METODA PRZEMIESZCZEŃ – rama ortogonalna 2
10.02.09
http://www.iil.pwr.wroc.pl/zukowski
1
ROZWI
Ą
ZANIE RAMY METOD
Ą
PRZEMIESZCZE
Ń
1.
DANE WYJŚCIOWE
Ramę pokazaną na rysunku rozwiązać
metodą przemieszczeń.
Dokonać kontroli rozwiązania.
2.
WYZNACZENIE STOPNIA GEOMETRYCZNEJ NIEWYZNACZALNOŚCI
2.1
WYZNACZENIE LICZBY STOPNI SWOBODY OBROTU WĘZŁÓW
W celu wyznaczenia
ϕ
n
dokonujemy
podziału układu na elementy, dla
których dane są wzory transformacyjne,
co pokazano na rysunku obok.
Elementu 1-5 nie można tu przyjąć jako
„sztywno-łyżwowego” gdyż koniec
łyżwowy jest podparty więzią sprężystą.
Z przyjętego podziału na elementy
wynika, że stosować będziemy wzory
transformacyjne w postaci:
dla pręta 1-2 (sztywno-sztywny)
(
)
o
M
L
EI
M
12
12
21
12
12
12
12
6
2
4
+
⋅
−
⋅
+
⋅
=
ψ
ϕ
ϕ
,
(
)
o
M
L
EI
M
21
12
12
21
12
12
21
6
2
4
+
⋅
−
⋅
+
⋅
=
ψ
ϕ
ϕ
,
dla pręta 2-3 (sztywno-sztywny)
(
)
o
M
L
EI
M
23
23
32
23
23
23
23
6
2
4
+
⋅
−
⋅
+
⋅
=
ψ
ϕ
ϕ
,
(
)
o
M
L
EI
M
32
23
23
32
23
23
32
6
2
4
+
⋅
−
⋅
+
⋅
=
ψ
ϕ
ϕ
,
dla pręta 1-4 (sztywno-przegubowy)
(
)
(
)
o
o
M
L
EI
M
L
EI
M
14
14
14
14
14
14
14
14
14
14
14
3
3
0
3
+
−
⋅
⋅
=
+
⋅
−
+
⋅
⋅
=
ψ
ϕ
ψ
ϕ
,
0
41
=
M
,
dla pręta 1-5 (sztywno-sztywny)
(
)
o
M
L
EI
M
15
15
51
15
15
15
15
6
2
4
+
⋅
−
⋅
+
⋅
⋅
=
ψ
ϕ
ϕ
,
(
)
o
M
L
EI
M
51
15
15
51
15
15
51
6
2
4
+
⋅
−
⋅
+
⋅
⋅
=
ψ
ϕ
ϕ
.
Uwzględniając warunki podparcia i połączenia elementów (
,
0
32
51
=
=
ϕ
ϕ
,
1
15
14
12
ϕ
ϕ
ϕ
ϕ
=
=
=
2
23
21
ϕ
ϕ
ϕ
=
=
) widzimy, że wszystkie kąty obrotu końców przyjętych elementów określone są przez
kąty obrotu dwóch węzłów
2
1
ϕ
ϕ
i
. Liczba stopni swobody obrotu węzłów wynosi więc n
ϕ
=
2 .
1
EI
E
I
EI
ϕϕϕϕ
1111
3
2
ϕϕϕϕ
3333
= 0
=
0
2
E
I
4
ϕϕϕϕ
2222
ϕϕϕϕ
5555
5
q = 0. 25 F/ m
EI
E
I
1. 5 m
1. 5 m
EI
F
M = 2 Fm
4 m
αααα
sin
α
= 0.6
cos
α
= 0.8
3
2
m
EI
k
=
δ
2
E
I
F
1
1
k
=
δ
3
m
EI
2
2 m
m
EI
k
2
=
ϕ
METODA PRZEMIESZCZEŃ – rama ortogonalna 2
10.02.09
http://www.iil.pwr.wroc.pl/zukowski
2
2.2
WYZNACZENIE LICZBY STOPNI SWOBODY PRZESUWU WĘZŁÓW
W celu wyznaczenia
n
δ
tworzymy przegubowy
model układu (rysunek obok) w ten sposób, że
usuwamy więzi sprężyste, wszystkie węzły zamieniamy
na przegubowe i eliminujemy przesuwy dla elementów,
w których wzorach transformacyjnych nie występują
kąty obrotu cięciw (
ij
ψ
). Tu nie ma takich elementów.
