Techn oczyszcz gazów Projekt 1

TECHNOLOGIE OCZYSZCZANIA GAZÓW

ĆWICZENIE PROJEKTOWE TEMAT NR 6

Prowadzący: Dr hab. inż. Anna Musialik-Piotrowska

Opracowanie: Judyta Baczmaga

Rok III
Grupa: środa 1115 – 1300

rok akademicki 2014/2015
semestr zimowy

ZAŁOŻENIA I ZAKRES PARAMETRÓW

  1. Przeliczenie wszystkich parametrów na warunki rzeczywiste

Trz = t + 273, K

gdzie: t – temperatura w

Trz = 125 + 273 = 398K


$$S_{\text{prz}} = S_{p0} \bullet \frac{T_{0}}{T_{\text{rz}}}\ \frac{g}{m^{3}}\backslash n$$

gdzie: Sp0 – stężenie pyłu w warunkach normalnych, $\frac{g}{m_{n}^{3}}$ lub $\frac{\text{mg}}{m_{n}^{3}}$


$$S_{\text{prz}} = 6,0 \bullet \frac{273}{398} = 4,1\frac{g}{m^{3}}$$


$${\dot{V}}_{\text{grz}} = {\dot{V}}_{g0} \bullet \frac{T_{\text{rz}}}{T_{0}}\ \frac{m^{3}}{h}$$

gdzie: ${\dot{V}}_{g0}$ - strumień objętości gazów w warunkach normalnych, $\frac{m_{n}^{3}}{h}$ lub $\frac{m_{n}^{3}}{s}$

T0 = 237 K


$${\dot{V}}_{\text{grz}} = \left( 18080 \bullet \frac{398}{273} \right):3600 = 7,32\frac{m^{3}}{s}$$


$$\rho_{0} = \frac{\left( 1 + x \right) \bullet p}{\left( 0,622 + x \right) \bullet R_{w} \bullet T_{0}}\frac{\text{kg}}{m_{n}^{3}}$$

gdzie: p – ciśnienie atmosferyczne, p = 1013 hPa

x – zawartość wilgoci w gazach, kg/kgpow. suchego

Rw – stała gazowa pary wodnej, Rw = 461,5 J/(kgK)


$$\rho_{0} = \frac{\left( 1 + 0,075 \right) \bullet 101300}{\left( 0,622 + 0,075 \right) \bullet 461,5 \bullet 273}\frac{\text{kg}}{m_{n}^{3}} = 1,24\frac{\text{kg}}{m_{n}^{3}}$$


$$\rho_{\text{rz}} = \rho_{0} \bullet \frac{T_{0}}{T_{\text{rz}}}\frac{\text{kg}}{m^{3}}$$


$$\rho_{\text{rz}} = 1,24 \bullet \frac{273}{398} = 0,85\frac{\text{kg}}{m^{3}}\backslash n$$


$$\mu_{\text{rz}} = \mu_{0} \bullet \frac{T_{0} + C}{T_{\text{rz}} + C} \bullet ({\frac{T_{\text{rz}}}{T_{0}})}^{1,5}\backslash n$$

gdzie: μ0=17,0810-6 kg/(ms)
C = 112


$$\mu_{\text{rz}} = 17,08 \bullet 10^{- 6} \bullet \frac{273 + C}{398 + C} \bullet ({\frac{398}{273})}^{1,5} = \ 2,27 \bullet 10^{- 5}\frac{\text{kg}}{m \bullet s}$$

