plik


ÿþPodstawy Elektrotechniki - Stany nieustalone II. Metoda Operatorowa Zadanie o.1 Wyznaczy prd i2(t). Po zastosowaniu przeksztaBcenia Laplace a E Io= 2R E + Lio 1 1 1 Lio s V( + + ) = - R + sL R + sL R + sL R + sL R + sL E + Lio 3 Lio s V = - R + sL R + sL R + sL E V= s(R + sL) 1 V E E I2 (s)= = = R R + sL 3s(R + sL) 3Ls( + s) L R R - t - t E E E E L L i2 (t) = + e = [ - e ] 3R - 3R 3R 3R Zadanie o.2 Obliczy napicie na zaciskach wyBcznika w chwili t=0 i napicia na C1 i C2 w chwili t=T. a) t=0: E E EC3 EC3 E 1 s s J (s) = = = = = 1 2RC3s +1 1 1 2RC3s +1 2R + (s + )2RC3 2R (s + ) C3s C3s 2RC3 2RC3 1 - t E 2 RC3 i(t) = L-1{J (s)} = e 2R 1 1 t t - t - t 1 1 E 1 E 2 RC3 2RC3 U (t) = e dt = [-2RC3e ]t = c3 0 +"i(t)dt = C3 +" C3 0 2R C3 2R 0 1 1 - - E 2RC3t 2RC3 = [-2RC3e + 2RC3 ] = E(1 - e C3 2R 1 1 - t - t E E 2RC3 2RC3 U (t) = i(t)R = Re = e R 2R 2 1 1 1 1 - - t - t - t E 1 2RC3 2RC3 2RC3 2RC3 Uwyl (t) = Uc3(t) +UR (t) = E(1- e ) + e = E(1- e + e ) 2 2 b) t=T E E(C1 + C2 ) E(C1 + C2 ) E 1 s J (s) = = = = 1 1 1 Rs(C1 + C2 ) +1 R R + (s + s + s(C1 + C2 ) RC(C1 + C2 )R(C1 + C2 ) RC(C1 + C2 ) 1 - t E R(C1+C2 ) J (t) = L-1{J (s)} = e R Obliczamy napicie na C1 i C2 pamitajc |e: Cz=C1+C2 2 1 1 t t - t - t 1 1 E E R(C1+C2 ) RC (C1+C2 ) Uc1(t) = Uc2 (t) = e dt = [-RC(C1 + C2 )e ]t = 0 +"i(t)dt = Cz +" Cz 0 R RCz 0 1 1 - t - t - ER(C1 + C2 ) ER(C1 + C2 ) R(C1+C2 ) R(C1+C2 ) e + = E(1- e ) R(C1 + C2 ) R(C1 + C2 ) Zadanie o.3 Wyznaczy rozpByw prdów w ukBadzie przedstawionym poni|ej dla dwóch przypadków zamykania i otwierania wyBcznika. Dla obwodu przedstawionego na rysunku równania ró|niczkowe maj posta: di1 di2 R1i1 + L1 - M = u1 dt dt di1 di2 - M + R2i2 + L2 u = 0 dt dt Te same równania w rachunku operatorowym: (R1+sL1)I1(s)-sMI2(s)=U1(s)+L1i1(0)-Mi2(0) -sMI1(s)+(R2+sL2)I2(s)=L2i2(0)-Mi1(0) Przy zerowych warunkach pocztkowych równania powy|sze upraszczaj si do postaci Z1(s)I1(s)-sMI2(s)=U1(s) -sMI1(s)+Z2(s)I2(s)=0 przy czym: Z1(s)  impedancja operatorowa obwodu 1; Z2(s)  impedancja operatorowa obwodu 2. 