PODSTAWY KONSTUKCJI MASZYN2

PODSTAWY KONSTUKCJI MASZYN

Projekt

Temat: Zaprojektować przekładnie zębatą jednego stopnia o zębach prostych według schematu.

Prowadzący:

Kpt. Mag inż. Grzegorz Leśnik

Sławomir Łuniewski

Grupa: A8U1S1

  1. Schemat przekładni.

  1. Dane

  1. Obliczenia

3.1 obliczenia ogólne

  1. Prędkość obrotowa na kole nr. 2


$$n_{2} = \frac{n_{2}}{i} = \frac{1410}{5,05} = 279,2$$

  1. Momenty skręcające (obrotowe)


$$M_{s1} = 9550\frac{P}{n_{1}} = 9550 \bullet \frac{13,8}{1410} = 93,47Nm$$


$$M_{s2} = \frac{9550P}{n_{2}} = 9550 \bullet \frac{13,8}{279,2} = 472Nm$$

  1. Liczba zębów koła nr 2


z2 = i • z2 = 5, 05 * 17 = 86

  1. Moduł

Dla podanych wyżej wartości przyjmujemy wartości współczynników odczytane z tabel:

-q (dla liczby zębów z1=17) q=3,48

-Kv=1,35

-Kgj=320

-Kε=1

-λ- szerokość wieńca, przyjmujemy 10mm


$$m \geq \sqrt[3]{\frac{2 \bullet M_{s1} \bullet K_{p} \bullet K_{v} \bullet q}{K_{\varepsilon} \bullet \lambda \bullet z_{1} \bullet K_{\text{gj}}}} = \sqrt[3]{\frac{2 \bullet 97,47 \bullet 1,125 \bullet 1,35 \bullet 3,48}{1 \bullet 10 \bullet 17 \bullet 320}} \cong 2,66mm$$

Przyjmujemy znormalizowany moduł m=3mm

  1. Średnica podziałowa

d1=m·z1=3·17=51mm

  1. Prędkość obrotowa


$$V = \frac{\Pi \bullet d_{1} \bullet n_{1}}{60 \bullet 1000} = \frac{3,14 \bullet 51 \bullet 1410}{60 \bullet 1000} = 3,76\frac{m}{s}$$

PO DALSZYCH OBLICZEŃ PRZYJMUJE WARTOŚCI WSPÓŁCZYNNIKÓW TAKIE SAME JAK W POPREDNICH PODPUNKTACH, m=3mm Kv=1,35 Kε=1

  1. Naciski maksymalne


$$P_{\max} = c \bullet \sqrt{\frac{K_{p} \bullet K_{v} \bullet F}{K_{\varepsilon} \bullet b \bullet d_{1}}\left( 1 + \frac{1}{i} \right)} \leq k_{0}$$


b = λ • m = 10 • 3 = 30mm


$$F = \frac{{2M}_{s1}}{d_{1}} = \frac{2 \bullet 93,47}{0,051} = 3665,5N$$

F- siła obwodowa


$$k_{0} = \frac{5 \bullet HB}{W}$$

Gdzie współczynniki W i HB są odczytane z tablic, które dla naszych danych przyjmują wartości: W=2,684 zaś HB zawiera się w przedziale 240÷290


$$k_{0min} = \frac{5 \bullet 240}{2,684} = 447,1MPa$$


$$k_{0max} = \frac{5 \bullet 290}{2,684} = 540,2MPa$$

Współczynnik c został odczytany z tablic i ma wartość 478,2


$$P_{\max} = 478,2 \bullet \sqrt{\frac{1,125 \bullet 1,35 \bullet 3665,5}{1 \bullet 30 \bullet 51}\left( 1 + \frac{1}{5,05} \right)} = 998,4MPa$$

Wartość Pmax jest zbyt duża, przyjmuje zatem większy moduł m=6mm

b = λ • m = 10 • 6 = 60mm

d1=m·z1=6·17=102mm


$$F = \frac{{2M}_{s1}}{d_{1}} = \frac{2 \bullet 93,47}{0,102} = 1832,7N$$


$$P_{\max} = 478,2 \bullet \sqrt{\frac{1,125 \bullet 1,35 \bullet 1832,7}{1 \bullet 30 \bullet 102}\left( 1 + \frac{1}{5,05} \right)} = 499,2MPa$$

