www.zadania.info – N
AJWI ˛
EKSZY
I
NTERNETOWY
Z
BIÓR
Z
ADA ´
N Z
M
ATEMATYKI
L
UBELSKA PRÓBA PRZED MATUR ˛
A
DLA KLAS TRZECICH
POZIOM PODSTAWOWY
GRUPA
II
12
STYCZNIA
2011
C
ZAS PRACY
: 170
MINUT
Zadania zamkni˛ete
Z
ADANIE
1
(1
PKT
.)
Liczba
√
44
+
√
176 jest równa
A)
√
220
B) 8
√
11
C) 6
√
11
D) 6
√
13
R
OZWI ˛
AZANIE
Liczymy
√
44
+
√
176
=
√
4
·
11
+
√
16
·
11
=
2
√
11
+
4
√
11
=
6
√
11.
Odpowied´z: C
Z
ADANIE
2
(1
PKT
.)
Liczba 2
10
·
4
10
·
8
10
jest równa
A) 2
1000
B) 2
60
C) 64
30
D) 64
1000
R
OZWI ˛
AZANIE
Liczymy
2
10
·
4
10
·
8
10
=
2
10
· (
2
2
)
10
· (
2
3
)
10
=
=
2
10
·
2
20
·
2
30
=
2
10
+
20
+
30
=
2
60
.
Odpowied´z: B
Z
ADANIE
3
(1
PKT
.)
Rozwi ˛
azaniem równania
√
2
(
x
−
2
) =
3x jest liczba
A)
√
2
−
3
B)
2
√
2
3
−
√
2
C)
4
+
6
√
2
11
D)
−
4
+
6
√
2
7
Materiał pobrany z serwisu
1
www.zadania.info – N
AJWI ˛
EKSZY
I
NTERNETOWY
Z
BIÓR
Z
ADA ´
N Z
M
ATEMATYKI
R
OZWI ˛
AZANIE
Liczymy
√
2
(
x
−
2
) =
3x
(
√
2
−
3
)
x
=
2
√
2
/ :
(
√
2
−
3
)
x
=
2
√
2
√
2
−
3
x
=
2
√
2
(
√
2
+
3
)
(
√
2
−
3
)(
√
2
+
3
)
=
4
+
6
√
2
2
−
9
= −
4
+
6
√
2
7
.
Odpowied´z: D
Zadania
.info
Podobają Ci się nasze rozwiązania?
Pokaż je koleżankom i kolegom ze szkoły!
Z
ADANIE
4
(1
PKT
.)
Suma wyra ˙ze ´n
x
2
,
x
3
,
x
4
,
x
5
jest równa
A)
4x
14
B)
4x
60
C)
77x
60
D)
x
60
R
OZWI ˛
AZANIE
Liczymy
x
2
+
x
3
+
x
4
+
x
5
=
30x
60
+
20x
60
+
15x
60
+
12x
60
=
77x
60
.
Odpowied´z: C
Z
ADANIE
5
(1
PKT
.)
Pierwiastkami równania x
3
−
x
2
−
6x
=
0 s ˛
a liczby
A) 0,
−
2, 3
B)
−
2, 3
C) 0,
−
3, 2
D)
−
3,
−
2
R
OZWI ˛
AZANIE
Liczymy
0
=
x
3
−
x
2
−
6x
=
x
(
x
2
−
x
−
6
)
.
Zatem jednym z pierwiastków jest x
=
0. Aby znale´z´c pozostałe szukamy pierwiastków
trójmianu w nawiasie.
x
2
−
x
−
6
=
0
∆
=
1
+
24
=
25
x
=
1
−
5
2
= −
2
∨
x
=
1
+
5
2
=
3.
Zatem pierwiastkami s ˛
a 0,
−
2, 3.
Odpowied´z: A
Materiał pobrany z serwisu
2
www.zadania.info – N
AJWI ˛
EKSZY
I
NTERNETOWY
Z
BIÓR
Z
ADA ´
N Z
M
ATEMATYKI
Z
ADANIE
6
(1
PKT
.)
Je ˙zeli suma k ˛
atów wewn˛etrznych wielok ˛
ata foremnego jest równa 1260
◦
to wielok ˛
at ten ma
wierzchołków:
A) 8
B) 10
C) 7
D) 9
R
OZWI ˛
AZANIE
Przypomnijmy, ˙ze suma k ˛
atów w wielok ˛
acie wypukłym o n wierzchołkach jest równa
180
◦
(
n
−
2
)
.