Liczba stopni swobody przesuwu układu
przegubowego spełnia warunek
r
p
w
n
−
−
⋅
≥
2
δ
=2*7 -6 - 6 = 2,
gdzie w - liczba węzłów, p - liczba prętów,
r - liczba więzi podporowych.
Wynika stąd, że aby układ był geometrycznie
niezmienny należy dodać, co najmniej 2 więzi. Należy
dokonać analizy możliwych przesuwów węzłów
modelu przegubowego. Na rysunku powyżej
zaznaczono czerwonymi strzałkami te możliwe
przesuwy. Dodanie 2 więzi (nr I i nr II) przekształciło
przyjęty model w układ geometrycznie niezmienny co
pokazano na rysunku obok.
Oznacza to, że liczba stopni swobody
przesuwu wynosi
2
=
δ
n
.
Stopień geometrycznej niewyznaczalności wynosi więc
=
+
=
δ
ϕ
n
n
n
g
2 + 2.
3.
UKŁAD PODSTAWOWY
Układ podstawowy tworzymy z układu
danego przez dodanie n
ϕ
więzi rotacyjnych
i
n
δ
więzi translacyjnych (w naszym
przykładzie 2 więzi rotacyjnych i 2
translacyjnych), co przekształca dany układ w
układ geometrycznie wyznaczalny pokazany
na rysunku obok.
4.
ROZWIĄZANIA UKŁADU PODSTAWOWEGO
4.1
ROZWIĄZANIA UKŁADU PODSTAWOWEGO OD OBCIĄŻENIA DANEGO
przy założeniu (
0
2
1
=
=
=
=
II
I
δ
δ
ϕ
ϕ
)
Należy pamiętać, że poszczególne stany obciążeń rozpatrujemy rozłącznie. Stan obciążeń danych
rozpatrujemy, więc, przy założeniu
0
2
1
=
=
=
=
II
I
δ
δ
ϕ
ϕ
, co oznacza, że do wzorów
transformacyjnych podstawiamy w tym stanie wszystkie
0
=
=
ij
ij
ψ
ϕ
.
Dla elementów przyjętych w punkcie 1 momenty brzegowe odczytujemy z tablic lub otrzymujemy w
wyniku rozwiązania metodą sił. Obciążenia działające na poszczególne elementy i wykresy momentów
zginających pokazano na rysunku poniżej. Pokazano także siły równoważne działającym obciążeniom
sprowadzone do punktów, których przemieszczenia będą wyznaczane od jednostkowych przesunięć.
Punktami takimi są końce prętów.
1
4
3
2
5
1
4
3
I
5
II
2
q = 0. 25 F/ m
EI
E
I
1.5 m
1. 5 m
EI
F
M = 2 Fm
4 m
2 m
αααα
sin
α
= 0.6
cos
α
= 0.8
m
EI
k
2
2
=
ϕ
3
2
m
EI
k
=
δ
2
E
I
2
1
4
I
3
F
1
5
II
1
k
=
δ
3
m
EI
2
METODA PRZEMIESZCZEŃ – rama ortogonalna 2
10.02.09
http://www.iil.pwr.wroc.pl/zukowski
3
Obciążenia węzłów: węzła nr 1
Fm
M
M
o
2
1
=
=
,
węzeł nr 2
0
2
=
o
M
.
Momenty brzegowe dla prętów obliczamy z odpowiednich wzorów:
=
⋅
−
=
12
)
2
(
2
51
m
q
M
o
−
0.08333 F m,
=
⋅
=
12
)
2
(
2
15
m
q
M
o
0.08333 F m,
=
+
o
o
M
M
15
51
0,
=
⋅
=
−
=
8
/
3
23
32
m
F
M
M
o
o
0.375 Fm,
0
32
23
=
+
o
o
M
M
,
0
21
12
=
=
o
o
M
M
,
M
M
o
o
12
21
0
+
=
,
=
⋅
⋅
=
16
3
3
14
m
F
M
o
0.5625Fm,
0
41
=
o
M
,
=
+
o
o
M
M
14
14
0.5625 Fm.
Siły równoważne mają wartości
F
m
m
F
P
P
25
.
0
2
/
2
/
25
.
0
2
1
=
⋅
=
=
,
F
F
P
P
P
P
5
.
0
2
/
6
5
4
3
=
=
=
=
=
.
