Katedra Wytrzymałości Materiałów Rok akad. 2013/2014
Wydział Inżynierii Lądowej Semestr zimowy
Politechniki Krakowskiej
PROJEKT NR 1
Z
WYTRZYMAŁOŚCI MATERIAŁÓW
Zawiera:
Wyznaczenie wymiarów przekroju poprzecznego belki
zginanej poprzecznie
Kamil Kupiec
Rok III Studia Zaoczne
Grupa ćw.: 03
Katedra Wytrzymałości Materiałów Kraków, 2014-01-03
Wydział Inżynierii Lądowej
Politechniki Krakowskiej
PROJEKT 1
Z WYTRZYMAŁOŚCI MATERIAŁÓW
Stud.: Kamil Kupiec III rok, Studia Zaoczne, sem. zim., rok ak. 2013/2014
Zaprojektować wymiary przekroju poprzecznego zginanej belki ze względu na stan graniczny nośności i użytkowania.
Po zaprojektowaniu wyznaczyć rozkład naprężeń normalnych i stycznych w przekroju α – α oraz obliczyć naprężenia główne i ich kierunki w punkcie K tego przekroju.
Otrzymane wyniki sprawdzić programami komputerowymi STATYKA i PRZEKRÓJ, załączyć wydruki rezultatów obliczeń
R=205 MPa, Rt=0,6 R, fdop=lmax/250, E=205 GPa
Podpis prowadzącego ćwiczenia
1.Rozwiązanie belki
1.1.Obliczanie Reakcji
$\sum_{}^{}{M_{B} = o}$ 39-19*4*2+VD*5,5+19*8=0 ⇒ VD= -7,0909 kN
$\sum_{}^{}{M_{Y} = o}$ VB-19*4+(-7,0909)+19=0 ⇒ VB= 64,0909kN
Sprawdzenie obliczeń reakcji: $\sum_{}^{}V$ = VB+VD+19-19*4=0
1.2. Obliczenie wartości momentów zginających
Siłą podłużna N dla całej belki wynosi 0
I przedział AB, gdzie x ∈ (0;2)
Q=0 ⇒ Q(0)=0; Q(2)=0
M(x)=39 kNm ⇒ M(0)=39kNm; M(2)=39kNm
II przedział BC, gdzie x ∈ (2;6)
Q(x)= 64,0909-19*(x-2)
Q(2)= 64,0909kN
Q(6)= -11,9091kN
M(x)=39-64,0909*(x-2)+19*(x-2)*0,5*(x-2)
M(x)= 9,5x2-102,0909x+205,1818
M(2)=39kNm
M(6)= -65,3636kNm
M’(x)= 19x-102,0909
x= 5,3732m - ekstremum
M(5,3732) = -69,0959 kNm
III przedział CD, gdzie x ∈ (6;7,5)
Q(x)= 64,0909 – 19*4
Q(x)= -11,9091kN ⇒ Q(6)=-11,9091kN; Q(7,5)=-11,9091kN
M(x)= 39-64,0909*(x-2)+19*4*(x-4)
M(x)= -136,8182+11,9091x
M(6)= -65,3636kNm
M(7,5)=-47,5
IV przedział DE, gdzie x ∈ (7,5;10)
Q(x)=-19kN ⇒ Q(7,5)=-19kN; Q(10)=-19kN
M(x)= -19*(10-x)
M(7,5)=- 47,5kNm
M(10) = 0
Miejsce wystąpienia ekstremum momentu znajduje się w przedziale BC gdzie x=5,3732
Wartość ekstremalnego momentu Mekstr = M(5,3732) = -69,0959 kNm
1.3. Wykresy momentów i zginających i sił poprzecznych
Wyniki z programu STATYKA, wersja Jun 02 2004 11:31:23
az@limba.wil.pk.edu.pl (Adam Zaborski)
------------------------------------------------
Slad danych:
-----------
punkty:
1 (0 , 0 )
2 (2 , 0 )
3 (6 , 0 )
4 (7.5 , 0 )
5 (10 , 0 )
elementy (od - do) (polozenie przegubow) (E, I, A):
1 (1 - 2) (brak) (1 1 1)
2 (2 - 3) (brak) (1 1 1)
3 (3 - 4) (brak) (1 1 1)
4 (4 - 5) (brak) (1 1 1)
