

n+1

= a

n

+ 8n , przy czym

a

1

= 1 . Wykaza´c, ˙ze a

n

= (2n − 1)

2

.

1. 07 Cia

,

g (b

n

) jest okre´slony wzorem rekurencyjnym: b

n+1

= b

n

+ 2n + 1 , przy czym

b

1

= 1 . Wykaza´c, ˙ze b

n

= n

2

.

1. 08 Cia

,

g (x

n

) okre´slony jest wzorem rekurencyjnym:

a)

x

1

= 2

x

n+1

= x

n

+

1
3

b)

x

1

= 1

x

n+1

= 2x

n

c)

(

x

1

=

3
2

x

n+1

=

4
3

x

n

d)

(

x

1

= 0; x

2

=

1
2

x

n+2

= (x

n

)

2

· x

n+1

W ka˙zdym z tych przypadk´ow poda´c wz´or og´olny na jego wyraz i uzasadni´c jego

poprawno´s´c.

1. 09 Zbada´c, kt´ore wyrazy podanych cia

,

g´ow sa

,

wie

,

ksze od danej liczby M :

a) a

n

= 3n + 4 , M = 1000 ;

b) b

n

= n

2

1 , M = 730 ;

c) c

n

=

10n

n

2

+1

, M = 4 ;

d) d

n

=

2n+5
2n+3

, M =

3
4

.

1. 10 Zbada´c, kt´ore wyrazy podanych cia

,

g´ow sa

,

mniejsze od danej liczby m :

a) a

n

=

1

n

, m =

1

100

;

b) b

n

=

3n

n

2

+1

, m = 0,001, c) c

n

=

100n

100+n

2

, m =

23
53

.

1. 11 Wykaza´c, ˙ze dla dowolnej liczby naturalnej n i dowolnych liczb rzeczywistych

a, b zachodza

,

r´owno´sci:

(i) (a + b)

n

= a

n

+

n

1

a

n−1

b +

n

2

a

n−2

b

2

+ · · · +

n

n−2

a

2

b

n−2

+

n

n−1

ab

n−1

+ b

n

,

gdzie

c

k

=

c(c−1)(c−2)... c−(k−1)

k!

dla ka˙zdego c ∈ R i ka˙zdego k ∈ {1, 2, 3, . . .} ,

29

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

(ii) a

n

− b

n

= (a − b) a

n−1

+ a

n−2

b + a

n−3

b

2

+ · · · + ab

n−2

+ b

n−1

.

(iii) a

2n+1

+ b

2n+1

= (a + b) · a

2n

− a

2n−1

b + a

2n−2

b

2

− a

2n−3

b

3

+

+ · · · + a

2

b

2n−2

− ab

2n−1

+ b

2n

.

1. 12 Niech wyrazy cia

,

gu (a

n

) spe lniaja

,

r´ownanie: a

n+1

= qa

n

. Wykaza´c, ˙ze dla

dowolnej liczby naturalnej n zachodzi r´owno´s´c a

n

= a

1

q

n−1

. Udowodni´c, ˙ze

wz´or

a

1

+ a

2

+ ... + a

n

= a

1

1 − q

n

1 − q

zachodzi dla dowolnej liczby q 6= 1 i dowolnej liczby naturalnej n ≥ 1 .

1. 13 Zapisa´c liczbe

,

0,12345123451234512345 . . . = 0, (12345) jako iloraz dwu liczb

ca lkowitych.

1. 14 Co jest wie

,

ksze: liczba 1 czy liczba 0,99999 . . . = 0,(9) ? — odpowied´z dok ladnie

uzasadni´c.

1. 15 Dowie´s´c, ˙ze je´sli dla ka˙zdej liczby naturalnej n zachodzi r´owno´s´c a

n+1

= qa

n

+p ,

gdzie p oraz q sa

,

dowolnymi, niezale˙znymi od n liczbami rzeczywistymi, to

dla ka˙zdej liczby naturalnej n zachodzi r´owno´s´c a

n

=

p

1−q

+ (a

1

p

1−q

)q

n−1

.