4.2
ROZWIĄZANIE UKŁADU PODSTAWOWEGO OD
ϕ
1
1
=
przy założeniu (
0
2
=
=
=
II
I
δ
δ
ϕ
,
0
=
F
)
W tym stanie obciążenia do wzorów transformacyjnych podstawiamy:
,
1
1
1
15
1
14
1
12
1
1
=
=
=
=
=
ϕ
ϕ
ϕ
ϕ
ϕ
j
pozostałe
,
0
1
=
ij
ϕ
,
0
=
ij
ψ
0
=
o
ij
M
,
co oznacza, że korzystamy ze wzorów:
(
)
1
1
1
ji
ij
ij
ij
ij
ij
ij
b
a
L
EI
M
ϕ
ϕ
⋅
+
⋅
=
,
(
)
1
1
1
ij
ji
ji
ji
ij
ij
ji
b
a
L
EI
M
ϕ
ϕ
⋅
+
⋅
=
Momenty brzegowe wynoszą:
(
)
(
)
m
EI
m
EI
L
EI
M
⋅
=
⋅
+
⋅
=
⋅
+
⋅
=
1
0
2
1
4
4
2
4
21
12
12
12
1
12
ϕ
ϕ
,
(
)
(
)
m
EI
m
EI
L
EI
M
⋅
=
⋅
+
⋅
=
⋅
+
⋅
=
5
.
0
1
2
0
4
4
2
4
12
21
21
21
1
21
ϕ
ϕ
,
m
EI
M
M
⋅
=
+
5
.
1
2
21
2
12
,
( )
( )
m
EI
m
EI
L
EI
M
⋅
=
⋅
⋅
=
⋅
⋅
=
2
1
3
2
3
3
14
14
14
1
14
ϕ
,
0
1
41
=
M
,
m
EI
M
M
⋅
=
+
2
1
41
1
14
,
(
)
(
)
m
EI
m
EI
L
EI
M
⋅
=
⋅
+
⋅
⋅
=
⋅
+
⋅
⋅
=
2
0
2
1
4
2
2
4
51
15
15
15
1
15
ϕ
ϕ
,
(
)
(
)
m
EI
m
EI
L
EI
M
⋅
=
⋅
+
⋅
⋅
=
⋅
+
⋅
⋅
=
1
1
2
0
4
2
2
4
15
51
15
15
1
51
ϕ
ϕ
,
m
EI
M
M
⋅
=
+
3
1
51
1
15
,
(
)
(
)
0
0
2
0
4
3
2
4
32
23
23
23
1
23
=
⋅
+
⋅
=
⋅
+
⋅
=
m
EI
L
EI
M
ϕ
ϕ
,
(
)
(
)
0
0
2
0
4
3
2
4
23
32
23
23
1
32
=
⋅
+
⋅
=
⋅
+
⋅
=
m
EI
L
EI
M
ϕ
ϕ
,
0
1
23
1
32
=
+
M
M
.
METODA PRZEMIESZCZEŃ – rama ortogonalna 2
10.02.09
http://www.iil.pwr.wroc.pl/zukowski
4
4.3
ROZWIĄZANIE UKŁADU PODSTAWOWEGO OD OBCIĄŻENIA
1
2
=
ϕ
przy założeniu (
0
1
=
=
=
II
I
δ
δ
ϕ
,
0
=
F
)
W tym stanie obciążenia do wzorów transformacyjnych podstawiamy:
,
1
2
2
2
23
2
21
=
=
=
ϕ
ϕ
ϕ
pozostałe
,
0
2
=
ij
ϕ
,
0
=
ij
ψ
0
=
o
ij
M
,
co oznacza, że korzystamy ze wzorów:
(
)
2
2
2
ji
ij
ij
ij
ij
ij
ij
b
a
L
EI
M
ϕ
ϕ
⋅
+
⋅
=
,
(
)
2
2
2
ij
ji
ji
ji
ij
ij
ji
b
a
L
EI
M
ϕ
ϕ
⋅
+
⋅
=
Momenty brzegowe wynoszą:
(
)
(
)
m
EI
m
EI
L
EI
M
⋅
=
⋅
+
⋅
=
⋅
+
⋅
=
5
.
0
1
2
0
4
4
2
4
21
12
12
12
2
12
ϕ
ϕ
,
(
)
(
)
m
EI
m
EI
L
EI
M
⋅
=
⋅
+
⋅
=
⋅
+
⋅
=
1
0
2
1
4
4
2
4
12
21
21
21
2
21
ϕ
ϕ
,
m
EI
M
M
⋅
=
+
5
.
1
2
21
2
12
,
(
)
(
)
m
EI
m
EI
L
EI
M
⋅
=
⋅
+
⋅
=
⋅
+
⋅
=
3333
.
1
0
2
1
4
3
2
4
32
23
23
23
2
23
ϕ
ϕ
,
(
)
(
)
m
EI
m
EI
L
EI
M
6667
.