Nr frakcji Rozmiar ziaren, μm Zakres Średnia średnica, μm Górna granica zakresu, μm Udział masowy skumulowany A % Udział masowy ai
1 <2 0-2 1 2 3 0,06
2 <5 2-5 3,5 5 8 0,05
3 <10 5-10 7,5 10 19 0,11
4 <20 10-20 15 20 32 0,13
5 <40 20-40 30 40 45 0,13
6 <60 40-60 50 60 58 0,13
7 <100 60-100 60 100 73 0,15
8 <150 100-150 125 150 90 0,17
9 >150 >150 >150 >150 100 0,10
∑=1
  1. Obliczenie niezbędnej skuteczności odpylania całej instalacji


$$\eta_{c} = \frac{U - E\ }{U} \bullet 100\%$$

gdzie: U, E – odpowiednio unos i emisja, g/s


$$U = S_{\text{pw}} \bullet {\dot{V}}_{g} = 6,0 \bullet 5,02 = 30,13\frac{g}{s}$$


$$E = S_{\text{po}} \bullet {\dot{V}}_{g} = 0,06 \bullet 7,32 = 0,4392\frac{g}{s}$$

gdzie: Spw i Spo - stężenie pyły odpowiednio na wlocie i wylocie instalacji, g/m3

${\ \dot{V}}_{g}$ - strumień objętości gazów, m3/s


$$\eta_{c} = \frac{30,13 - 0,4392\ }{30,13} \bullet 100\% = 98,5\%$$

  1. Obliczenia komory osadczej

Przyjęto ziarno graniczne 60 μm.

  1. Obliczenie prędkości opadania ziarna granicznego.


$$u_{\text{pg}} = \frac{\text{Re} \bullet \mu_{\text{rz}}}{d_{\text{pg}} \bullet \rho_{\text{rz}}}\backslash n$$

gdzie: dpg – założona średnica ziarna granicznego, 60 μm

μrz, ρrz - dynamiczny współczynnik lepkości i gęstości gazu, w warunkach rzeczywistych

Re - liczba Reynoldsa obliczona na podstawie przybliżonej liczby Reynoldsa Repg

Przybliżona liczba Reynoldsa dla ziarna granicznego:


$$\text{Re}_{\text{pg}} = \frac{\text{Ar}_{\text{pg}}}{18 + 0,6{\bullet (\text{Ar}_{\text{pg}})}^{0,5}}\backslash n$$


$$\text{Ar}_{\text{pg}} = \frac{d_{\text{pg}}^{3} \bullet \rho_{\text{rz}} \bullet (\rho_{p} - \rho_{\text{rz}}) \bullet g}{\mu_{\text{rz}}^{2}}\backslash n$$

Obliczenia dla ziarna granicznego:


$$\text{Ar}_{\text{pg}} = \frac{{(60 \bullet 10^{- 6})}^{3} \bullet 0,85 \bullet (2010 - 0,85) \bullet 9,81}{{(2,27 \bullet 10^{- 5})}^{2}} = 7,023\backslash n$$


$$\text{Re}_{\text{pg}} = \frac{0,878}{18 + 0,6{\bullet (0,878)}^{0,5}} = 0,358\backslash n$$

Ostateczną liczbę Reynoldsa określa się na podstawie przybliżonej liczby Reynoldsa dla ziarna granicznego Repg. Dla ruchu laminarnego opadania ziarna Repg ≤ 2 to $Re = \frac{\text{Ar}}{18}$


$$Re = \frac{7,02}{18} = 0,390$$


$$u_{\text{pg}} = \frac{0,390 \bullet 2,27 \bullet 10^{- 5}}{60 \bullet 10^{- 6} \bullet 0,85} = 0,174\frac{m}{s}\backslash n$$

Obliczenia dla frakcji o średnicy ziarna 15 μm:


$$\text{Ar}_{10 - 20} = \frac{{(15 \bullet 10^{- 6})}^{3} \bullet 0,85 \bullet (2010 - 0,85) \bullet 9,81}{{(2,27 \bullet 10^{- 5})}^{2}} = 0,110\backslash n$$


$$\text{Re}_{p_{10 - 20}} = \frac{0,110}{18 + 0,6{\bullet (0,110)}^{0,5}} = 6,04 \bullet 10^{- 3}\backslash n$$


$$\text{Re}_{10 - 20} = \frac{0,26}{18} = 6,11 \bullet 10^{- 3}$$


$$u_{10 - 20} = \frac{6,11 \bullet 10^{- 3} \bullet 2,27 \bullet 10^{- 5}}{15 \bullet 10^{- 6} \bullet 0,85} = 0,011\frac{m}{s}$$