W szczeg´olno´sci, je´sli a

1

=

p

1−q

, to wyraz cia

,

gu (a

n

) jest niezale˙zny od n .

1. 16 Wykaza´c, ˙ze cia

,

g (a

n

) jest zbie˙zny do 0 wtedy i tylko wtedy, gdy cia

,

g (|a

n

|)

jest zbie˙zny do 0 .

1. 17 Wykaza´c, ˙ze iloczyn (a

n

b

n

) cia

,

gu (a

n

) zbie˙znego do 0 i cia

,

gu ograniczonego

(b

n

) jest cia

,

giem zbie˙znym do liczby 0 .

1. 18 Znale´z´c wszystkie takie liczby naturalne n , ˙ze

n

n

2

+1

<

1
7

.

1. 19 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n > k , to

n+666

7n

2

13

<

1

33

.

1. 20 Znale´z´c wszystkie takie liczby naturalne n , ˙ze

n

2

+ 1 − n <

1
7

.

1. 21 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c

2n

2

+15n+2007

n

2

2006n+13

2

<

1
4

lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

1. 22 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c

n

2

+5n

1,2

n

<

1

10

lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

1. 23 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c

sin n

n

<

1

3

n

lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

1. 24 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c

sin n

n

<

1

3

n

2

lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

1. 25 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c

sin(1/n)

n

<

1

3

n

lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

1. 26 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c

sin(1/n)

n

<

1

3

n

2

lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

30

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

1. 27 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c sin

1

n

sin

1

n+1

<

1

n

2

lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

1. 28 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c sin

1

n

sin

1

n+1

>

1

n

3

; lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

1. 29 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c

n + 2

n <

1

n

lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

1. 30 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c

n + 2

n <

1

n

lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

1. 31 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c

2n

n

> n

2

lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

1. 32 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c

2n

n

< n

2

lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

1. 33 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c

n

2

<

1
3

n

2

lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

1. 34 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c

n

2

>

1
3

n

2

lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

1. 35 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c

n

2

<

2

n

lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

1. 36 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c n! <

n

n

lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

1. 37 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c n! >

n

n

lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

1. 38 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c n! < 100

n

lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

1. 39 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c n! > 1 +

1

n

n

2

lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

1. 40 Wskaza´c jaka

,

kolwiek liczbe

,

naturalna

,

k taka

,

, ˙ze je´sli n ≥ k , to zachodzi

nier´owno´s´c ln n <

10

n lub wykaza´c, ˙ze taka liczba nie istnieje.

1. 41 Wykaza´c, ˙ze dla n > 1000000 zachodzi nier´owno´s´c

n

2 < 1.000001 .

1. 42 Wykaza´c, ˙ze dla dostatecznie du˙zych liczb naturalnych n zachodza

,

nier´owno´sci:

n! > 1000000

n

oraz 1.000001

n

> n

1000000

. W obu przypadkach sprawdzi´c, ˙ze

dla n = 2, 3, 4, 5 zachodzi nier´owno´s´c przeciwna i wskaza´c liczbe

,

n

0

(nie szuka´c

najmniejszej!) taka

,

, ˙ze dla n > n

0

zachodza

,

nier´owno´sci wypisane w pierwszym

zdaniu.

1. 43 W kraju dotknie

,

tym ostrym kryzysem inflacja wynosi 5% miesie

,

cznie. Oblicz

wska´znik inflacji rocznej z dok ladno´scia

,

do 1%. Do oszacowania mo˙zna u˙zy´c

31

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

dwumian Newtona.

1. 44 Zak ladaja

,

c, ˙ze ´sredni przyrost naturalny na Ziemi r´owny jest 1,3% rocznie ob-

liczy´c po jakim czasie liczba ludzi na planecie sie

,

podwoi.

1. 45 Wypisa´c trzy pierwsze wyrazy cia

,

gu (a

n

) . Obliczy´c granice

,

cia

,

gu (a

n

) , o ile

istnieje, je´sli a

n

=

α.

1+n+3n

7

+n

2

n

2

−n+13

;

β.