1. Zamykanie wyBcznika. U Z równaD przy U (s) = otrzymujemy S Z2 (s) U I1(s) = 2 Z1(s)Z2 (s) - s2M s M I2 (s) = U 2 Z1(s)Z2(s) - s2M 3 Po podstawieniu: Z1(s)=R1+sL1; Z2(s)=R2+sL2; L1L2=M2 otrzymujemy sL2 + R2 I1(s) = U s[s(L1R2 + L2R1) + R1R2 ] R2 s + UL2 L2 I1(s) = L1R2 + L2R1 s[s R1R2 ] + L1R2 + L2R1 RozkBadamy na uBamki proste UL2 L1R2 + L2R1 1 L1R2 1 I1(s) = [ - ] L1R2 + L2R1 L2R1 s L2R1 s + R1R2 L1R2 + L2R1 U 1 L1R2 1 I1(s) = [ - R1 s L1R2 + L2R1 s + R1R2 L1R2 + L2R1 L1 L2 Po podstawieniu = Ä1, = Ä2 otrzymujemy przebieg prdu R1 R2 t U Ä1 -Ä1+Ä2 i(t) = [1- e ] R1 Ä1 +Ä 2 Prd w obwodzie 2 MU I2 (s) = s(L1R2 + L2R1) + R1R2 MU 1 I2 (s) = L1R2 + L2R1 s + R1R2 L1R2 + L2R1 t - MU Ä1+Ä2 i2 (t) = e L1R2 + L2R1 Prdy w stanie ustalonym: U i1u = ;i2u = 0 R1 2. Otwieranie wyBcznika. 4 Po otwarciu wyBcznika obwód 1 zostaje przerwany, wic i1=0. Prd mo|e pByn tylko w obwodzie 2. W celu jego obliczenia podstawimy w równaniach: U I1(s) = 0;i1(0-) = ;i2 (0-) = 0 przyjmujc, |e przy zamknitym wyBczniku zostaB uprzednio R1 osignity stan ustalony. MU I2 (s)(sL2 + R2 ) = -Mi1(0) = - R1 MU 1 I2 (s) = - L2R1 s + R2 L2 std t - MU Ä2 i2(t) = - e L2R1 Zadanie o.4 W obwodzie jak na rysunku w chwili t=0 zamknito wyBcznik W. Obliczy przebiegi napi na obydwu kondensatorach, je|eli wiemy, |e u1(0) = u2(0) = 0. T=0 R R W C C E=const U1(t) U2(t) Rozwizanie: Korzystajc z metody potencjaBów wzBowych otrzymujemy: 5 E pR E(RCp + 1) U1( p) = = 2 1 1 p[(RC)2 p + 3RCp + 1] + pC + 1 R R + pC U1( p) 1 E U ( p) = Å" = 2 1 pC p[(RC)2 p2 + 3RCp + 1] R + pC Przy przej[ciu na posta czasow korzystamy z I wzoru Heaviside a. Równanie ma posta: H(p)=(RC)2p2+3RCp+1=0 posiada dwa nastpujce pierwiastki: 3 3 1 1 p1,2 = - ± ( )2 - ( )2 = (-1,5 ± 1,118) 2RC 2RC RC RC 0,382 2,618 p1 = - p2 = - RC RC Po obliczeniach mamy: RCp1 +1 RCp2 +1 1 2 u1(t) = EÅ"[1+ ep t + ep t ] = (RC)2 p1(p1 - p2) (RC)2 p2(p2 - p1) 0,328t 2,618t - - RC RC = EÅ"[1-0,723e -0,276e ]Å"1(t) p1t p2t e e u2 (t) = E Å"[1 + + ] = (RC )2 p1 ( p1 - p2 ) (RC )2 p2 ( p2 - p1 ) 0,382 t 2,618 t - - RC RC = E Å"[1 - 1,170 Å" e + 0,170 Å" e ] Å"1(t) Zadanie o.5 Wyznaczy napicia na kondensatorze. 