Wyznaczamy n
1260
◦
=
180
◦
(
n
−
2
)
⇒
7
=
n
−
2
⇒
n
=
9.
Odpowied´z: D
Z
ADANIE
7
(1
PKT
.)
Je ˙zeli tg α
=
3
4
to to stosunek sin α : cos α jest równy:
A) 4:3
B) 3:4
C) 1:1
D) 2:3
R
OZWI ˛
AZANIE
Z definicji tangensa
3
4
=
tg α
=
sin α
cos α
.
Odpowied´z: B
Z
ADANIE
8
(1
PKT
.)
W trójk ˛
acie równoramiennym o bokach długo´sci: 5, 5, 5
√
2 k ˛
at przy podstawie ma miar˛e:
A) 45
◦
B) 60
◦
C) 30
◦
D) 90
◦
R
OZWI ˛
AZANIE
Zaczynamy od rysunku.
A
B
C
5
5
D
α
Liczymy
tg α
=
AD
AC
=
5
√
2
2
5
=
√
2
2
.
Zatem α
=
45
◦
.
Odpowied´z: A
Materiał pobrany z serwisu
3
www.zadania.info – N
AJWI ˛
EKSZY
I
NTERNETOWY
Z
BIÓR
Z
ADA ´
N Z
M
ATEMATYKI
Z
ADANIE
9
(1
PKT
.)
Punkt przeci˛ecia ´srodkowych w trójk ˛
acie ABC , gdzie A
= (
1,
−
3
)
, B
= (
2, 8
)
, C
= (−
6, 4
)
ma współrz˛edne:
A)
3
2
,
5
2
B)
(−
1, 3
)
C)
−
5
2
,
1
2
D)
(−
2, 6
)
R
OZWI ˛
AZANIE
Korzystamy ze wzoru
S
=
x
A
+
x
B
+
x
C
3
,
y
A
+
y
B
+
y
C
3
na współrz˛edne ´srodka ci˛e ˙zko´sci trójk ˛
ata o wierzchołkach A
= (
x
A
, y
A
)
, B
= (
x
B
, y
B
)
, C
=
(
x
C
, y
C
)
. W naszej sytuacji mamy
S
=
1
+
2
−
6
3
,
−
3
+
8
+
4
3
= (−
1, 3
)
.
Odpowied´z: B
Z
ADANIE
10
(1
PKT
.)
Liczby 12, 48,
(
x
−
24
)
s ˛
a trzema pocz ˛
atkowymi wyrazami ci ˛
agu geometrycznego. Wów-
czas trzeci wyraz tego ci ˛
agu jest równy:
A) 192
B) 216
C) 60
D) 24
R
OZWI ˛
AZANIE
Iloraz danego ci ˛
agu jest równy
q
=
a
2
a
1
=
48
12
=
4.
Zatem
a
3
=
a
2
q
=
48
·
4
=
192.
Odpowied´z: A
Z
ADANIE
11
(1
PKT
.)
Przek ˛
atna kwadratu K ma długo´s´c 2, a obwód kwadratu M ma długo´s´c 16. Skala podobie ´n-
stwa kwadratu K do kwadratu M jest równa:
A)
√
2
4
B)
√
2
C) 4
D) 2
√
2
Materiał pobrany z serwisu
4
www.zadania.info – N
AJWI ˛
EKSZY
I
NTERNETOWY
Z
BIÓR
Z
ADA ´
N Z
M
ATEMATYKI
R
OZWI ˛
AZANIE
Bok kwadratu M ma długo´s´c
16
4
=
4,
a jego przek ˛
atna ma długo´s´c
4
√
2.
Zatem skala podobie ´nstwa jest równa
2
4
√
2
=
1
2
√
2
=
√
2
4
.
Odpowied´z: A
Z
ADANIE
12
(1
PKT
.)
Przekrój osiowy walca jest kwadratem o boku długo´sci 8. Pole powierzchni bocznej tego
walca jest równe:
A) 128π
B) 64π
C) 96π
D) 32π
R
OZWI ˛
AZANIE
Zaczynamy od obrazka
8
Z obrazka wida´c, ˙ze promie ´n podstawy walca jest równy połowie boku kwadratu, czyli
r
=
4. Zatem pole powierzchni bocznej jest równe
P
b
=
2πr
·
H
=
8π
·
8
=
64π.