  1. Wymiary kół


$$a = \frac{d_{1} + d_{2}}{2} = \frac{102 + 516}{2} = 309$$

  1. Wymiary reduktora

  1. Grubość ścian reduktora

δ = (0,025•a+1) = 0, 025 • 309 + 1 = 8, 8mm

δ≥8 więc przyjmujemy δ=10mm

  1. Odległość od wewnętrznej powierzchni reduktora do bocznej powierzchni obracającej się tarczy.

e=(1,0÷1,2) δ=10÷12mm

przyjmuje e=12mm

  1. Odległość od wewnętrznej powierzchni reduktora do bocznej powierzchni łożyska tocznego

e1=(3÷5)mm

przyjmuje e1=5mm

  1. Promieniowa odległość od wierzchołków kół zębatych do wewnętrznej powierzchni ścian korpusu.

e5=1,2 δ=1,2·10=12mm

  1. Promieniowa odległość od wierzchołków kół zębatych do wewnętrznej dolnej powierzchni ścianki korpus

e6=(5÷10) m= (60÷100) mm

przyjmuje e6=80mm

  1. Odległość od bocznych powierzchni części obracających się razem z wałem do nieruchomych części reduktora

e7=(5÷8) mm

przyjmuje e7=5 mm

3.4.1 Obliczenia wału

  1. Wymiary pierwszego wału

  1. Wyznaczenie zginania w płaszczyźnie pionowej.


$$P_{1} = \frac{{2M}_{s1}}{d_{1}} = \frac{2 \bullet 93,47Nm}{0,102m} = 1832,7N$$


Pr1 = P1 • tgα0 = 1832, 7 • tg20 = 667N

Gdzie α0 jest to kąt przyboru i standardowo wynosi 20°

obliczenia sił reakcji

RAz=RBz=333,5N


$$M_{g_{\text{zx}}} = R_{\text{Az}} \bullet \frac{l}{2}$$

l1 = b + 2 • e + 2 • e1 + B


$$R_{\text{Ay}} = R_{\text{By}} = \frac{P_{1}}{2} = \frac{1832,7}{2} = 916,35N$$


$$R_{A} = \sqrt{R_{\text{Az}}^{2} + R_{\text{Ay}}^{2}} = \sqrt{{333,5}^{2} + {916,35}^{2}} = 975,15N$$

obliczenie długości i średnicy wału w dalszej części

  1. Obliczenia łożysk

  1. Nośność ruchowa łożyska


$$C = P \bullet \frac{f_{h}}{f_{n}}$$

P = X • V • Pp + YPw $V\overset{\rightarrow}{}1\ \ \ \ \ \ P_{p}\overset{\rightarrow}{}R_{\text{A\ \ }}\text{\ \ \ \ \ Y}P_{w}\overset{\rightarrow}{}0$

Pp- siła poprzeczna Pw- siła wzdłużna V- ruchomy wałek


$$\alpha = \frac{P_{w}}{V \bullet P_{p}}\overset{\Rightarrow}{}\alpha = 0$$

Wartość X zależna jest od parametru α według schematu:


$$\alpha > e\overset{\Rightarrow}{}X = 0,56$$


$$\alpha < e\overset{\Rightarrow}{}X = 1$$

Zatem:

P=Pp=RA

Dla łożysk kulkowych zwykłych:


$$f_{h} = \sqrt[3]{\frac{T}{500}} = 2,15$$

fhwspółczynnik zależny od przewidywanego czasu pracy łożyska


$$f_{n} = \sqrt[3]{\frac{33,3}{n}} = 0,29$$

fnwspółczynnik zależny od prędkości obrotowej łożyska


$$C = P \bullet \frac{f_{h}}{f_{n}} = 975,15 \bullet 7,41 = 7229,6N$$

Na podstawie C jesteśmy w stanie wybrać odpowiednie łożyska. Optymalne w naszym przypadku są łożyska o symbolu 6006, które według danych zawartych w tablicach posiadaja wymiary:

-d=30mm

-D=55mm

-B=13mm

-r=1mm

3.4.2 Dalsza część obliczeń wałów

l1 = b + 2 • e + 2 • e1 + B = 60 + 24 + 10 + 13 = 107mm


$$M_{g_{\text{zy}}} = R_{\text{Az}} \bullet \frac{l_{1}}{2} = 333,5 \bullet 0,05035 = 17,84Nm$$


$$R_{\text{Ay}} = R_{\text{By}} = \frac{P_{1}}{2} = \frac{1832,7}{2} = 916,35N$$


$$M_{g_{\text{xy}}} = R_{\text{Ay}} \bullet \frac{l_{1}}{2} = 916,35 \bullet 0,05035 = 46,14Nm$$


$$M_{\text{gw}} = \sqrt{M_{\text{gxy}}^{2} + M_{\text{gzy}}^{2}} = 49,47Nm$$


Ms1 = 93, 47Nm


$$\alpha = \frac{k_{\text{go}}}{{2k}_{\text{sj}}} = 0,47$$

Przyjmujemy wartość współczynnika $\alpha = \frac{\sqrt{3}}{2}$ dla którego moment zastępczy Mz dla dominującego skręcania (ponieważ Mg<2Ms ) oblicza się ze wzoru:


$$M_{z} = \sqrt{{\frac{16}{3}M}_{\text{go}}^{2} + M_{\text{sj}}^{2}}$$


$$M_{z} = \sqrt{\frac{16}{3}M_{\text{go}}^{2} + M_{\text{sj}}^{2}} = 147,6Nm$$

-Zginanie:


$$d \geq \sqrt[3]{\frac{{10M}_{\text{gw}}}{k_{\text{go}}}}\overset{\Rightarrow}{}d \geq 17,65mm$$

Zginanie i skręcanie


$$d \geq \sqrt[3]{\frac{{10M}_{z}}{k_{\text{go}}}}\overset{\Rightarrow}{}d \geq 25,4\text{mm}$$

- skręcanie


$$d \geq \sqrt[3]{\frac{{5M}_{s}}{k_{\text{sj}}}}\overset{\Rightarrow}{}d \geq 17mm$$

Wał o średnicy 40mm na całej długości spełnia warunki.

3.4.3 Obliczenia wału drugiego

  1. Wyznaczenie zginania w płaszczyźnie pionowej.


$$P_{1} = \frac{{2M}_{s2}}{d_{2}} = \frac{2 \bullet 472\text{Nm}}{0,516m} = 1829,5N$$


Pr1 = P1 • tgα0 = 1829, 5 • tg20 = 666N

Gdzie α0 jest to kąt przyboru i standardowo wynosi 20°

obliczenia sił reakcji

RAz=RBz=333N


$$M_{g_{\text{zx}}} = R_{\text{Az}} \bullet \frac{l}{2}$$

l1 = b + 2 • e + 2 • e1 + B


$$R_{\text{Ay}} = R_{By} = \frac{P_{1}}{2} = \frac{1829,5}{2} = 914,75N$$


$$R_{A} = \sqrt{R_{\text{Az}}^{2} + R_{\text{Ay}}^{2}} = \sqrt{333^{2} + {914,75}^{2}} = 973,5N$$

Siły reakcji są niemalże identyczne z siłami w wale pierwszym, dlatego przyjmuje takie same łożyska o symbolu 6006.

l1 = b + 2 • e + 2 • e1 + B = 60 + 24 + 10 + 13 = 107mm


$$M_{g_{\text{zy}}} = R_{\text{Az}} \bullet \frac{l_{1}}{2} = 333 \bullet 0,05035 = 16,77Nm$$