6 ëø öø 1 E E E ìø ÷ø I1(s)ìø R + - I2 (R) = - = sC1 ÷ø s 2s 2s íø øø ëø öø 1 ìø ÷ø I2 (s)ìø R + R + - I1(R) = 0 sC2 ÷ø íø øø C1 I1(s)(RsC1 +1)- I2 (s)RsC1 = E 2 I2 (s) - I1(s)RsC2 + (2RsC2 +1) = 0 2 RsC1 +1 - RsC1 Wg = = R2C1C2s2 + s(RC1 + 2RC2 ) +1 - RsC2 2RsC2 +1 C1 E - RsC1 = E C1 (2RsC2 +1) WI = 2 1 2 0 2RsC2 +1 C1 C1 RsC1 +1 E WI = = E RsC2 2 2 2 - RsC2 0 E C1C2Rs 2 I2 (s) = R2C1C2s2 + (RC1 + 2RC2 )s +1 E C1R 2 UC 2 (s) = R2C1C2s2 + (RC1 + 2RC2 )s +1 C1 =C = C 2 2 M (s) = s2C R2 + s3RC +1 2 › = 9(RC)2 - 4C R2 = 5(RC)2 - 3 5 r1,2 = ± 2RC 2RC - 0.76 - 0.38 s1 = = 2RC RC - 3 Å" 2.24 - 2.62 s2 = = 2RC RC 7 E ëø öø ìø ÷ø E 1 1 2 1 2 ìø UC 2 (s) = E" er t + er t ÷ø 0.38 2.62 2.62 0.38 RC(s - s1)(s - s2 ) 2RC ìø ÷ø - + - + ìø ÷ø íø RC RC RC RC øø ëø öø ìø ÷ø E 1 1 1 2 ìø UC 2 (t) = er t + er t ÷ø 2.24 2.24 2RC ìø ÷ø - ìø ÷ø íø RC RC øø E 1 E ëø 1 2 1 2 UC 2 (t) = (er t - er t )öø = (er t - er t) ìø ÷ø 2 2.24 4.48 íø øø Zadanie o.6 Wyznaczy uc(t) dla wymuszenia przedstawionego na rys. o.6 Rys. o.6 Przebieg e(t) i jego rozkBad na skBadowe e1, e2. Przebieg e(t) mo|na przedstawi jako sum przebiegów e1(t) i e2(t). 8 E e1(t) = t Ä1 E e2(t) = - (t -Ä1) Ä1 E E e(t) = t - (t -Ä1) Ä1 Ä1 Przechodzc na posta operatorow: E E E 1 1 E(s) = - e-sÄ = [1 - e-sÄ ] Ä1s2 Ä1s2 Ä1s2 Napicie na kondensatorze wyznaczamy nastpujco: E(s) = I(s)R +U(s)Ò! E(s)-U(s) = I(s)R 1 E(s)-U(s)* 1 1 1 U(s) = I(s)* = = E(s)* -U(s)* sC R sC sRC sRC 1 1 ëø1 öø U(s)* + = E(s)* ìø ÷ø sRC sRC íø øø U(s)*(sRC +1) = E(s) E(s) E(s) U(s) = = 1+ sRC 1 öø RCëø s + ìø ÷ø RC íø øø E îø ùø 1 (1- e-sÄ ) ïø úø 1 Ä1s2 E(1- e-sÄ ) E 1 1 1 ïø úø U(s) = = = - e-sÄ 1 1 Ä1RC 1 1 öø öø ïøs ëøs + öø ëø öø úø 2 RCëø s + Ä1s2 RCëø s + s2 s + ìø ÷ø ìø ÷ø ìø ÷ø ìø ÷ø ïø úø RC RC RC RC íø øø íø øø íø øø íø øø ðø ûø Opierajc si na zale|no[ci : a2 a" at -(1- e-at) s2(s + a) Otrzymujemy: 9 2 1 îø ùø Eëø öø ïø ìø ÷ø úø RC 1 1 íø øø ïø U (s) = - e- sÄ1 úø = 2 1 1 ïø ëø öø ëø öø úø 1 2 2 ëø öø s s + s s + ìø ÷ø ìø ÷ø Ä RC ìø ÷ø 1 ïø úø RC RC íø øø íø øø