Odpowied´z: B
Z
ADANIE
13
(1
PKT
.)
Funkcja f przyporz ˛
adkowuje ka ˙zdej liczbie naturalnej liczb˛e jej dzielników b˛ed ˛
acych licz-
bami naturalnymi. Wobec tego f
(
150
)
jest równe:
A) 11
B) 12
C) 13
D) 10
Materiał pobrany z serwisu
5
www.zadania.info – N
AJWI ˛
EKSZY
I
NTERNETOWY
Z
BIÓR
Z
ADA ´
N Z
M
ATEMATYKI
R
OZWI ˛
AZANIE
Zauwa ˙zmy, ˙ze
150
=
6
·
25
=
2
·
3
·
5
2
.
Ka ˙zdy dodatni dzielnik tej liczby jest postaci k
=
2
a
3
b
5
c
, gdzie a, b
∈ {
0, 1
}
i c
∈ {
0, 1, 2
}
. Na
mocy zasady mno ˙zenia liczby a, b, c mo ˙zemy wybra´c na
2
·
2
·
3
=
12
sposobów.
Odpowied´z: B
Z
ADANIE
14
(1
PKT
.)
Dana jest funkcja kwadratowa f
(
x
) =
4x
2
+
8x
+
5. Zbiorem rozwi ˛
aza ´n nierówno´sci f
(
x
) <
5 jest
A)
(−
∞, 2
) ∪ (
0,
+
∞
)
B)
(
0,
+
∞
)
C)
(
0, 2
)
D)
(−
2, 0
)
R
OZWI ˛
AZANIE
Liczymy.
4x
2
+
8x
+
5
<
5
4x
2
+
8x
<
0
/ : 4
x
2
+
2x
<
0
x
(
x
+
2
) <
0
x
∈ (−
2, 0
)
.
Odpowied´z: D
Z
ADANIE
15
(1
PKT
.)
Liczba a stanowi 80% liczby b. O ile procent liczba b jest wi˛eksza od liczby a?
A) 25%
B) 80%
C) 20%
D) 120%
R
OZWI ˛
AZANIE
Wiemy, ˙ze
a
=
0, 8b
Zatem
b
=
a
0, 8
=
1, 25a,
czyli liczba b jest wi˛eksza od a o 25%.
Odpowied´z: A
Materiał pobrany z serwisu
6
www.zadania.info – N
AJWI ˛
EKSZY
I
NTERNETOWY
Z
BIÓR
Z
ADA ´
N Z
M
ATEMATYKI
Z
ADANIE
16
(1
PKT
.)
Liczba log
2
8
−
log
2
16 jest równa
A) 2
B) -1
C) 1
D) 2
R
OZWI ˛
AZANIE
Liczymy
log
2
8
−
log
2
16
=
log
2
2
3
−
log
2
2
4
=
3
−
4
= −
1.
Je ˙zeli kto´s nie rozumie tego rachunku to niech zajrzy do
Odpowied´z: B
Z
ADANIE
17
(1
PKT
.)
Osi ˛
a symetrii wykresu funkcji f
(
x
) =
x
2
+
8 jest prosta o równaniu
A) x
=
8
B) y
=
0
C) x
= −
8
D) x
=
0
R
OZWI ˛
AZANIE
Osi ˛
a symetrii paraboli b˛ed ˛
acej wykresem funkcji kwadratowej jest pionowa prosta przecho-
dz ˛
aca przez jej wierzchołek.
Sposób I
Pierwsz ˛
a współrz˛edn ˛
a wierzchołka łatwo wyznaczy´c:
x
w
=
−
b
2a
=
0.
Zatem osi ˛
a symetrii jest prosta x
=
0.
Sposób II
Parabola y
=
x
2
+
8 powstaje z paraboli y
=
x
2
przez przesuni˛ecie o 8 jednostek do góry,
zatem jej o´s symetrii jest taka sama jak o´s symetrii paraboli y
=
x
2
, czyli prosta x
=
0.
Odpowied´z: D
Z
ADANIE
18
(1
PKT
.)