wiezy (nr punktu) kod):
2) 2
4) 3
obciazenie:
sila pionowa -19 w punkcie 5
moment skupiony -39 na elemencie 1 (poczatek)
obciazenie pionowe (19, 19) na elemencie 2
Wyniki:
-------
Reakcje:
--------
V2 = -64.0909
V4 = 7.09091
H4 = 0
Element nr 1:
-------------
Moment zginajacy:
M(x = 0) = -39
M(x = 2) = -39
Sila poprzeczna:
Q(x = 0) = 0
Q(x = 2) = 0
Sila podluzna:
N(x = 0) = 0
N(x = 2) = 0
Przemieszczenia wezlowe:
kat(x = 0) = 6.89015
dx(x = 0) = 0
dy(x = 0) = -91.7803
kat(x = 2) = 84.8902
dx(x = 2) = 0
dy(x = 2) = 0
Maksymalne ugiecie:
wmax(x = 0) = -91.7803
Element nr 2:
-------------
Moment zginajacy:
M(x = 0) = -39
M(x = 4) = 65.3636
Mextr(x = 3.37321) = 69.0959, (w ukladzie globalnym: x = 5.37321, y = 0)
Sila poprzeczna:
Q(x = 0) = 64.0909
Q(x = 4) = -11.9091
Sila podluzna:
N(x = 0) = 0
N(x = 4) = 0
Przemieszczenia wezlowe:
kat(x = 0) = 84.8902
dx(x = 0) = 0
dy(x = 0) = 0
kat(x = 4) = -69.1705
dx(x = 4) = 0
dy(x = 4) = 170.591
Maksymalne ugiecie:
wmax(x = 3) = 205.886
Element nr 3:
-------------
Moment zginajacy:
M(x = 0) = 65.3636
M(x = 1.5) = 47.5
Sila poprzeczna:
Q(x = 0) = -11.9091
Q(x = 1.5) = -11.9091
Sila podluzna:
N(x = 0) = 0
N(x = 1.5) = 0
Przemieszczenia wezlowe:
kat(x = 0) = -69.1705
dx(x = 0) = 0
dy(x = 0) = 170.591
kat(x = 1.5) = -153.818
dx(x = 1.5) = 0
dy(x = 1.5) = 0
Maksymalne ugiecie:
wmax(x = 0) = 170.591
Element nr 4:
-------------
Moment zginajacy:
M(x = 0) = 47.5
M(x = 2.5) = 0
Sila poprzeczna:
Q(x = 0) = -19
Q(x = 2.5) = -19
Sila podluzna:
N(x = 0) = 0
N(x = 2.5) = 0
Przemieszczenia wezlowe:
kat(x = 0) = -153.818
dx(x = 0) = 0
dy(x = 0) = 0
kat(x = 2.5) = -213.193
dx(x = 2.5) = 0
dy(x = 2.5) = -483.504
Maksymalne ugiecie:
wmax(x = 2.5) = -483.504
2. Charakterystyki geometryczne przekroju poprzecznego
2.1. Wyznaczenie głównych centralnych osi bezwładności przekroju
Oś Z – oś symetrii
Pole powierzchni i środek Ciężkości
A= 2*(2a*2a)+(9a*4a)+2*(2a*a)-(7a*2a)
A= 34a2
Sy= 8a2*8a+4a2*4a+36a2*4,5-14a2*4,5
Sy= 179a3
Z0=$\frac{S_{y}}{A}$ = $\frac{{179_{a}}^{3}}{{34_{a}}^{2}}$ = 5,26471a
2.2 Moment bezwładności wzgledem
osi zginania
Jy= 2*( $\frac{{2_{a}}^{4}}{12} + 4a^{2}*({8a - 5,62471a)}^{2}$)+
+ 2*($\frac{a*({2_{a})}^{3}}{12}$ + 2a2 * (4a − 5, 62471a )2)+
+ $(\frac{{4a*\left( 9a \right)}^{3}}{12} + {36a}^{2}*{(4,5a - 5,62471a)}^{2}$ ) -
- ( $\frac{2a*{(7a)}^{3}}{12} + {14a}^{2}*{(4,5a - 5,62471a)}^{2})$
Jy= 271,0256a4
2.3 Wskaźnik wytrzymałości
Wy = $\frac{J_{y}}{Z_{\max}} = \ \frac{{271,0256a}^{4}}{5,62471a} = 48,1848a^{3}$
2.4 Wyniki z programu PRZEKROJ, wersja Jun 02 2004 11:34:48
