WNT UWM
II r. TriL, sem. III
Rozwiązanie zadań z kolokwium Mechanika II - Dynamika z dnia 14.01.2005
Rozwiązania
|
|
Rys. do zadania 1 |
Rys. do zadania 2 |
Zadanie 1
Uwalniamy myślowo ciała od więzów, przykładamy reakcje i piszemy równania ruchu dla każdego z ciał.
Dla ciała o masie m
(1)
Ruch ciała odbywa się w dół i w tym samym kierunku działają: przyspieszenie p oraz siła ciężkości mg. Przeciwnie działa naciąg nici S.
Dla ciała o masie m2
Tutaj przyjmujemy układ współrzędny z poziomą osią x, skierowaną zgodnie z ruchem ciała o masie m2. Równanie ruchu jest następujące:
(2)
gdzie:
S1 - to naciąg nici,
T2 - to tarcie ,
, bo z bilansu sił w kierunku osi y dla ciała o masie m2, wynika
(2a)
Dla ciała o masie
Równanie ruchu przyjmuje postać
(3)
gdzie:
.
Mamy 3 niewiadome: p, S, S1 oraz 3 równania. Układ równań jest więc wystarczający do jego rozwiązania.
Z równania (1) mamy
(4)
Z równania (2), (2a) i (4) mamy
(5)
Z tego ostatniego
(6)
Biorąc teraz pod uwagę równanie (3)
i wykorzystując równanie (6), otrzymamy po przekształceniach przyspieszenie p
(7)
Mając p można z (1) znaleźć S
(8)
oraz z (3) naciąg S1
(9)
Zadanie 2
Tutaj układamy bilans sił dla samochodu S na kierunek styczny do toru.
Siłę ciężkości można rozłożyć na dwie składowe:
normalną do toru i równą
,
oraz styczną do toru i równą
(1)
Ta ostatnia siła działa dośrodkowo po torze i przeciwdziała wyrzuceniu samochodu na zewnątrz toru.
Siłą odśrodkowa jest siła d'Alamberta Jej wartość to
(2)
zaś jej składowa na kierunek styczny do toru to
(2a)
Maksymalna prędkość wynika z równości sił
(3)
Jeżeli składowa
siły d'Alamberta przewyższy siłę Fs, to wówczas nastąpi poślizg samochodu.
Wykorzystując warunek (3) otrzymamy zależność na kąt
(4)
skąd
.
Zadanie 3
Dla rozwiązania tego zadania wykorzystujemy prawo zachowania energii mechanicznej dla punktu materialnego (wtedy nie ma energii ruchu obrotowego)w postaci
(1)
albo w postaci równoważnej
(2)
(między dwoma dowolnymi położeniami ciała o masie m, tzn. między punktami 1 oraz 2)
gdzie
- to energia kinetyczna punktu materialnego o masie m, zaś
to energia potencjalna tego punktu.
|
|
Rys. do zadania 3 |
Rys. do zadania 4 |
Jeżeli nie ma sił powodujących rozproszanie energii mechanicznej (np. sił tarcia) to stosujemy zależność (1) lub równoważną (2). W przypadku tarcia zależność (2) trzeba zmodyfikować do postaci
(3)
albo
(3a)
gdzie L - to praca sił tarcia .
Generalnie praca dowolnej siły F jest zdefiniowana jako iloczyn skalarny wektora siły F oraz drogi s.
(4)
Kąt
to kąt między obu wektorami. Jeżeli wektory te są równolegle, jak w rozpatrywanym przypadku, to
. W naszym przypadku pracę zatem opisuje zależność
(4a)
przy czym T - to siła tarcia. W naszym przypadku
, gdzie N to reakcja podłoża, czyli
x - to droga na długości której działa siła tarcia. W zadaniu przyjęto, iż jest ona styczna z równią.
Praca tarcia ma znak minus, bo siła tarcia działa przeciwnie do kierunku ruchu. Zależność (3a) zostanie użyta w tym zadaniu do wyznaczenia wysokości h.
Początkowa energia punktu materialnego jest równa
(5)
gdyż energia potencjalna jest równa zero. Odnosimy ja bowiem do położenia punktu m pokazanego na rysunku, dla którego wysokość referencyjną przyjęto jako
.
Energia mechaniczna rozważanego punktu w dowolnym położeniu x na równi (prawa strona równania (3a)) wynosi (przy uwzględnieniu pracy tarcia)
(6)
Wysokość punktu
można wyrazić jako
(7)
Maksymalna wysokość punktu to
. Zachodzi ona w sytuacji, gdy punkt materialny się zatrzyma a więc gdy jego prędkość jest równa
Wówczas równanie (6) przyjmie postać
(8)
Porównując teraz (5) i (8) otrzymujemy związek
(9)
z którego
(10)
Ponieważ
(11)
to stąd poszukiwana wysokość h punktu jest równa
(12)
Zadanie 4
Dla przypomnienia
Energia kinetyczna ciała sztywnego składa się, w przypadku ogólnym, z energii ruchu postępowego środka masy (człon pierwszy) oraz energii ruchu obrotowego względem osi przechodzącej przez środek ciężkości ciała (człon drugi)
(1)
gdzie : vc - to prędkość środka masy, Jzc - to moment bezwładności względem osi przechodzącej przez środek ciężkości ciała, zaś
- to prędkość kątowa.
2) Równania ruchu ciała sztywnego opisuje układ równań ruchu postępowego oraz obrotowego:
(2a)
(2b)
oraz
(3)
gdzie:
- pcx oraz pcy to są składowe przyspieszenia środka masy na kierunki x oraz y,
-
- to składowe sił zewnętrznych działających na ciało.
-
to przyspieszenie (bądź opóźnienie) kątowe,
Mo - to moment sił zewnętrznych względem osi obrotu.
W zadaniu 4 mamy do czynienia tylko z ruchem obrotowym ciała, którego obroty maleją do zera po pewnym czasie. Równaniem ruchu obrotowego jest wobec tego równanie (3) w postaci
(3a)
Z kinematyki ruchu obrotowego wiemy, iż prędkość kątowa w ruchu opóźnionym opisana jest zależnością
(4)
W ruchu obrotowym, droga kątowa dana jest zależnością
(5)
Walec zatrzyma się (
) po pewnym czasie, który wynika z równań: (4), (4a) i (4cb.
(4a)
skąd
(4b)
Podstawiając czas (4b) do równania (5), przy warunku początkowym na drogę kątową w postaci 40 obrotów, co można zapisać w postaci drogi kątowej
, otrzymujemy równanie
(6)
skąd określić można opóźnienie kątowe
(7)
Z drugiej strony z równania (3a) opóźnienie kątowe jest dane jako
(8)
Wobec tego porównując (7) i (8) uzyskujemy równanie, z którego wyliczamy moment siły
(9)
W powyższej zależności moment bezwładności walca wyliczono ze znanego wzoru:
7