0
1
2
0
4
3
2
4
23
32
23
23
2
32
=
⋅
+
⋅
=
⋅
+
⋅
=
ϕ
ϕ
,
m
EI
M
M
⋅
=
+
2
2
32
2
23
,
( )
( )
0
0
3
2
3
3
14
14
14
2
14
=
⋅
⋅
=
⋅
⋅
=
m
EI
L
EI
M
ϕ
,
0
1
41
=
M
,
0
2
41
2
14
=
+
M
M
,
(
)
(
)
0
0
2
0
4
2
2
4
51
15
15
15
2
15
=
⋅
+
⋅
⋅
=
⋅
+
⋅
⋅
=
m
EI
L
EI
M
ϕ
ϕ
,
(
)
(
)
0
0
2
0
4
2
2
4
15
51
15
15
2
51
=
⋅
+
⋅
⋅
=
⋅
+
⋅
⋅
=
m
EI
L
EI
M
ϕ
ϕ
,
0
2
51
2
15
=
+
M
M
.
4.4
ROZWIĄZANIA UKŁADU PODSTAWOWEGO OD
OBCIĄŻENIA
1
=
I
δ
przy założeniu (
0
2
1
=
=
=
=
F
II
δ
ϕ
ϕ
)
W tym stanie obciążenia do wzorów
transformacyjnych podstawiamy:
,
0
=
ij
ϕ
0
=
o
ij
M
oraz kąty obrotu cięciw prętów
( )
ψ
ij
I
określone od przemieszczenia
δ
I
=
1,
co oznacza, że korzystamy ze wzorów o postaci
I
ij
ij
ij
ij
I
ij
L
EI
c
M
ψ
⋅
⋅
−
=
W celu wyznaczenia szukanych kątów obrotu
cięciw prętów oraz przemieszczeń w miejscach
przyłożenia sił równoważnych rozpatrujemy
przegubowy model układu podstawowego
(rysunek obok) i wymuszamy przesunięcie o wartości 1 w miejscu i kierunku dodanej więzi
I. Jak
widać na rysunku wartości wzajemnych przesunięć końców prętów wynoszą:
1
15
=
∆
I
,
0
14
=
∆
I
,
0
23
=
∆
I
,
1
12
−
=
∆
I
(znak „
−
” gdyż obrót pręta 1-2 nastąpił w lewo).
Wartości kątów obrotów cięciw wynoszą:
m
L
I
I
2
1
15
15
15
=
∆
=
ψ
,
0
14
14
14
=
∆
=
L
I
I
ψ
,
0
23
23
23
=
∆
=
L
I
I
ψ
,
m
L
I
I
4
1
12
12
12
−
=
∆
=
ψ
.
Momenty brzegowe wynoszą:
I
I
M
m
EI
m
m
EI
L
EI
M
21
2
12
12
12
12
375
.
0
4
1
4
6
6
=
⋅
=
−
⋅
⋅
−
=
⋅
⋅
−
=
ψ
,
2
21
12
75
.
0
m
EI
M
M
I
I
⋅
=
+
,
4
3
2
P
6
P
5
0
5
4
3
1
=
=
=
=
I
I
I
I
δ
δ
δ
δ
I
1
δδδδ
=
αααα
P
1
P
4
P
2
5
1
1
=
2
I
δ
6
=
I
δ
P
3
METODA PRZEMIESZCZEŃ – rama ortogonalna 2
10.02.09
http://www.iil.pwr.wroc.pl/zukowski
5
I
I
M
m
EI
L
EI
M
32
23
23
23
23
0
0
3
6
6
=
=
⋅
⋅
−
=
⋅
⋅
−
=
ψ
,
0
32
23
=
+
I
I
M
M
,
0
0
3
2
3
3
14
14
14
14
=
⋅
⋅
−
=
⋅
⋅
−
=
m
EI
L
EI
M
I
ψ
,
0
41
=
I
M
,
0
41
14
=
+
I
I
M
M
I
I
M
m
EI
m
m
EI
L
EI
M
15
2
15
15
15
51
2
3
2
1
2
6
6
=
⋅
−
=
⋅
⋅
−
=
⋅
⋅
−
=
ψ
,
2
51
15
3
m
EI
M
M
I
I
⋅
−
=
+
.
Wartości przemieszczeń w miejscach przyłożenia sił równoważnych wynoszą:
0
1
=
I
δ
,
1
2
=
I
δ
,
0
6
5
4
3
=
=
=
=
I
I
I
I
δ
δ
δ
δ
.
Zmiany długości translacyjnych więzi sprężystych (tu skrócenie) równe są odpowiednio
0
1
=
I
s
δ
i
8
.
0
8
.