Pewnego dnia w klasie licz ˛
acej 11 dziewcz ˛
at i 15 chłopców nieobecny był jeden chłopiec i
jedna dziewczynka. Nauczyciel wybrał do odpowiedzi jednego ucznia. Prawdopodobie ´n-
stwo, ˙ze b˛edzie to dziewczynka jest równe:
A)
1
10
B)
10
11
C)
5
12
D)
5
13
Materiał pobrany z serwisu
7
www.zadania.info – N
AJWI ˛
EKSZY
I
NTERNETOWY
Z
BIÓR
Z
ADA ´
N Z
M
ATEMATYKI
R
OZWI ˛
AZANIE
Tego dnia w klasie były
|
Ω
| =
11
+
15
−
1
−
1
=
24
osoby i 10 z nich to dziewczynki. Zatem prawdopodobie ´nstwo wybrania dziewczynki jest
równe
10
24
=
5
12
.
Odpowied´z: C
Z
ADANIE
19
(1
PKT
.)
Miejscem zerowym funkcji f
(
x
) =
2
x
−
3
+
4 jest
A) 3
B) 2
C) 2,5
D) -3
R
OZWI ˛
AZANIE
Liczymy
2
x
−
3
+
4
/
· (
x
−
3
)
2
+
4
(
x
−
3
) =
0
2
+
4x
−
12
=
0
4x
=
10
x
=
2, 5.
Odpowied´z: C
Z
ADANIE
20
(1
PKT
.)
Warto´s´c wyra ˙zenia 2
|
x
−
3
| − |
x
+
1
|
dla x
∈ (−
∞,
−
1
)
jest równa
A) x
−
7
B)
−
x
+
7
C) 3x
−
7
D)
−
x
−
7
R
OZWI ˛
AZANIE
Zauwa ˙zmy, ˙ze dla x
∈ (−
∞,
−
1
)
mamy
x
−
3
<
0
x
+
1
<
0.
Zatem
2
|
x
−
3
| − |
x
+
1
| =
2
(−
x
+
3
) + (
x
+
1
) = −
x
+
7.
Odpowied´z: B
Materiał pobrany z serwisu
8
www.zadania.info – N
AJWI ˛
EKSZY
I
NTERNETOWY
Z
BIÓR
Z
ADA ´
N Z
M
ATEMATYKI
Z
ADANIE
21
(1
PKT
.)
K ˛
at α jest ostry i cos α
=
2
5
. Wówczas
A) sin α
=
3
5
B) sin α
=
√
21
5
C) sin α
<
√
21
5
D) sin α
=
√
21
25
R
OZWI ˛
AZANIE
Liczymy (z jedynki trygonometrycznej).
sin
2
α
+
cos
2
α
=
1
sin α
=
p
1
−
cos
2
α
=
r
1
−
4
25
=
√
21
5
.
Odpowied´z: B
Z
ADANIE
22
(1
PKT
.)
Prosta k ma równanie y
=
3x
−
15. Wska ˙z równanie prostej prostopadłej do k.
A) y
= −
3x
−
15
B) y
=
3x
+
15
C) y
=
1
3
x
D) y
= −
1
3
x
−
2
R
OZWI ˛
AZANIE
Proste y
=
ax
+
b i y
=
cx
+
d s ˛
a prostopadłe wtedy i tylko wtedy, gdy ac
= −
1, zatem
współczynnik kierunkowy szukanej prostej musi by´c równy
−
1
3
.
Odpowied´z: D
Z
ADANIE
23
(1
PKT
.)
Trójk ˛
at równoboczny o boku długo´sci 4 cm obrócono wokół prostej zawieraj ˛
acej wysoko´s´c
trójk ˛
ata. Obj˛eto´s´c powstałej bryły jest równa:
A) 14, 5 cm
3
B) 4
√
3 cm
3
C)
8
√
3
3
π
cm
3
D) 8
√
3π cm
3
R
OZWI ˛
AZANIE
Szkicujemy obrazek.
4
2
2
Z obrazka wida´c, ˙ze otrzymamy sto ˙zek o promieniu podstawy równym połowie boku
trójk ˛
ata, czyli r
=
2. Wysoko´s´c sto ˙zka jest równa wysoko´sci trójk ˛
ata równobocznego, czyli
wynosi
h
=
a
√
3
2
=
2
√
3.
Materiał pobrany z serwisu
9
www.zadania.info – N
AJWI ˛
EKSZY
I
NTERNETOWY
Z
BIÓR
Z
ADA ´
N Z
M
ATEMATYKI
Zatem obj˛eto´s´c jest równa
V
=
1
3
πr
2
·
h
=
1
3
·
4π
·
2
√
3
=
8
√
3π
3
.