  1. Bilans masy pyłu frakcji 10-20μm na wlocie do komory


$${\dot{m}}_{\text{wi}} = {\dot{m}}_{w} \bullet a_{\text{wi}}$$

gdzie: ${\dot{m}}_{w} \leftrightarrow U$ - całkowity strumie n masy pyłu na wlocie do komory

awi - udział masowy danej frakcji pyłu na wlocie do komory


$${\dot{m}}_{\text{w\ }10 - 20} = 30,13 \bullet 0,13 = 3,9169$$


$${\dot{m}}_{\text{zi}} = {\dot{m}}_{\text{wi}} \bullet \eta_{i}$$

gdzie: ηi - skuteczność przedziałowa odpylania i-tej frakcji


$$\eta_{i} = \frac{\mu_{\text{pi}}}{u_{\text{pg}}}$$


$$\eta_{4} = \frac{0,110}{0,174} = 0,0632$$


$${\dot{m}}_{z\ 10 - 20} = 3,9169 \bullet 0,0632 = 0,2475\backslash n$$


$${\dot{m}}_{\text{oi}} = {\dot{m}}_{\text{wi}} - {\dot{m}}_{\text{zi}}\backslash n$$


$${\dot{m}}_{o\ 10 - 20} = 3,9169 - 0,2475 = 3,6694\backslash n$$


$$a_{\text{oi}} = \frac{{\dot{m}}_{\text{oi}}}{\sum{\dot{m}}_{\text{oi}}}\backslash n$$


$$a_{o\ 10 - 20} = \frac{3,6694}{13,4608} = 0,2726$$


$$S = \frac{{\dot{m}}_{o}}{{\dot{V}}_{g}}\backslash n$$


$$S = \frac{13,4608}{7,32} = 1,84$$


ηKO = ∑awi • ηi ∖ n


ηKO = 0, 5533

Nr

frakcji

Rozmiar ziaren, μm dsri,
μm

Ari

Repi

Rei

upi ∖ n

ηi

awi

ηiawi

mwi ∖ n

mzi ∖ n

moi ∖ n

aoi
1 0 – 2 1 3,2510-5 1,8110-6 1,8110-6 4,83410-5 0 0,03 0 0,9039 0 0,9039 0,067
2 2 – 5 3,5 1,3910-3 7,7110-5 7,7210-5 5,89110-4 0 0,05 0 1,5065 0 1,5065 0,112
3 5 – 10 7,5 0,014 7,7510-4 7,7810-4 2,77010-3 0,0159 0,11 1,74910-3 3,3143 0,0527 3,2616 0,242
4 10 – 20 15 0,110 6,0410-3 6,1110-3 0,011 0,0632 0,13 8,21610-3 3,9169 0,2475 3,6694 0,273
5 20 – 40 30 0,878 0,047 0,049 0,044 0,2529 0,13 0,0329 3,9169 0,9906 2,9263 0,217
6 40 – 60 50 4,064 0,212 0,226 0,121 0,6954 0,13 0,0904 3,9169 2,7238 1,1931 0,089
7 60 – 100 80 7,023 0,358 0,390 0,174 1 0,15 0,15 4,5195 4,5195 0 0
8 100 – 150 125 1 0,17 0,17 5,1221 5,1221 0 0
9 >150 150 1 0,10 0,10 3,013 3,0130 0 0
∑=1 ∑=𝜂KO ∑=U ∑=mz ∑=mo ∑=1
1 0,5533 30,13 16,6692 13,4608 1
  1. Obliczenie wymiarów komory osadczej


$$B = H = \sqrt{\frac{{\dot{V}}_{\text{grz}}}{w_{g}}}$$

gdzie: ${\dot{V}}_{\text{grz}}$ rzeczywisty strumień objętości gazu, m3/s
wg – założona prędkość gazu przez komorę, m/s