1+n+3n+n

2

n

2

−n+13

;

γ.

1+n+3n

7

+n

2

n

2

−n

8

+13

;

δ.

n + 13

n ;

a.

p

n +

n −

n ;

b.

p

n +

3

n −

n ;

c.

n

3

n

+ sin n ;

d.

n

3

n

2

n

;

e. 1 +

n

n + 1

cos

2

;

f. sin n ;

g.

n

2

+ n + 1000

n

1000

+ 999n − 1

;

h.

ln n

2

+ n + 1000

ln (n

1000

+ 999n − 1)

;

i.

3

n

2

n

3

n

+ n

2

· 2

n

;

j.

3

n

+ 2

n

· sin n

3

n+1

+ n

2002

k.

10 · 11 · 12 · .... · (n + 9)

1 · 3 · 5 · ... · (2n − 1)

;

l.

n

n! ;

m. 1

1
2

1

1
3

... 1

1

n

;

n. 1

1

2

2

1

1

3

2

... 1

1

n

2

.

o.

n

2

n

;

p. lim

n→∞

n

13

2

n

;

q.

1 + 2

(1)

n

;

r.

n

1

k

+ 2

k

+ · · · + n

k

;

s.

1

n

2

+1

+

1

n

2

+2

+ · · · +

1

n

2

+n

;

t.

1

2

+2

2

+3

2

+···+n

2

n

3

−n+13

u. lim

n→∞

n

k

q

1 +

1

n

1

, tu k ∈ N ;

v. lim

n→∞

(2)

n

+3

n

(2)

n+1

+3

n+1

1. 46 Znale´z´c granice

,

lim

n→∞

a

n

cia

,

gu (a

n

) , o ile istnieje, je´sli a

n

=

(1)

1 +

2

n+2

n

,

(2) 0.999999 +

1

n

n

,

(3)

n

2

+5n−3

n

2

+13

n

,

(4) 1.000001 +

1

n

n

,

(5)

1000000

n

n!

,

(6)

n

100000

1.000001

n

.

(7)

1 + sin

1

n

2

n

;

(8)

1 +

sin n

n

n

.

1. 47 Wykaza´c, ˙ze cia

,

g (a

n

) ma granice

,

i zbada´c, czy jest ona sko´

nczona, czy jest

r´owna 0 , je´sli cia

,

g (a

n

) zdefiniowany jest wzorem a

n

=

(a)

1

n+1

+

1

n+2

+ · · · +

1

n+n

.

(b) 1 +

1

1·2

+

1

2·3

+ · · · +

1

n(n+1)

.

(c)

1

1

2

+

1

2

2

+

1

3

2

+ · · · +

1

n

2

.

(d)

1
1

+

1
2

+

1
3

+ · · · +

1

n

.

(e)

6 + a

n−1

dla n = 1, 2, 3, . . . przy czym a

0

jest tu dowolna

,

liczba

,

rzeczy-

wista

,

nieujemna

,

, znale´z´c lim

n→∞

a

n

.

(e)

1
2

a

n−1

+

5

a

n−1

dla n = 1, 2, 3, . . . przy czym a

0

jest tu dowolna

,

liczba

,

32

background image

Granica cia

,

gu

Micha l Krych

rzeczywista

,

dodatnia

,

, znale´z´c lim

n→∞

a

n

.

Wskaz´owka: wykaza´c, ˙ze a

n+1

5 oraz a

n+1

≥ a

n+2

dla n = 0, 1, 2 . . . .

(g)

1 +

1

1

2

1 +

1

2

2

1 +

1

3

2

. . . 1 +

1

n

2

.

Wskaz´owka: skorzysta´c z tego, ˙ze 1 + x ≤ e

x

dla ka˙zdej liczby x .

(h)

1

1

2

1

1

1

2

2

1

1

2

3

. . . 1

1

2

n

, czy lim

n→∞

a

n

= 0 ?

Wskaz´owka: wykaza´c, ˙ze dla x < 1 zachodzi nier´owno´s´c

1 − x =

1

1 +

x

1−x

≥ e

−x/(1−x)

.