RC ðø ûø íø øø 2 2 îø ùø 1 1 ëø öø ëø öø ïø ìø ÷ø ìø ÷ø úø E RC RC íø øø íø øø ïø 1 = - e-sÄ úø 1 ïø úø 1 1 ëø öø ëø öø 2 2 Ä s s + s s + ìø ÷ø ìø ÷ø 1 ïø úø RC RC RC íø øø íø øø ïø úø ðø ûø Przechodzc na posta czasow otrzymujemy : 1 1 îø ùø îø ùø îø ùø ëø - t öø ëø - (t-Ä1 ) öø ERC 1 ìø1- RC ÷øúø 1 ìø1- RC ÷øúøúø (t U(t) = ïø t - e - ïø -Ä1)- e ïø ìø ÷øúø ïø RC ìø ÷øúøúø Ä1 ïøðø RC øø íø øø ûø ðø ûø ðøïø íø ûø Zadanie o.7 e(t)=E+E(t-Ä)-2E(t-2Ä) E E 2E E(s)= + e-Äs - e-2Äs s s s 10 E(s)=I(s)R+I(s)SL E(s)=I(s)(R+SL) E(s) = I(s) R L( + S) L 1 1 2 E E 1 e-Äs 2e-2Äs S S S I(s)= [ + e-Äs - e-2Äs ] = [ + - ] R R R R R R L L ( + S) ( + S) ( + S) S(S + ) S(S + ) S(S + ) L L L L L L Korzystajc z zasady: F1 (s) F1 (sk ) f(t)= =£ est F2 (s) F2' (sk ) otrzymujemy: ëø öø R R R ìø ÷ø - t - (t -Ä ) - (t -2Ä ) E 1 1 1 1 1 1 L L L i(t)= [( + e ) + ( + e ) - ìø ÷ø + e ) ] R R R R R R L ìø ÷ø - - - ìø ÷ø íø L L øø L L L L R R R R R R - t - (t-Ä ) - (t -2Ä ) - t - (t -Ä ) - (t -2Ä ) E E L L L L L L i(t)= [(1- e ) + (1- e ) - (1- e ] = [1- e - e + e ] R R Zadanie o.8 W obwodzie przedstawionym na rysunku obliczy napicie na cewce. 11 Napicie zasilajce ma posta: Poszczególne przebiegi wynosz; E e1(t) = t Å"1(t) T E e2(t) = - t Å"1(t - T) T E e3(t) = t Å"1(t - 2T) T E e4(t) = - t Å"1(t - 3T) T e5(t) = -2E Å"1(t - 4T) CaBkowity przebieg napicia e(t) = e1(t) + e2(t) + e3(t) + e4(t) + e5(t) E E E E e(t) = t Å"1(t) - t Å"1(t - T) + t Å"1(t - 2T) - t Å"1(t - 3T) - 2E Å"1(t - 4T) T T T T czyli E 1 E 1 E 1 E 1 1 E(s) = Å" - Å" e- sT + Å" e- s2T - Å" e- s3T - 2E e- s4T T T T T s s2 s2 s2 s2 E(s) I(s) = (3R + sL) Tym samym napicie UL: E(s) UL (s) = Å"sL (3R + sL) Po podstawieniu do wzoru na napicie 12 E 1 E 1 E 1 E 1 1 Å" - Å" e- sT + Å" e- s2T - Å" e- s3T - 2E e- s4T T T T T s s2 s2 s2 s2 UL (s) = Å" sL 3R + sL EL ELe- sT ELe- s2T ELe- s3T 2ELe- s4T UL (s) = - + - + Ts(3R + sL) Ts(3R + sL) Ts(3R + sL) Ts(3R + sL) (3R + sL) Obliczamy poszczególne czBony EL EL 1 U1 (s) = = Å" L 3R Ts(3R + sL) TL s(s + ) L 3R 3R - t - t E L E L L u1 (t) = Å" (1 - e ) = (1 - e ) L