$$B = H = \sqrt{\frac{7,32}{1,3}} = 2,373m$$


$$L = \frac{H \bullet w_{g}}{u_{\text{pg}}}$$

gdzie: upg – prędkość opadania ziarna granicznego


$$L = \frac{2,373 \bullet 1,3}{0,174} = 17,729m$$

Komorę dzieli się półkami na mniejsze przestrzenie – pozwala to zmniejszyć długość aparatu. Liczba przestrzeni między półkami:


$$n = \frac{L}{H} = \frac{17,729}{2,373} = 7,47$$


nrz = n − 1 = 7, 47 − 1 = 6, 47 ∖ n


$$h = \frac{H}{n} = \frac{2,373}{7,47} = 0,318m\backslash n$$


$$L_{\text{rz}} = \frac{(1,1 - 1,5) \bullet L}{n} = \frac{1,1 \bullet 17,729}{7,47} = 2,61m$$


Hrz = H + (n−0,1) • 0, 002 = 2, 373 + (7,47−1) • 0, 002 = 2, 39m


Brz = B + ∑przestrzeni zsypowych = 2, 373 + 4 • 0, 05 = 2, 57m

gdzie: z- szerokość przestrzeni zsypowej, 50 mm

B> 1200 mm, należy zaprojektować dwa rzędy półek.

  1. Obliczenie wymiarów dyfuzora i konfuzora

  1. Przekrój kanału


$$A_{\text{przew}} = \frac{{\dot{V}}_{g}}{w_{g\ \text{przew}}},\ m^{2}$$


$$A_{\text{przew}} = \frac{7,32}{20} = 0,366\ m^{2}$$


A = 0, 360 mm ∖ n

Wymiary przewodów prostokątnych: 600x800 (mm x mm).


$$w_{g} = \frac{\dot{V_{g}}}{F};\frac{m}{s}\backslash n$$

gdzie: $\dot{V_{g}}$ – objętościowe natężenie przepływu gazu; $\frac{m^{3}}{s}$
F – pole przekroju poprzecznego przewodu; m2


$$w_{g} = \frac{7,32}{0,6 \bullet 0,8} = 15,25\frac{m}{s}$$

  1. Długość dyfuzora i konfuzora


$$\tan{22,5} = \frac{\frac{B_{d}}{2}}{H} \rightarrow H = \frac{\frac{B_{d}}{2}}{\tan{22,5}}$$


$$L = \frac{\frac{2,57}{2}}{\tan{22,5}} = 3,10m$$


$$\tan{22,5} = \frac{\frac{b}{2}}{h} \rightarrow h = \frac{\frac{b}{2}}{\tan{22,5}}$$


$$l = \frac{\frac{0,8}{2}}{\tan{22,5}} = 0,96m\backslash n$$


ld = H − h = 3, 10 − 0, 96  = 2, 14m ∖ n

  1. Obliczenie wymiarów zasobnika pyłu pod komorą i wyznaczenie czasu gromadzenia pyłu

Założenia:


Brz = 2570 mm


Lrz = 2610 mm


Brz < Lrz

  1. ze wzoru na wysokość trójkąta równobocznego została obliczona wysokość H


$$H = \frac{2610 \bullet \sqrt{3}}{2} = 2260\ mm$$


$$h = \frac{200 \bullet \sqrt{3}}{2} = 173\ mm$$

  1. Wymiary x1 oraz x2, (wymiary niezbędne do obliczenia Vcz) wyliczono z Twierdzenia Talesa.


$$x_{1} = \frac{L_{\text{rz}} \bullet \left( H - 500 \right)}{H} = \frac{2610 \bullet \left( 2260 - 500 \right)}{2260} = 2033\ \text{mm}\backslash n$$


$$x_{2} = \frac{B_{\text{rz}} \bullet \left( H - 500 \right)}{H} = \frac{2570 \bullet (2260 - 500)}{2260} = 2001\ \text{mm}$$

Objętość wyliczono ze wzoru na objętość ostrosłupa. Objętość mniejszego ostrosłupa odjęto od objętości większego ostrosłupa. W obliczeniach odjęto od wysokości zasobnika 0,5 m, aby zachować odległość pomiędzy usypanym pyłem a dnem komory, w celu zabezpieczenia przed porywaniem pyłu.