1. 48 Znale´z´c granice

,

lim

n→∞

a

n

cia

,

gu (a

n

) , je´sli a

n

=

(1)

1 +

n

2

n

;

(2)

1 +

n

2

n

n

;

(3)

ln n

n

;

(10)

1

1

n

2

n

;

(11)

1

1

3

n

5

n

;

(12)

1 +

2n

n

2

−n+1

n

;

(4)

e

bn

1

b

n

, gdzie b

n

oznacza n − ty wyraz pewnego cia

,

gu zbie˙znego do 0 ,

przy czym b

n

6= 0 dla n = 1, 2, . . .

Wskaz´owka: dla x < 1 zachodzi nier´owno´s´c 1 + x ≤ e

x

1

1−x

;

(5)

n

21

1/n

;

(6)

1+

n

2

2

n

;

(7)

n − ln n ;

(8)

1

3

+2

3

+3

3

+···+n

3

1

4

n

4

n

3

;

(9)

1

(n+1)

2

+

1

(n+2)

2

+ · · · +

1

(2n)

2

;

1. 49 Znale´z´c granice

,

cia

,

gu (a

n

) , je´sli a

0

=

1

10

oraz a

n+1

=

(1)

sin a

n

;

(2)

−a

n

+

1
2

a

3

n

;

(3)

2

a

n

1

– istnienie poszukiwanej granicy nale˙zy oczywi´scie wykaza´c!

1. 50 Czy lim

n→∞

a

n

istnieje? Je´sli ta granica istnieje, to czy jest sko´

nczona?

(1) a

n

=

1

2

+

1

3

3

+

1

4

4

+ · · · +

1

n

n

;

(2)

1

2

2

+

1

3

3

+

1

4

4

+ · · · +

1

n

n

;

(3) a

n

=

1
2

+

1

2·2

2

+

1

3·3

3

+ · · · +

1

n·n

n

;

(4) a

n

=

1
2

+

2

2

2

+

3

2

3

+ · · · +

n

2

n

;

(5)

a

n

= 1 +

1
2

1
3

1
4

+

1
5

+

1
6

1
7

1
8

+ · · · +

1

4n−3

+

1

4n−2

1

4n−1

1

4n

.

1. 51 Znale´z´c lim

n→∞

nq

n

dla q ∈ (1, 1) , je´sli ta granica istnieje.

1. 52 Znale´z´c lim

n→∞

1 + q + q

2

+ · · · + q

n−1

dla q ∈ (1, 1) , je´sli ta granica istnieje.

1. 53 Znale´z´c lim

n→∞

1+2q +3q

2

+· · ·+nq

n−1

dla q ∈ (1, 1) , je´sli ta granica istnieje.

1. 54 Niech a

1

=

2 , a

2

=

p

2 +

2 , a

2

=

q

2 +

p

2 +

2 , . . . Wykaza´c, ˙ze cia

,

g

(a

n

) ma sko´

nczona

,

granice

,

.

1. 55 Niech x ∈ R be

,

dzie liczba

,

dodatnia

,

. W zale˙zno´sci od x znale´z´c

lim

n→∞

(1 + x)(1 + x

2

)(1 + x

4

) · . . . · (1 + x

2

n

) .

33


Wyszukiwarka

Podobne podstrony:
5 Ciagi,granica i ciaglosc funkcji
11. Zagadnienia granic poznania II, Archiwum, Filozofia
ciagi-granice-przyklady
11 Zagadnienia granic poznania IIid 12272 ppt
3 Indukcja matematyczna, ciągi granice
Ciągi, granica ciągu
W03 Ciągi c.d, granice
11 Zagadnienia granic poznania II
(3683) ciągi, granice ciągów, granice funkcji, ciągłość funkcji
ch10 11 geoman
5 Ciagi,granica i ciaglosc funkcji
11. Zagadnienia granic poznania II, Archiwum, Filozofia
3 Matematyka ciągi i granice ciągu
5 Ciagi,granica i ciaglosc funkcji
3 Indukcja matematyczna, ciągi granice
ciągi granice

więcej podobnych podstron