Odpowied´z: C
Z
ADANIE
24
(1
PKT
.)
Zbiór
R
\ {−
3, 0, 2
}
jest dziedzin ˛
a wyra ˙zenia:
A)
x
2
+
3x
+
1
x
2
+
x
−
6
B)
x
2
−
x
−
2
x
3
+
5x
2
+
6x
C)
3x
+
2
x
(
x
−
2
)(
x
−
3
)
D)
2x
+
1
x
(
x
−
2
)(
x
+
3
)
R
OZWI ˛
AZANIE
Podana dziedzina oznacza, ˙ze mianownik interesuj ˛
acego nas wyra ˙zenia musi si˛e zerowa´c
dla x
=
0, x
= −
3 i x
=
2. T˛e własno´s´c ma mianownik wyra ˙zenia
2x
+
1
x
(
x
−
2
)(
x
+
3
)
.
Odpowied´z: D
Z
ADANIE
25
(1
PKT
.)
Ile jest liczb całkowitych w´sród rozwi ˛
aza ´n nierówno´sci
|
2x
−
√
17
| 6
5?
A) 5
B) 4
C) 6
D) 7
R
OZWI ˛
AZANIE
Sposób I
Przekształ´cmy dan ˛
a nierówno´s´c
|
2x
−
√
17
| 6
5
2
x
−
√
17
2
6
5
x
−
√
17
2
6
2, 5.
Rozwi ˛
azaniem nierówno´sci s ˛
a wi˛ec liczby, które s ˛
a odległe od
√
17
2
o nie wi˛ecej ni ˙z 2,5. Jest
to wi˛ec przedział
*
√
17
2
−
5
2
,
√
17
2
+
5
2
+
.
Materiał pobrany z serwisu
10
www.zadania.info – N
AJWI ˛
EKSZY
I
NTERNETOWY
Z
BIÓR
Z
ADA ´
N Z
M
ATEMATYKI
Poniewa ˙z
√
17
−
5
2
≈ −
0, 4
√
17
+
5
2
≈
4, 6.
nierówno´s´c spełnia 5 liczb całkowitych: 0,1,2,3,4.
Sposób II
Liczymy
|
2x
−
√
17
| 6
5
2x
−
√
17
6
5
i
2x
−
√
17
> −
5
2x
6
√
17
+
5
i
2x
>
√
17
−
5
x
6
√
17
+
5
2
i
x
>
√
17
−
5
2
.
Zatem zbiorem rozwi ˛
aza ´n nierówno´sci jest przedział
*
√
17
−
5
2
,
√
17
+
5
2
+
.
Jak w I sposobie stwierdzamy, ˙ze w przedziale tym jest 5 liczb całkowitych.
Odpowied´z: A
Zadania otwarte
Z
ADANIE
26
(2
PKT
.)
Rozwi ˛
a ˙z równanie
(
x
+
1
)
2
=
2
(
x
−
3
)
2
.
R
OZWI ˛
AZANIE
Liczymy
(
x
+
1
)
2
=
2
(
x
−
3
)
2
x
2
+
2x
+
1
=
2
(
x
2
−
6x
+
9
)
0
=
x
2
−
14x
+
17
=
0
∆
=
14
2
−
4
·
17
=
196
−
68
=
128
= (
8
√
2
)
2
x
=
14
−
8
√
2
2
=
7
−
4
√
2
∨
x
=
14
+
8
√
2
2
=
7
+
4
√
2.
Odpowied´z: x
=
7
−
4
√
2 lub x
=
7
+
4
√
2
Z
ADANIE
27
(2
PKT
.)
Rozwi ˛
a ˙z równanie x
3
+
3x
2
+
2x
+
1
= (
x
−
1
)
2
.
Materiał pobrany z serwisu
11
www.zadania.info – N
AJWI ˛
EKSZY
I
NTERNETOWY
Z
BIÓR
Z
ADA ´
N Z
M
ATEMATYKI
R
OZWI ˛
AZANIE
Liczymy
x
3
+
3x
2
+
2x
+
1
= (
x
−
1
)
2
x
3
+
3x
2
+
2x
+
1
=
x
2
−
2x
+
1
x
3
+
2x
2
+
4x
=
0
x
(
x
2
+
2x
+
4
) =
0.