$$V_{\text{czynna}} = \frac{1}{3}\left( x_{1} \bullet x_{2} \bullet \left( H - 500 \right) - (200 \bullet 200 \bullet h) \right)\backslash n$$


$$V_{\text{czynna}} = \frac{1}{3}\left( 2033 \bullet 2001\left( 2260 - 500 \right) - (200 \bullet 200 \bullet 173) \right) = 2,38m^{2}$$


$${\dot{V}}_{\text{pz}} = \frac{{\dot{m}}_{z}}{\rho_{\text{us}}}$$

gdzie: ρus – gęstość usypowa pyły = $\frac{1}{3}$ gęstości właściwej pyłu


$$\rho_{\text{us}} = \frac{1}{3} \times 2010 = 670\frac{\text{kg}}{m^{3}}\backslash n$$


$${\dot{V}}_{\text{pz}} = \frac{16,6692}{670} = 0,0249\frac{m^{3}}{s}$$


$$\tau = \frac{V_{\text{zas}}}{{\dot{V}}_{\text{pz}}},h$$

gdzie: Vzas objętość czynna zasobnika (przestrzeni, w której może być gromadzony pył), m3


$$\tau = \frac{V_{\text{zas}}}{{\dot{V}}_{\text{pz}}} = \frac{2,38}{0,0249} = 95,6h$$

  1. Wyznaczenie niezbędnej skuteczności odpylacza II stopnia

Wzór na skuteczność odpylaczy połączonych szeregowo


ηc = 1 − (1−ηI) × (1 − ηII)∖n

gdzie: ηc skuteczność całkowita odpylania wyliczana z wartości unosu i emisji

ηI skuteczność odpylacza I stopnia (komory osadczej)


$$\eta_{\text{II}} = 1 - \frac{1 - \eta_{c}}{1 - \eta_{I}}\backslash n$$


$$\eta_{\text{II}} = 1 - \frac{1 - 0,9850}{1 - 0,5533} = 96\%$$

  1. Dobór odpylacza II stopnia

Dla ηII > 95% należy dobrać filtr. Filtry dobiera się w zależności od strumienia odpylanych gazów.

Dobrano filtr PI-A-068-xxx-20x

  1. Wyznaczenie wymiarów komina


$$A = \frac{\dot{V}}{w} = \frac{7,32}{11} = 0,67\ m^{2}\backslash n$$


$$A = \frac{\pi D^{2}}{4}\backslash n$$


$$D = \sqrt{\frac{A \bullet 4}{\pi}} = \sqrt{\frac{0,67 \bullet 4}{3,14}} = 0,92\ m \rightarrow przyjeto\ 900mm$$


$$w_{\text{rz}} = \frac{4 \bullet {\dot{V}}_{g}\ }{\pi \bullet D^{2}}$$


$$w_{\text{rz}} = \frac{4 \bullet {\dot{V}}_{g}\ }{\pi \bullet D^{2}} = \frac{4 \bullet 7,32}{3,14 \bullet {0,9}^{2}} = 11,5\ \frac{m}{s}$$


Hk = Hmax + 5


Hk = 8, 125 + 5 = 13, 125  m

  1. Dobór wentylatora – określono na podstawie oporów przepływu gazu

Całkowite opory przepływu


$$\Delta p_{c} = (\sum_{}^{}{\Delta p_{m} + \ }\sum_{}^{}{\Delta p_{l} + \ }\sum_{}^{}{Z -}\sum_{}^{}{\Delta p_{\text{kom}}\ })$$

gdzie: Δpm– suma oporów miejscowych
Δpl – suma oporów liniowych
Z – suma oporów na urządzeniach
Δpkom – ciąg kominowy

  1. Suma oporów miejscowych


$$w_{g} = \frac{7,32}{0,6 \bullet 0,8} = 15,25\frac{m}{s}$$

R = 1000 mm


D = 500mm


$$\frac{R}{D} = 2$$


= 0, 15


$$p_{m} = 0,15 \bullet \ \frac{{15,25}^{2} \bullet \ 0,85}{2} = 14,83\ \text{Pa}\text{\ \ }$$