TL 3R T3R ELe- sT EL e- sT U2 (s) = - = Å" L 3R Ts(3R + sL) TL s(s + ) L 3R 3R îø ùø îø ùø - (t - T) - (t - T) ïø úø ïø úø E L E L L u2 (t) = Å" Å"1(t - T)úø = Å"1(t - T)úø ïø1(t - T) - e ïø1(t - T) - e L TL 3R T3R ïø úø ïø úø ðø ûø ðø ûø ELe- s2T EL e- s2T 3 UL (s) = = Å" 3R Ts(3R + sL) TL s(s + ) L 3R 3R îø ùø îø ùø - (t - 2T) - (t - 2T) ïø úø ïø úø E L E 3 L L uL (t) = Å" Å"1(t - 2T)úø = Å"1(t - 2T)úø ïø1(t - 2T) - e ïø1(t - 2T) - e TL 3R T3R ïø úø ïø úø ðø ûø ðø ûø ELe- s3T EL e- s3T U4 (s) = - = Å" L 3R Ts(3R + sL) TL s(s + ) L 3R 3R îø ùø îø ùø - (t - 3T) - (t - 3T) E L ïø úø E ïø úø u4 (t) = Å" Å"1(t - 3T)úø = Å"1(t - 3T)úø ïø1(t - 3T) - e L ïø1(t - 3T) - e L L TL 3R T3R ïø úø ïø úø ðø ûø ðø ûø 13 2ELe- s4T e- s4T U5 (s) = = -2E Å" L 3R (3R + sL) (s + ) L 3R îø ùø - (t - 4T) ïø úø L u5 (t) = -2Eïøe Å"1(t - 4T)úø L ïø úø ðø ûø Napicie na cewce wynosi 2 uL (t) = u1 (t) + uL (t) + u3 (t) + u4 (t) + u5 (t) L L L L ñø 3R 3R üø îø ùø - t - (t - T) ôø ôø ïø úø E L u(t) = Å"1(t - T)úø +ýø òø(1 - e L ) - ïø1(t - T) - e T3R ôø ôø ïø úø ðø ûø óø þø 3R 3R îø ùø îø ùø - (t - 2T) - (t - 3T) ïø úø ïø úø L L + - 2T) - e Å"1(t - 2T)úø - - 3T) - e Å"1(t - 3T)úø + ïø1(t ïø1(t ïø úø ïø úø ðø ûø ðø ûø 3R ñø üø - (t - 4T) ôø ôø L - 2Eòøe Å"1(t - 4T)ýø ôø ôø óø þø Zadanie o.9 Obliczy przebieg prdu w obwodzie je|eli w ukBadzie dziaBa wymuszenie o przebiegu jak na rysunku: RozkBadamy podan funkcj na skBadowe: T 3 e(t) = E1(t) - E1(t - ) + E1(t - T ) - E1(t - T ) + E1(t - 2T ) - ... 2 2 dokonujemy przeksztaBcenia Laplace a 14 T 3 E(s) = L[E1(t) - E1(t - ) + E1(t - T ) - E1(t - T ) + E1(t - 2T ) - ...] 2 2 T 3 -s - sT E E E E E 2 2 E(s) = - e + e-sT - e + e-2T - ... s s s s s sT 3 - - sT E 2 2 E(s) = (1- e + e-sT - e + e-2sT - ...) s Wyra|enie w nawiasie jest cigiem geometrycznym wic: E 1 E(s) = ( ) sT s - 2 1+ e Obliczamy prd w obwodzie: T 3 -s - sT E sT 3 2 2 - - sT Cs(1- e + e-sT - e + ...) 