az@limba.wil.pk.edu.pl (Adam Zaborski)
-------------------------------------------------------
dane:
-----
punkty:
1 ( 3 , 0 )
2 ( 3 , 3 )
3 ( 2 , 3 )
4 ( 2 , 5 )
5 ( 3 , 5 )
6 ( 3 , 7 )
7 ( 1 , 7 )
8 ( 1 , 9 )
9 ( 9 , 9 )
10 ( 9 , 7 )
11 ( 7 , 7 )
12 ( 7 , 5 )
13 ( 8 , 5 )
14 ( 8 , 3 )
15 ( 7 , 3 )
16 ( 7 , 0 )
17 ( 4 , 1 )
18 ( 4 , 8 )
19 ( 6 , 8 )
20 ( 6 , 1 )
elementy:
1 ( 1 - 2 )
2 ( 2 - 3 )
3 ( 3 - 4 )
4 ( 4 - 5 )
5 ( 5 - 6 )
6 ( 6 - 7 )
7 ( 7 - 8 )
8 ( 8 - 9 )
9 ( 9 - 10 )
10 ( 10 - 11 )
11 ( 11 - 12 )
12 ( 12 - 13 )
13 ( 13 - 14 )
14 ( 14 - 15 )
15 ( 15 - 16 )
16 ( 16 - 1 )
17 ( 17 - 18 )
18 ( 18 - 19 )
19 ( 19 - 20 )
20 ( 20 - 17 )
wyniki:
-------
pole = 34
srodek ciezkosci: ( 5 , 5.26471 )
centralne momenty bezwladnosci:
Iy = 268.951
Iz = 143.333
Iyz = 0
glowne centralne momenty bezwladnosci:
I1 = 268.951
I2 = 143.333
kat = 0 [deg]
glowne centralne promienie bezwladnosci:
i1 = 2.81253
i2 = 2.05321
wskazniki wytrzymalosci (sprezyste):
W1 = 51.0857
W2 = 35.8333
wskazniki plastyczne:
Wp1 = 84.4992 (dla z1 = 0.235599)
Wp2 = 63 (dla y1 = 0)
stosunek nosnosci: (1.65407, 1.75814)
punkty rdzenia: uklad wyjsciowy / uklad glowny centralny
( 6.12272 , 5.96693 ) / ( 1.12272 , 0.702222 )
( 6.18213 , 5.81924 ) / ( 1.18213 , 0.554538 )
( 6.05392 , 5.26471 ) / ( 1.05392 , 0 )
( 5 , 3.14698 ) / ( 0 , -2.11772 )
( 3.94608 , 5.26471 ) / ( -1.05392 , 0 )
( 3.81787 , 5.81924 ) / ( -1.18213 , 0.554538 )
( 3.87728 , 5.96693 ) / ( -1.12272 , 0.702222 )
( 5 , 6.76723 ) / ( 0 , 1.50252 )
3. Projektowanie ze względu na stan graniczny nośności.
3.1. Projektowanie ze względu na naprężenia normalne w przekroju poprzecznym.
Największe naprężenia normalne wystąpią w przekroju maksymalnego momentu zginającego we włóknach najdalej położonych na osi obojętnej.
σx max = $\frac{M_{\max}}{W_{y}} \leq R$ ⇒ Wy = $\frac{M_{\max}}{R}$ ⇒ $48,1848a^{3}\ \geq \ \frac{69,0959*10^{3}}{205*10^{6}}$
a ≥ 0,01912 [m]
3.2. Projektowanie ze względu na naprężenia styczne w przekroju poprzecznym.
Największe naprężenia styczne wystąpią w przekroju maksymalnej siły poprzecznej we włóknach na osi obojętnej
Sy(0) = $\frac{5,265a*4a*5,265a}{2} - \frac{4,265a*2a*4,265a}{2} = 37,25a^{3}$
τxz max = $\frac{Q_{\max}*S_{y}(0)}{J_{y}*b(0)} \leq R_{t}\ \rightarrow \ \frac{64,0909*10^{3}*37,25a^{3}}{271,0256a^{4}*2a} \leq 123*10^{6}$
a ≥ 0,005984 [m]
4. Wyznaczenie linii ugięcia belki.
Linię ugięcia belki wyznaczamy korzystająć z podejścia Clebscha dzięki czemu liczba stałych całkowania, zredukuje się do dwóch, niezależnie od ilości przedziałów charakterystycznych.
