mechanika46

mechanika46



(2) -> N = Q2 = QcosP=^30, T=\lN = ^=0^^? = 0,1^0

(i) => /* = <?,

0,81 IG = <? sin p +0,1V''3<?

0,81 IG - [-i + 0,1 v^|<? => 0,811G = 0,673Q |:0,8ll G = Gnuu = 0,8300 = 0,830 *2000 = 1660 N Odp.: Gnnn - 0,2650 = 530 N, Gniat = 0,8300 = 1660 N.

Zadanie* 137

Dwa krążki sztywno ze sobą połączone o łącznym ciężarze Q i promieniach r, 2r. znajdujące się na rówmi pochyłej, połączono za pomocą nieważkiej liny z blokiem o nieznanym ciężarze G. Lina jest jednokrotnie owinięta na nieni chomym krążku. Wyznaczyć ekstremalne wartości ciężaru G, przy których układ jest w równowadze granicznej. Uwzględnić opór toczenia krążków na równi oraz tarcie cięgna o krążek. Sprawdzić, czy nie nastąpi poślizg krążków na równi.


Rozwiązanie

Jeśli Gmm £ G <. Gmał, to układ pozostaje w równowadze statycznej.

Po przekroczeniu punktu równowagi granicznej (G < Gwfcl) nastąpi obrót krążków przeciwnie do ruchu wskazówek zegara. Punkt podparcia kiążków na równi ulega również przesunięciu w lewo o ramię /. Po myślowym przecię

92


Statyka 1.2.3 Równoważni graniczna mechanizmów płaskich / tarciem

* im lin w punktach styku z ciałami sztywnymi, ujawniamy na li łiouuit obliczeniowy ma postać:


huluktod III: IRRS

) Y - 0: R-C, = 0 =1 R • G

hiluklad II (cięgno jednokrotnie owinięte na krążku):

*    - 30c - 90° ♦ 360° = 480° = 480° •—— 1 8,378 rad

180a

r t»mR - exp (0,15-8,378)G - 3,514G

(1)

(2) (3)


I m luk lad I 3RRS N X = 0:    P Q.+H = 0

\ Y - 0:    N -Q, = 0

»0 « 0: H 2r - Nf- Pr = 0

ill =1 « - <?. P - -<? - 3.514G

2

Ul -> iV- Q2 =

10,542G    0,9957G |: 10,542, G = Gmjn = 0,0945<?


//    3,514-0,0945$ =1 0.168$

Siiiiyk.i 1.2.». Równowaga graniczna mechanizmów płaskich z inrcicm

1

   »» =>■ |- 3,514G | -2r - ^ Q‘ 0,005r - 3,5 14Gr = 0 \ :r


Wyszukiwarka

Podobne podstrony:
30    N* LUO, XII. IG W d biU AU d-Jl. 17
mechanika (27) 07 Mli m _r _ poetek /pfi&y * G{/m r <p * c( v/ I Ig■
r-f,MECHANIKA -p-t^NÓW 2ALcz£NB 01044 -(.Pod,Wwi ńó«Mia*.bc rrcc^n.t. pićjtóu
-50- Cieplnej grupujący 4 katedry Wydziału Mechanicznego Energetyki i Lotnictwa. 30 października
Bez?tytu?u1 osoba 30 osoba 81 osoba 32 Alabama Alaska zamknąć samochód topnieć A parkować
30 tendo m bicipitis brachii sin dOOapWmentcfArwlomy fiłnstn Mhiff Rnaflflmh lltoattfBtytfWraw&nb
30 (184) g 9,81 Ft = (kr +kai)-G = (0,0025 + 0,0499) • 92,21 = 4,83N Gdzie: kai-rezystancja przyspie
mechana2wrzesien2008cw7 Zadania egzaminacyjne z Mechaniki 2 u prof. Sado 11IX 2008 o O - środek obro
Mechanika ogolna0010 20 m(rM-cp + 2fM-(p) = £pi(p=:-P-sin(p    (43) i=l Ponieważ rM =
D 23 23 100% 61 31 48,17 szkoła 100 100 100% 87 30 49,81 kraj
ChZT jpeg Czas Wartość ChZT [mg Q2/dm3] O KJ W ** Ln ^—.—1—.—— i-... ... . . 1.

więcej podobnych podstron