2 x kolano α = 90° = 2*14,83 = 29,66 Pa

R = 938 mm


a = 500mm


$$\frac{R}{a} = \ 1,87 = > 0,15*0,63 = 0,09\ $$


$$p_{m} = 0,09 \bullet \ \frac{{15,25}^{2} \bullet \ 0,85}{2} = 8,90\ \text{Pa}\text{\ \ }$$

2 x łuk α = 45° = 2*8,90 = 17,80 Pa


$$p = \xi \bullet \frac{{w_{g}}^{2} \bullet \rho_{g}}{2} = 0,25 \bullet \left( \frac{{15,25}^{2} \bullet 0,85}{2} \right) = 24,71\ \text{Pa}$$


$$p = \xi\frac{w_{g}^{2}\rho_{g}}{2}$$


$$p = 0,48 \bullet \left( \frac{{15,25}^{2} \bullet 0,85}{2} \right) = 47,44\text{Pa}$$


$$\sum_{}^{}{p_{m} = 29,66 + 17,80 + 24,71 + 47,44 = \ 119,61Pa\ }$$

  1. Suma oporów liniowych

Przewód 600 x 800 mm

Suma długości przewodów l =15,450m


$$p_{l} = \lambda \bullet \ \frac{l}{d_{z}} \bullet \frac{w_{g}^{2} \bullet \rho_{g}}{2}\text{\ \ }\backslash n$$

gdzie: dz – średnica zastępcza przewodu,

l – długość odcinka przewodu – suma przewodów

λ – współczynnik tarcia


$$d_{z} = \frac{4 \bullet A}{O} = \ \frac{4 \bullet 0,6 \bullet 0,8}{2 \bullet 0,6 + 2 \bullet 0,8} = 0,686m$$


$$\text{Re} = \frac{w_{g} \bullet d_{z} \bullet \rho}{\mu_{g}} = \frac{15,25 \bullet 0,686 \bullet 0,85}{2,27 \bullet 10^{- 5}} = 391730\ $$

$\lambda = 0,0032 + \frac{0,221}{\text{Re}^{0,237}} = 0,0032 + \frac{0,221}{391730^{0,237}} = 0,0136$


$$p_{l} = 0,0136 \bullet \ \frac{15,450}{0,686} \bullet \frac{{15,25}^{2} \bullet 0,85}{2} = 30,27Pa$$


$$w_{\text{rz}} = \frac{4 \bullet {\dot{V}}_{g}\ }{\pi \bullet D^{2}} = \frac{4 \bullet 7,32}{3,14 \bullet {0,9}^{2}} = 11,5\ \frac{m}{s}$$


$$\text{Re} = \frac{w_{g} \bullet d_{z} \bullet \rho}{\mu_{g}} = \frac{11,5 \bullet 0,9 \bullet 0,85}{2,27 \bullet 10^{- 5}} = 387555\ $$


$$\lambda = 0,0032 + \frac{0,221}{\text{Re}^{0,237}} = 0,0032 + \frac{0,221}{287555^{0,237}} = 0,014$$


$$p_{l} = \ 0,014 \bullet \ \frac{13,125}{0,9} \bullet \frac{{11,5}^{2} \bullet 0,85}{2} = 11,48Pa$$


$$\sum_{}^{}{p_{l} = \ \ }30,27 + 11,48 = 41,75Pa$$

$\sum_{}^{}Z$– suma oporów na urządzeniach, dla komory osadczej z dyfuzorem i konfuzorem przyjęto 100 Pa , filtry 1200 Pa = 1300 Pa


pkom = h(ρgoρgrz)g; Pa

gdzie: h – geometryczna wysokość komina, h= 13,125 m

g – przyspieszenie ziemskie, g = 9,81 m/

ρgo – gęstość gazów odlotowych, ρgo= 0,85 kg/m3

ρgrz – gęstość powietrza, ρgrz = 1,26 kg/m3


pkom = 13, 125 • (1,26−0,85) • 9, 81 = 52, 79Pa ∖ n


$$p_{c} = \left( \sum_{}^{}{p_{m} +}\sum_{}^{}{p_{l} +}\sum_{}^{}Z - p_{\text{kom}} \right) \bullet 1,1$$


pc = (119,61+41,75+1300−52,79) • 1, 1 = 1549, 43 Pa

Wentylator dobrano wg katalogu na obliczone opory przepływu (zwiększone o 10%) oraz rzeczywisty strumień spalin.