Zatem jednym pierwiastkiem jest x
=
0. Jest to jedyny pierwiastek, bo trójmian w nawiasie
nie ma pierwiastków (
∆
<
0).
Odpowied´z: x
=
0
Z
ADANIE
28
(2
PKT
.)
Podaj współrz˛edne punktu przeci˛ecia si˛e wykresu funkcji f z osi ˛
a Ox, gdy funkcja f okre-
´slona jest wzorem f
(
x
) =
(
3x
+
5
dla x
∈ (−
∞,
−
1
i
−
x
−
4
dla x
∈ (−
1,
+
∞
)
.
R
OZWI ˛
AZANIE
Pierwszy wzór zeruje si˛e dla x
= −
5
3
i liczba ta spełnia warunek x
∈ (−
∞,
−
1
i
. Zatem
wykres funkcji f przecina o´s Ox w punkcie
−
5
3
, 0
.
Drugi wzór zeruje si˛e dla x
= −
4, ale liczba ta nie spełnia warunku x
∈ (−
1,
+
∞
)
.
Odpowied´z:
−
5
3
, 0
Z
ADANIE
29
(2
PKT
.)
Uzasadnij, ˙ze istnieje jedna para
(
x, y
)
liczb całkowitych x
<
y, których suma jest równa 23,
a ich iloczyn jest równy 132.
R
OZWI ˛
AZANIE
Je ˙zeli x i y s ˛
a takimi liczbami to spełniaj ˛
a układ równa ´n
(
x
+
y
=
23
xy
=
132.
Podstawiamy x
=
23
−
y z pierwszego równania do drugiego.
(
23
−
y
)
y
=
132
23y
−
y
2
=
132
0
=
y
2
−
23y
+
132
∆
=
23
2
−
4
·
132
=
1
y
=
23
−
1
2
=
11
∨
x
=
23
+
1
2
=
12.
Wtedy odpowiednio x
=
23
−
y
=
12 i x
=
23
−
y
=
11. Z zało ˙zenia x
<
y wynika, ˙ze
x
=
11 i y
=
12.
Materiał pobrany z serwisu
12
www.zadania.info – N
AJWI ˛
EKSZY
I
NTERNETOWY
Z
BIÓR
Z
ADA ´
N Z
M
ATEMATYKI
Z
ADANIE
30
(2
PKT
.)
Sprawd´z, czy prosta x
−
3y
−
1
=
0 jest styczna do okr˛egu
(
x
−
1
)
2
+ (
y
+
3
)
2
=
4.
R
OZWI ˛
AZANIE
Rozpoczynamy od szkicowego rysunku – dany okr ˛
ag ma ´srodek S
= (
1,
−
3
)
i promie ´n
r
=
2.
-5
-1
+3
+5
x
-5
-1
+1
+5
y
Sposób I
Przypomnijmy, ˙ze prosta mo ˙ze mie´c z okr˛egiem jeden lub dwa lub zero punktów wspól-
nych. Ponadto prosta jest styczna do okr˛egu je ˙zeli ma z nim dokładnie jeden punkt wspólny.
Wyznaczamy punkty wspólne okr˛egu i prostej
(
x
−
1
)
2
+ (
y
+
3
)
2
=
4
(
3y
+
1
−
1
)
2
+ (
y
+
3
)
2
=
4
(
3y
)
2
+ (
y
+
3
)
2
=
4
9y
2
+
y
2
+
6y
+
9
=
4
10y
2
+
6y
+
5
=
0
∆
=
36
−
200
<
0.
Zatem prosta i okr ˛
ag nie maj ˛
a punktów wspólnych, w szczególno´sci nie s ˛
a styczne.
Sposób II
Je ˙zeli dana prosta jest styczna do okr˛egu to jej odległo´s´c od ´srodka S tego okr˛egu b˛edzie
równa promieniowi okr˛egu. Korzystamy ze wzoru na odległo´s´c punktu P
= (
x
0
, y
0
)
od
prostej Ax
+
By
+
C
=
0:
|
Ax
0
+
By
0
+
C
|
√
A
2
+
B
2
.
W naszej sytuacji mamy
|
1
+
9
−
1
|
√
1
+
9
=
9
√
10
≈
2, 8.
Materiał pobrany z serwisu
13
www.zadania.info – N
AJWI ˛
EKSZY
I
NTERNETOWY
Z
BIÓR
Z
ADA ´
N Z
M
ATEMATYKI
Wida´c, ˙ze liczba ta jest ró ˙zna od promienia okr˛egu r
=
2.