RAy = RBy = 914, 75N


$$M_{g_{\text{xy}}} = R_{\text{Ay}} \bullet \frac{l_{1}}{2} = 914,75 \bullet 0,05035 = 46,05Nm$$


$$M_{\text{gw}} = \sqrt{M_{\text{gxy}}^{2} + M_{\text{gzy}}^{2}} = 49Nm$$


Ms1 = 472Nm


$$\alpha = \frac{k_{\text{go}}}{{2k}_{\text{sj}}} = 0,47$$

Przyjmujemy wartość współczynnika $\alpha = \frac{\sqrt{3}}{2}$ dla którego moment zastępczy Mz dla dominującego skręcania (ponieważ Mg<2Ms ) oblicza się ze wzoru:


$$M_{z} = \sqrt{{\frac{16}{3}M}_{\text{go}}^{2} + M_{\text{sj}}^{2}}$$


$$M_{z} = \sqrt{\frac{16}{3}M_{\text{go}}^{2} + M_{\text{sj}}^{2}} = 485,6Nm$$

Sprawdzenie średnicy wału w poszczególnych przedziałach:

-Zginanie:


$$d \geq \sqrt[3]{\frac{{10M}_{\text{gw}}}{k_{\text{go}}}}\overset{\Rightarrow}{}d \geq 17,65mm$$

Zginanie i skręcanie


$$d \geq \sqrt[3]{\frac{{10M}_{z}}{k_{\text{go}}}}\overset{\Rightarrow}{}d \geq 37,8mm$$

- skręcanie


$$d \geq \sqrt[3]{\frac{{5M}_{s}}{k_{\text{sj}}}}\overset{\Rightarrow}{}d \geq 28,18\text{mm}$$

Wał o średnicy 40mm na całej długości spełnia warunki.

4.6 Obliczenia wpustów

Dla wału o średnicy 40mm nominalnymi wartościami wielkości wpustu są: b=12mm h=8mm l=28-140mm.Wartość naprężeń dla połączeń ruchowych wynosi kd=20-50MPa.

  1. Wpust kola zębatego nr 1


$$l_{0} = \geq \frac{{4M}_{s}}{h \bullet d_{w} \bullet k_{d}} = \frac{4 \bullet 93,47}{0,008 \bullet 0,04 \bullet 40 \bullet 10^{6}} = 29,2mm$$

Możemy przyjać l0=30mm

Aby znać całkowitą długość wpustu należy do l0 dodać wartość b/2 (dla wpustu zaokrąglonego jednostronnie) a więc l=36mm

  1. Wpust kola zębatego nr 2


$$l_{0} = \geq \frac{{4M}_{s}}{h \bullet d_{w} \bullet k_{d}} = \frac{4 \bullet 472}{0,008 \bullet 0,04 \bullet 50 \bullet 10^{6}} = 118,5mm$$

Długość wpustu jest zbyt duża w stosunku do szerokości piasty, dlatego przyjmujemy dwa wpusty o długości l0/2 Mamy dwa wpusty o długościach 60mm. Całkowite długości wpustów wynoszą 66mm


Wyszukiwarka

Podobne podstrony:
PODSTAWY KONSTUKCJI MASZYN2
,podstawy konstukcji maszyn I, Nieznany (2)
PODSTAWY KONSTUKCJI MASZYN
krawiec,podstawy konstrucji maszyn II,zarys ewolwentowy i cykloidalny
Projekt z podstaw konstrukcji maszyn
sprawko pbm, Szkoła, Semestr 2, Podstawy Budowy Maszyn I, PBM'y
Podstawy konstrukcji maszyn Mazanek cz 2
podstawy konstrukcji maszyn I ETI
belka, Podstawy konstrukcji maszyn(1)
buum, PWr, PKM, Podstawy konstrukcji maszyn, Pytania
osie i wały, Podstawy konstrukcji maszyn zadania, PKM
Badanie efektywnosci pracy hamulca tasmowego1, Mechanika IV semestr, Podstawy Konstrukcji Maszyn UT
,PODSTAWY KONSTRUKCJI MASZYN, POŁĄCZENIA SPAWANE
krawiec,podstawy konstrucji maszyn II,WAŁY
krawiec,podstawy konstrukcji maszyn I,wytrzymałość zmęczeniowa
,PODSTAWY KONSTRUKCJI MASZYN, SPRZĘGŁA
krawiec,podstawy konstrukcji maszyn I,Pytania do egzaminu

więcej podobnych podstron