AB BC CD DE
M(y)= | -39x0 | +64,0909*$*(x - 2)^{1} - \frac{19}{2}*(x - 2)^{2}$ | $$+ \frac{19}{2}*(x - 6)^{2}$$ |
− 7, 0909 * (x − 7, 5)1 |
---|---|---|---|---|
EJw’’(x)= | 39x0 | - 64,0909*$*(x - 2)^{1} - \frac{19}{2}*(x - 2)^{2}$ | $$- \frac{19}{2}*(x - 6)^{2}$$ |
− 7, 0909 * (x − 7, 5)1 |
EJw’(x)= | C+39x | - 64,0909*$*(x - 2)^{2} - \frac{19}{2}*(x - 2)^{3}$ | $$- \frac{19}{2}*(x - 6)^{2}$$ |
− 7, 0909 * (x − 7, 5)1 |
EJw(x)= | D+Cx+$\frac{39}{2}x^{2}$ | - 64,0909*$*(x - 2)^{3} - \frac{19}{2}*(x - 2)^{4}$ | $$- \frac{19}{2}*(x - 6)^{2}$$ |
− 7, 0909 * (x − 7, 5)1 |
Kinetyczne warunki brzegowe:
w(2)=0 D+C2+$\ \frac{39}{2}*4 = 0$
w(10)=0 -2C – 78 + 7,5C +19,5* 7,52-$\frac{64,0909}{6}*{5.5}^{3} + \frac{19}{24}*5.5^{4} - \frac{19}{24}*1,5^{4} = 0$
C=6,8901 [kNm2] D= -91,7802 [kNm3]
Ugięcia belki i kąty ugięcia w punktach charakterystycznych:
WA’(0) = $\frac{6,8901}{\text{EJ}}$ [kNm3] WA(0) = $\frac{- 91,7802}{\text{EJ}}\ $[kNm3]
WB’(2) = $\frac{6,8901 + 39*2}{\text{EJ}}$ = $\frac{84,8901}{\text{EJ}}$ [kNm3] WB(2) = $\frac{- 91,7802 + 2*6,8901 + \frac{39}{2}*4}{\text{EJ}}$ = 0 [kNm3]
WC’(6) = $\frac{6,8901 + 39*6 - \frac{64,0909}{2}*4^{2} + \frac{19}{6}*4^{3}}{\text{EJ}} = \frac{- 69,1704}{\text{EJ}}$ [kNm3]
WC(6) = $\frac{- 91,7802 + 6*6,8901 + \frac{39}{2}*6^{2} - \frac{64,0909}{6}*4^{3} + \frac{19}{24}*4^{4}}{\text{EJ}} = \frac{170,591}{\text{EJ}}$ [kNm3]
WD’(7,5) = $\frac{6,8901 + 39*7,5 - \frac{64,0909}{2}*{5,5}^{2} + \frac{19}{6}*5^{3} - \frac{19}{6}*{1,5}^{3}}{\text{EJ}} = \frac{- 153,8181}{\text{EJ}}$ [kNm3]
WD(7,5) = $\frac{- 91,7802 + 7,5*6,8901 + \frac{39}{2}*{7,5}^{2} - \frac{64,0909}{6}*{5,5}^{3} + \frac{19}{24}*{5,5}^{4} - \frac{19}{24}*1,5^{4}}{\text{EJ}} = \ - 3,125*10^{- 5} \approx 0$[kNm3]
WE’(10) = $\frac{6,8901 + 39*10 - \frac{64,0909}{2}*8^{2} + \frac{19}{6}*8^{3} - \frac{19}{6}*4^{3} + \frac{7,0909}{6}*2.5^{3}}{\text{EJ}} = \frac{- 213,1929}{\text{EJ}}$ [kNm3]
WE(10) = $\frac{- 91,7802 + 10*6,8901 + \frac{39}{2}*10^{2} - \frac{64,0909}{6}*8^{3} + \frac{19}{24}*8^{4} - \frac{19}{24}*4^{4} + \frac{7,0909}{6}*2,5^{3}}{\text{EJ}} = \frac{- 483,504}{\text{EJ}}$ [kNm3]
4.1. Obliczanie maksymalnego ugięcia w belce
Maksymalne ugięcie wystąpi w przedziale BC w punkcie w którym zeruje się kąt ugięcia:
$6,8901 + 39x - \frac{64,0909}{2}*(x - 2)^{2} + \frac{19}{6}*(x - 2)^{3} = 0$ x≅5
Maksymalne ugięcie wynosi:
wmax = $\frac{- 91,7802 + 5*6,8901 + \frac{39}{2}*5^{2} - \frac{64,0909}{6}*3^{3} + \frac{19}{24}*3^{4}}{\text{EJ}} = \frac{205,886}{\text{EJ}}$
4.2. Projektowanie ze względu na stan graniczny użytkowania
wdop = $\frac{l_{\max}}{250} = \frac{5.5}{250} = 0,022\ \lbrack m\rbrack$
wmax ≤ wdop ⇒ $\frac{205,886}{EJ_{y}} \leq 0,022 \Rightarrow J_{y} \geq \frac{205,886*10^{3}}{0,022*205*10^{9}}$
$$271,0256a^{4} \geq \frac{205,886*10^{3}}{0,022*205*10^{9}}$$
a ≥ 0, 0202 [m]