Odpowied´z: Nie, nie s ˛
a styczne.
Z
ADANIE
31
(2
PKT
.)
W trójk ˛
acie prostok ˛
atnym suma sinusów k ˛
atów ostrych jest równa
3
2
. Wyka ˙z, ˙ze iloczyn
cosinusów tych k ˛
atów jest równy
5
8
.
R
OZWI ˛
AZANIE
Sposób I
Je ˙zeli α jest k ˛
atem ostrym trójk ˛
ata prostok ˛
atnego, to drugi k ˛
at ostry ma miar˛e 90
◦
−
α
. Mamy
wi˛ec równanie
sin α
+
sin
(
90
◦
−
α
) =
3
2
sin α
+
cos α
=
3
2
.
Podnie´smy t˛e ostatni ˛
a równo´s´c stronami do kwadratu.
sin
2
α
+
cos
2
α
+
2 sin α cos α
=
9
4
1
+
2 sin α cos α
=
9
4
2 sin α cos α
=
5
4
sin α cos α
=
5
8
.
Zauwa ˙zmy teraz, ˙ze interesuj ˛
acy nas iloczyn cosinusów jest równy
cos α cos
(
90
◦
−
α
) =
cos α
·
sin α
=
5
8
.
Sposób II
Oznaczmy długo´sci przyprostok ˛
atnych trójk ˛
ata przez a i b, a długo´s´c przeciwprostok ˛
atnej
przez c.
A
B
C
a
b
c
Mamy zatem
3
2
=
sin
]
A
+
sin
]
B
=
a
c
+
b
c
=
a
+
b
c
.
Materiał pobrany z serwisu
14
www.zadania.info – N
AJWI ˛
EKSZY
I
NTERNETOWY
Z
BIÓR
Z
ADA ´
N Z
M
ATEMATYKI
Podnosimy t˛e równo´s´c stronami do kwadratu ( ˙zeby skorzysta´c z twierdzenia Pitagorasa).
9
4
=
a
2
+
2ab
+
b
2
c
2
=
c
2
+
2ab
c
2
9
4
=
1
+
2ab
c
2
5
4
=
2ab
c
2
/ : 2
ab
c
2
=
5
8
.
Teraz pozostało zauwa ˙zy´c, ˙ze
cos
]
A cos
]
B
=
b
c
·
a
c
=
ab
c
2
=
5
8
.
Z
ADANIE
32
(5
PKT
.)
Na trójk ˛
acie równobocznym opisano drugi trójk ˛
at równoboczny tak, ˙ze wierzchołki pierw-
szego trójk ˛
ata le ˙z ˛
a na bokach drugiego. Boki obydwu trójk ˛
atów tworz ˛
a k ˛
aty 30
◦
. Jakim pro-
centem pola małego trójk ˛
ata jest pole du ˙zego trójk ˛
ata?
R
OZWI ˛
AZANIE
Rozpoczynamy od rysunku.
A
B
C
a
b
30
o
a
60
o
Zauwa ˙zmy, ˙ze
]
CBA
=
180
◦
− ]
BCA
− ]
CAB
=
180
◦
−
60
◦
−
30
◦
=
90
◦
.
Zatem trójk ˛
at ABC jest prostok ˛
atny i mamy
a
b
=
sin 30
◦
=
1
2
⇒
b
=
2a.
Liczymy teraz stosunek pola du ˙zego trójk ˛
ata do pola małego trójk ˛
ata.
(
a
+
b
)
2
√
3
4
AB
2
√
3
4
=
(
a
+
b
)
2
AB
2
=
(
a
+
b
)
2
b
2
−
a
2
=
(
a
+
2a
)
2
4a
2
−
a
2
=
9a
2
3a
2
=
3.
Zatem pole du ˙zego trójk ˛
ata stanowi 300% pola małego trójk ˛
ata.
Odpowied´z: 300%
Materiał pobrany z serwisu
15
www.zadania.info – N
AJWI ˛
EKSZY
I
NTERNETOWY
Z
BIÓR
Z
ADA ´
N Z
M
ATEMATYKI
Z
ADANIE
33
(4
PKT
.)