Przeliczenie strat ciśnienia na warunki w których zostały sporządzone charakterystyki wentylatorów wykorzystanych w projekcie (ρ = 1,2 kg/m3, T = 293K):


$$\frac{{p}_{1}}{{p}_{2}} = \frac{\rho_{1}}{\rho_{2}}$$


$${p}_{2} = {p}_{1} \bullet \frac{\rho_{2}}{\rho_{1}} = \ 1549,43\ \ \bullet \frac{1,2}{0,85} = 2187\text{Pa}$$

Na podstawie wymaganego sprężu wentylatora 2187 Pa oraz strumienia powietrza 7,32 m3/s dobrano wentylator promieniowy WWOax-100 980 obr/min, napędzie bezpośrednim, położeniu kolektora RD 270 oraz podwyższonej odporności na korozję.

  1. Opis techniczny

Zaprojektowano dwustopniową instalację odpylającą. Układ ma za zadanie oddzielić cząstki stałe od fazy gazowej tak aby stężenie pyłu za instalacją nie przekraczało 60 mg/m3.

Układ konstrukcyjny składa się z :

wynosi ηI  =  55, 33%.

Pod komorą osadczą został zaprojektowany zasobnik pyłu, który będzie opróżniany

co dobę.

Urządzenie odpylające drugiego stopnia, to filtr pulsacyjny PI-A-068-111-204.

Na podstawie wymaganego sprężu wentylatora 2178 Pa oraz strumienia powietrza 7,32 m3/s dobrano wentylator promieniowy WWOax-100 980 obr/min , napędzie bezpośrednim, położeniu kolektora RD 270 oraz podwyższonej odporności na korozję.

Komin, czyli emitor. Wysokość komina to 13,125 m , a jego średnica to 0,9 m.


Wyszukiwarka

Podobne podstrony:
Technologie oczyszczania gazów projekt
Technologie oczyszczania gazów projekt?sorber
Projekt 2 - Spis treści, Inżynieria Środowiska, Oczyszczanie Gazów
Projekt 2 - Adsorpcja, Inżynieria Środowiska, Oczyszczanie Gazów
Projekt 1 - Spis treści, Inżynieria Środowiska, Oczyszczanie Gazów
Projekt 1 - Charakterystyka wentylatora, Inżynieria Środowiska, Oczyszczanie Gazów
Projekt 2 - Spis treści, Inżynieria Środowiska, Oczyszczanie Gazów
Oczyszczanie gazow odlotowych cz 1
hydraulika reaktorów, Inżynieria Środowiska, Przydomowe oczyszczalnie ścieków, projekt, Przydomowe o
Opis techniczny-moje, Inżynieria Środowiska, Przydomowe oczyszczalnie ścieków, projekt, Przydomowe o
oczyszczanie plecy projekt
BIOLOGICZNE OCZYSZCZANIE GAZOW Nieznany (2)
Oczyszczanie gazów Antczak Ściąga nr 2, Studia, Ochrona środowiska
Oczyszczanie Gazow Odlotowych, Ochrona Środowiska studia, 4 rok (2009-2010), Semestr VII (Rok 4), Oc
Oczyszczanie gazów ściąga
rząd reakcji, Inżynieria Środowiska, Przydomowe oczyszczalnie ścieków, projekt, Przydomowe oczyszcza
Oczyszczanie gazow odlotowych cz[1] 1 2009
POŚ - egzamin gr2, Inżynieria Środowiska, Przydomowe oczyszczalnie ścieków, projekt, Przydomowe oczy

więcej podobnych podstron