5. Przyjęcie wymiarów przekroju belki.
Punkty 3.1;3.2; i 4.2 dowodzą, że o wymiarach
przekroju poprzecznego decyduje stan graniczny
użytkowania.
Do wykonania przyjęto a= 2, 5 * 10−2[m]
6. Wyznaczenie rozkładu naprężeń normalnych i stycznych w przekroju α-α
M∝ − ∝ = − 67, 7727 [kNm]
Q∝ − ∝ = 7, 0909[kN]
Jy = 271,0256a4 = 271,0856*0,02024 = 5,48 [m4]
6.1. Wyznaczenie wartości normalnych i stycznych
$\sigma_{x} = \frac{M_{\propto - \propto}}{J_{y}}*z = \frac{- 67,7727*10^{3}}{5,48}*z = - 12367,281*z\ $ [$\frac{N}{m^{2}}$]
$\tau_{\text{xz}} = - \frac{Q_{\alpha - \alpha}*S_{y}(z)}{J_{y}*b(z)} = - \frac{7,0909*10^{3}}{5,48}*\frac{S_{y}(z)}{b(z)} = - 1293,9598*\frac{S_{y}(z)}{b(z)}$[$\frac{N}{m^{2}}$]
z1=9,3375*10-2 [m]
σx1 = −12367, 281 * 9, 3375 * 10−2 = −1154, 7949 [Pa]
τxz = 0
z2 = 6,8375*10-2 [m]
σx2= - 845,6123 [Pa]
Sy(z) = 20 * 10−2 * 2, 5 * 10−2 * 11, 9125 * 10−2 = 5, 956 * 10−4[m3]
b(z) = 20 * 10−2[m]
τxz = −3, 853 [Pa]
b(z) = 15 * 10−2[m]
τxz = −5, 138 [Pa]
z = 4, 3375 * 10−2[m]
σx3= - 536,431 [Pa]
Sy(z) = 5, 956 * 10−4 + 2 * 2, 5 * 10−2 * 15 * 10−2 * 5, 5875 * 10−2 = 1, 015 * 10−3[m3]
b(z) = 15 * 10−2[m]
τxz = −8, 756 [Pa]
b(z) = 5 * 10−2[m]
τxz = −26, 267 [Pa]
z = 0[m]
σx4= 0 [Pa]
Sy(z) = 1, 015 * 10−3 + 2 * 2, 5 * 10−2 * 4, 3375 * 10−2 * 2, 169 * 10−2 = 1, 062 * 10−3[m3]
b(z) = 5 * 10−2[m]
τxz = −27, 484 [Pa]
z = −0, 6625 * 10−2[m]
σx5= 81,933 [Pa]
Sy(z) = 1, 062 * 10−3 * 2 * 2, 5 * 10−2 * 0, 6625 * 10−2 * ( − 0, 33125 * 10−2)=1, 061 * 10−3[m3]
b(z) = 5 * 10−2[m]
τxz = −27, 458 [Pa]
b(z) = 10 * 10−2[m]
τxz = −13, 729 [Pa]
z = −5, 6625 * 10−2[m]
σx6= 700,297 [Pa]
Sy(z) = 1, 061 * 10−3 + 2 * 5 * 10−2 * 5 * 10−2 * ( − 3, 1625 * 10−2)=9, 029 * 10−4[m3]
b(z) = 10 * 10−2[m]
τxz = −11, 683 [Pa]
b(z) = 5 * 10−2[m]
τxz = −23, 366 [Pa]
z = −10, 6625 * 10−2[m]
σx7= 1318,661 [Pa]
Sy(z) = 9, 029 * 10−4 + 2 * 2, 5 * 10−2 * 5 * 10−2 * ( − 8, 1625 * 10−2)=6, 988 * 10−4[m3]
b(z) = 5 * 10−2[m]
τxz = −18, 084 [Pa]
b(z) = 10 * 10−2[m]
τxz = −9, 042 [Pa]
z = −13, 1625 * 10−2[m]
σx8= 1627,843 [Pa]
τxz = 0 [Pa]
6.2. Rozkład naprężeń normalnych i stycznych w przekroju poprzecznym α-α
6.3. Wyniki z programu PRZEKROJ, wersja Jun 02 2004 11:34:48
az@limba.wil.pk.edu.pl (Adam Zaborski)