Koszt wynaj˛ecia autokaru na wycieczk˛e klasow ˛
a wynosił 1500 zł. Pi˛eciu uczniów nie po-
jechało na wycieczk˛e i wtedy ka ˙zdy z pozostałych uczniów musiał zapłaci´c o 10 zł wi˛ecej.
Oblicz, ilu uczniów jest w tej klasie.
R
OZWI ˛
AZANIE
Oznaczmy przez x liczb˛e uczniów w klasie, a przez y koszt wyjazdu przypadaj ˛
acy na jed-
nego ucznia. Zapiszmy równania wynikaj ˛
ace z zało ˙ze ´n
(
y
=
1500
x
y
+
10
=
1500
x
−
5
.
Podstawiamy pierwsze równanie do drugiego i otrzymujemy
1500
x
+
10
=
1500
x
−
5
/ : 10
150
+
x
x
=
150
x
−
5
(
150
+
x
)(
x
−
5
) =
150x
150x
−
750
+
x
2
−
5x
=
150x
x
2
−
5x
−
750
=
0.
Liczymy wyró ˙znik i pierwiastki
∆
=
25
+
4
·
750
=
3025
=
55
2
x
=
5
−
55
2
= −
25
lub
x
=
5
+
55
2
=
30.
Odrzucamy ujemny wynik (liczba uczniów jest liczb ˛
a dodatni ˛
a) i otrzymujemy x
=
30.
Odpowied´z: 30
Z
ADANIE
34
(4
PKT
.)
Oblicz cosinus k ˛
ata mi˛edzy kraw˛edzi ˛
a boczn ˛
a i kraw˛edzi ˛
a podstawy ostrosłupa prawidło-
wego trójk ˛
atnego, je ˙zeli wiadomo, ˙ze promie ´n okr˛egu opisanego na podstawie, wysoko´s´c
ostrosłupa i kraw˛ed´z boczna tworz ˛
a trójk ˛
at równoramienny.
R
OZWI ˛
AZANIE
Rozpoczynamy od rysunku.
Materiał pobrany z serwisu
16
www.zadania.info – N
AJWI ˛
EKSZY
I
NTERNETOWY
Z
BIÓR
Z
ADA ´
N Z
M
ATEMATYKI
α
a
A
B
C
D
E
F
Odcinek EB stanowi
2
3
wysoko´sci trójk ˛
ata równobocznego, wi˛ec je ˙zeli oznaczymy AB
=
a to
EB
=
2
3
·
a
√
3
2
=
a
√
3
3
.
Z tre´sci zadania wiemy, ˙ze trójk ˛
at BED jest równoramienny. Jest on te ˙z prostok ˛
atny, wi˛ec
jest to połówka kwadratu. W szczególno´sci
BD
=
EB
√
2
=
a
√
3
3
·
√
2
=
a
√
6
3
.
Teraz mo ˙zemy obliczy´c ˙z ˛
adany cosinus.
cos α
=
AF
AD
=
1
2
AB
BD
=
a
2
a
√
6
3
=
3
2
√
6
=
3
√
6
2
·
6
=
√
6
4
.
Odpowied´z:
√
6
4
Materiał pobrany z serwisu
17
Wyszukiwarka
Podobne podstrony:
Klasy III styczen 2011 podstawowy gr 1 R
Klasy III, styczeń 2011 podstawowy gr.2
Klasy III styczeń 2011, podstawowy gr 1
Klasy III styczen 2011 podstawowy gr 1 R
Klasy III styczen 2011 rozszerzony R id 7
Klasy III styczeń 2011, rozszerzony
Klasy III, styczeń 2011 rozszerzony
Klasy III styczen 2011 rozszerzony R id 7
matura probna oke poznan styczen 2011 podstawowy R id 77
Lista lektur do klasy III LO 2011 2012, j.polski
matura próbna - oke poznań, styczeń 2011 podstawowy
SCENARIUSZ JASEŁEK dla klasy III szkoły podstawowej
Spr[1].z gramatyki kl.III, sprawdziany dla klasy III szkoły podstawowej
Spr[1].po I semestrze dla kl. III, sprawdziany dla klasy III szkoły podstawowej
Kajtkowe przygody, sprawdziany dla klasy III szkoły podstawowej
Plan edukacji religijnej dla klasy III szkoły podstawowej
Ćwiczenia ortograficzne dla uczniów klasy III
Kodeks drogowy stan prawny na styczeń 2011
więcej podobnych podstron