2 2 E(s) E(s) *Cs E 1- e + e-sT - e + ... s J (s) = = = = * 1 1 1 RsC +1 s R + (s + )RC (s + ) sC RC RC Dokonujemy odwrotnego przeksztaBcenia Laplace a 1 1 T 1 - t - (t - ) - (t-T ) E T RC RC 2 RC i(t) = L-1{J (s)} = *[e *1(t) - e *1(t - ) + e *1(t - T )...] R 2 Zadanie o.10 Okre[li odpowiedz u(t) ukBadu RL na napicie wymuszajce e(t) jak na rysunku R e(t) L UL e(t) 2E E t T 15 Zadanie o.11 Wyznaczy napicie na kondensatorze dla wymuszenia przedstawionego poni|ej. 16 T öø e(t) = Em Å" sin Ét Å"1(t) - 2Em Å" sin Ét Å"1ëøt - ÷ø + Em Å" sin Ét Å"1(t - T ) ìø 2 íø øø E(s) 1 UC (s) = 1 sC R + sC E(s) UC (s) = 1+ sRC îø T T ùø T ëø öø öø e(t) = Em Å" sin Ét Å"1(t) - 2Em Å" sin - ÷ø ìø Å"1ëøt - ÷ø + Em Å" sin[É(t - T )+ ÉT]Å"1(t - T ) ïøÉìøt 2 + É 2 úø 2 íø øø íø øø ðø ûø ÉT T j - s 1 1 1 jÉT 2 2 E(s) = Em - 2Eme Å" e Å" + Eme Å" eTs Å" s - jÉ s - jÉ s - jÉ 2  gdzie : É = T T ëø E(s) 1 Em ìø1 j  - s öø 1 2 UC (s) = Å" = - 2e Å" e + e2 -Ts ÷ø Å" ìø ÷ø 1 sC RC 1 öø íø øø R + (s - jÉ)ëø s + ìø ÷ø sC RC íø øø 1 T T 1 ëø t öø ëø jÉ - t öø Em 1 T öø jÉt ìøëø - 2e jÉt - e- RC 2 2 RC RC ìø ÷ø ÷ø UC (t) = Å"1(t) + 2ìøe Å" e - e Å" e Å"1ëøt + ìø ÷ø ìø ÷ø ìø ÷ø ìøíø 1 RC 2 íø øø øø íø øø íø + jÉ RC T 1 ëø - t öø jÉT jÉt RC RC ìø ÷ø + e Å" e - e Å" e Å"1(t - T ) ) ìø ÷ø íø øø Zadanie o.12 Wyznaczy UL(t) dla napicia zasilania e(t) jak na wykresie. 17 Napicie wymuszajce: T e(t) = Em sin Ét1(t) + Em sin Ét1(t - ) 2 T - s 1 1 2 E(s) = Em + Eme s - jÉ s - jÉ Odpowiedz ukBadu: T ëø -s öø E(s) s 2 ÷ø U (s) = sL = Em ìø1 + e L ìø ÷ø R R + sL íø øø (s - jÉ)(s + ) L s A B = + R - a s + b s (s - jÉ)(s + ) L A(s + b) + B(s - a) s = (s - a)(s + b) (s - a)(s + b) As + Bs + Ab - Ba = s A + B = 1 ñø òø óøAb - Ba = 0 A = 1 - B b(1 - B) - Ba = 0 b - B(b + a) = 0 b B = b + a a A = b + a 1 îø ùø îø1(t) + 1(t - T U (t) = Em )ùø Å" (Ae-at + Bebt )úø L ïø ïø úø R 2 ðø ûø ðø ûø ( + jÉ) L Po podstawieniach otrzymamy: ÉL ÉL R îø j(Ét -ar ctg ) - jar ctg - t ùø Em R R L U (t) = + Re e ïøÉLe úø1(t) + L (R2 + (ÉL)2 ðø ûø ÉL ÉL RT R îø j(Ét -ar ctg ) -ar ctg - t ùø Em T R R 2L L + + Re e e - ) ïøÉLe úø1(t 2 R2 + (ÉL)2 ðø ûø Przyjmijmy oznaczenie: ÉL Õ = ar ctg R R - t L uL (t) = (Em sin Õ cos(Ét - Õ) - Em cosÕ sin Õe )1(t) + RT