-------------------------------------------------------
dane:
-----
punkty:
1 ( 0.05 , 0 )
2 ( 0.05 , 0.075 )
3 ( 0.025 , 0.075 )
4 ( 0.025 , 0.125 )
5 ( 0.05 , 0.125 )
6 ( 0.05 , 0.175 )
7 ( 0 , 0.175 )
8 ( 0 , 0.225 )
9 ( 0.2 , 0.225 )
10 ( 0.2 , 0.175 )
11 ( 0.15 , 0.175 )
12 ( 0.15 , 0.125 )
13 ( 0.175 , 0.125 )
14 ( 0.175 , 0.075 )
15 ( 0.15 , 0.075 )
16 ( 0.15 , 0 )
17 ( 0.075 , 0.025 )
18 ( 0.075 , 0.2 )
19 ( 0.125 , 0.2 )
20 ( 0.125 , 0.025 )
elementy:
1 ( 1 - 2 )
2 ( 2 - 3 )
3 ( 3 - 4 )
4 ( 4 - 5 )
5 ( 5 - 6 )
6 ( 6 - 7 )
7 ( 7 - 8 )
8 ( 8 - 9 )
9 ( 9 - 10 )
10 ( 10 - 11 )
11 ( 11 - 12 )
12 ( 12 - 13 )
13 ( 13 - 14 )
14 ( 14 - 15 )
15 ( 15 - 16 )
16 ( 16 - 1 )
17 ( 17 - 18 )
18 ( 18 - 19 )
19 ( 19 - 20 )
20 ( 20 - 17 )
obciazenia:
sila poprzeczna = 7090.9 [N] moment = -67772.7[Nm] ,
kat = 0 [deg]
wyniki:
-------
pole = 0.02125
srodek ciezkosci: ( 0.1 , 0.131618 )[m]
Główne centralne momenty bezwladnosci:
I1 = Iy = 0.000105059 [m4]
I2 = Iz = 5.59896e-05 [m4]
Iyz = 0
Naprezenia normalne [Pa]:
1) 8.49055e+07
2) 3.65236e+07
3) 3.65236e+07
4) 4.26899e+06
5) 4.26899e+06
6) -2.79856e+07
7) -2.79856e+07
8) -6.02402e+07
9) -6.02402e+07
10) -2.79856e+07
11) -2.79856e+07
12) 4.26899e+06
13) 4.26899e+06
14) 3.65236e+07
15) 3.65236e+07
16) 8.49055e+07
17) 6.87782e+07
18) -4.41129e+07
19) -4.41129e+07
20) 6.87782e+07
7. Obliczenie naprężeń głównych i ich kierunków w punkcie K przekroju α-α
$\tau_{\sigma}^{K} = \begin{pmatrix} - 536,431 & - 26,267 \\ - 26,267 & 0 \\ \end{pmatrix}\ $[Pa]
$\sigma_{\begin{matrix} \max \\ \min \\ \end{matrix}}^{K} = \frac{\sigma_{x}^{K}}{2} \mp \sqrt{\left( \frac{\sigma_{x}^{K}}{2} \right)^{2} + \left( \tau_{\text{xz}}^{K} \right)^{2}} = \frac{- 536,431}{2} \pm \sqrt{(\frac{- 536,431}{2})^{2} + ( - 26,267)^{2}}$
σmaxK = −1, 283[Pa] σminK = −269, 499[Pa]
$$\text{tg} \propto_{\max} = \frac{\tau_{\text{xz}}^{K}}{\sigma_{\max}^{K}} = \frac{- 26,267}{- 1,283} = 20,473\ \rightarrow \ \alpha_{\max} = 87,204$$
$$\text{tg} \propto_{\max} = \frac{\tau_{\text{xz}}^{K}}{\sigma_{\min}^{K}} = \frac{- 26,267}{- 269,499} = 0,097\ \rightarrow \ \alpha_{\min} = 2,567$$
7.1. Naprężenia główne i ich kierunki w punkcie K przekroju poprzecznego α-α