R - t T 2L L + (-Em sin Õ cos(Ét - Õ) - Em cosÕ sin Õe e )1(t - ) 2 Ostatecznie: 18 ñø ôø 0 dla t < 0 R ôø - t ôø 1 T L uL (t) = sin Õ cos(Ét -Õ) - Em sin 2Õe dla 0 < t < òøE m 2 2 ôø RT R - t 1 T ôø 2L L - Em sin 2Õ(1+ e )e dla t > ôø óø 2 2 Zadanie o.13 Wyznaczy i(t) dla napicia zasilania e(t) jak na wykresie. Funkcj napicia e(t) mo|na rozBo|y na trzy skBadowe: 19 E 2E E e(t) = t - (t -Ä ) + (t - 2Ä ) Ä Ä Ä E 1 2E 1 E 1 E 1 e(s) = - e-sÄ + e-2sÄ = [1- 2e-sÄ + e-2sÄ ] Ä s2 Ä s2 Ä s2 Ä s2 Prd w obwodzie obliczamy z : e(s) e(s) E(1- 2e-sÄ + e-2sÄ ) I(s) = = = R R R + sL L(s + ) s2ÄL(s + ) L L 1 R Szukamy obrazu funkcji gdzie a= s2 (s + a) L 1 As + B C (As + B)(s + a) + C(s)2 As2 + Bs + Aas + Ba + Cs2 = + = = s2 (s + a) s2 s + a s2 (s + a) s2 (s + a) Porównujemy wspóBczynniki: A+C=0 B+Aa=0 1 - 1 1 aB=1 B= A= C= 2 2 a a a Podstawiamy A B C 1 1 1 a2s a a2 ëø 1 1 öø ëø 1 1 öø ëø 1 1 öø - + + = * + * + * ìø ÷ø ìø ÷ø ìø ÷ø s2 s2 s + a a2 s a s2 øø íø a2 s + a íø øø íø øø Przechodzc na posta czasow: 1 1 1 1(t) + t + e-at a2 a a2 Podstawiajc îø ùø ëø öø ëø öø R R ÷ø ìø ÷ø ïøìø 1 úø 1 1 - t 1 1 1 - (t -Ä ) ïøìø - R 1(t) + R t + R e L ÷ø *1(t) - 2ìø - R 1(t - Ä ) + R 1(t - Ä ) + R e L ÷ø *1(t - Ä )úø ìø ïøìø ( )2 úø ( )2 ÷ø ( )2 ( )2 ÷ø ìø ÷ø ìø ÷ø E L L L øø íø L L L øø úø íø ïø I (t) = ïø úø ÄL ëø öø ïø úø R ìø ÷ø (t -2Ä ) ïø+ ìø 1 1(t - 2Ä ) + 1 1(t - 2Ä ) + 1 e- L úø ÷ø - 2Ä ) *1(t R R R ïø úø ìø ÷ø ( )2 ( )2 ìø ÷ø ïø úø íø L L L øø ðø ûø 20

Wyszukiwarka

Podobne podstrony:
Stany nieustalone F przykładowe zadania
C7a Stany nieust RLC 12
technik informatyk egzamin praktyczny zadanie a
TECHNIKA ANALOG ID 4
Technik architektury krajobrazu rozwiÄ…zanie zadania praktycznego (wariant 2)
Stany nieustalone G ważny dodatek do całości
Stany nieustalone D obwod RC
Technik architektury krajobrazu rozwiÄ…zanie zadania praktycznego (wariant 1)
Stany nieustalone E obwod RLC
egzamin zawodowy technik informatyk czerwiec 2009 zadanie 1
Stany nieustalone A wstęp
egzamin zawodowy technik informatyk czerwiec 2009 zadanie 3

więcej podobnych podstron