0
1
cos
1
2
−
=
⋅
−
=
⋅
−
=
α
δ
I
s
(rzut przesunięcia węzła 4 na kierunek tej więzi,
„
−
„ oznacz skrócenie).
4.5
ROZWIĄZANIA UKŁADU PODSTAWOWEGO OD
OBCIĄŻENIA
1
=
II
δ
przy założeniu (
0
2
1
=
=
=
=
F
I
δ
ϕ
ϕ
)
W tym stanie obciążenia do wzorów
transformacyjnych podstawiamy:
,
0
=
ij
ϕ
0
=
o
ij
M
oraz kąty obrotu cięciw
prętów
( )
II
ij
ψ
określone od
przemieszczenia
1
=
II
δ
,
co oznacza, że korzystamy ze
wzorów o postaci
II
ij
ij
ij
ij
II
ij
L
EI
c
M
ψ
⋅
⋅
−
=
W celu wyznaczenia szukanych
kątów obrotu cięciw prętów oraz przemieszczeń w miejscach przyłożenia sił równoważnych i
wymuszamy przesunięcie o wartości 1 w miejscu i kierunku dodanej więzi
II. Jak widać na rysunku
wartości wzajemnych przesunięć końców prętów wynoszą:
1
15
−
=
∆
II
,
0
14
=
∆
II
,
0
23
=
∆
II
,
0
12
=
∆
II
.
Wartości kątów obrotów cięciw wynoszą:
m
L
II
II
2
1
15
15
15
−
=
∆
=
ψ
,
0
14
14
14
=
∆
=
L
II
II
ψ
,
0
23
23
23
=
∆
=
L
II
II
ψ
,
0
12
12
12
=
∆
=
L
II
II
ψ
.
Momenty brzegowe wynoszą:
( )
II
II
M
m
EI
L
EI
M
21
12
12
12
12
0
0
4
6
6
=
=
⋅
⋅
−
=
⋅
⋅
−
=
ψ
,
0
21
12
=
+
II
II
M
M
,
II
II
M
m
EI
L
EI
M
32
23
23
23
23
0
0
3
6
6
=
=
⋅
⋅
−
=
⋅
⋅
−
=
ψ
,
0
32
23
=
+
II
II
M
M
,
0
0
3
2
3
3
14
14
14
14
=
⋅
⋅
−
=
⋅
⋅
−
=
m
EI
L
EI
M
II
ψ
,
0
41
=
II
M
,
0
41
14
=
+
II
II
M
M
II
II
M
m
EI
m
m
EI
L
EI
M
15
2
15
15
15
51
2
3
2
1
2
6
6
=
⋅
=
−
⋅
⋅
−
=
⋅
⋅
−
=
ψ
,
2
51
15
3
m
EI
M
M
II
II
⋅
=
+
.
Wartości przemieszczeń w miejscach przyłożenia sił równoważnych wynoszą:
1
1
=
II
δ
,
0
6
5
4
3
2
=
=
=
=
=
II
II
II
II
II
δ
δ
δ
δ
δ
.
Zmiany długości translacyjnych więzi sprężystych równe są odpowiednio
1
1
−
=
II
s
δ
i
0
2
=
II
s
δ
.
4
3
2
P
6
P
5
0
5
4
3
2
=
=
=
=
II
II
II
II
δ
δ
δ
δ
P
1
P
4
P
2
5
1
1
=
1
II
δ
6
=
II
δ
II
1
δδδδ
=
P
3
METODA PRZEMIESZCZEŃ – rama ortogonalna 2
10.02.09
http://www.iil.pwr.wroc.pl/zukowski
6
5.
UKŁAD RÓWNAŃ KANONICZNYCH
5.1
POSTAĆ OGÓLNA UKŁADU RÓWNAŃ
.
0
,
0
,
0
,
0
,
,
2
2
1
1
,
,
2
2
1
1
2
2
2
2
22
1
21
1
1
1
2
12
1
11
=
+
⋅
+
⋅
+
⋅
+
⋅
=
+
⋅
+
⋅
+
⋅
+
⋅
=
+
⋅
+
⋅
+
⋅
+
⋅
=
+
⋅
+
⋅
+
⋅
+
⋅
IIo
II
II
II
I
I
II
II
II
Io
II
II
I
I
I
I
I
I
o
II
II
I
I
o
II
II
I
I
k
k
k
k
k
k
k
k
k
k
k
k
k
k
k
k
k
k
k
k
δ
δ
ϕ
ϕ
δ
δ
ϕ
ϕ
δ
δ
ϕ
ϕ
δ
δ
ϕ
ϕ
5.2
OBLICZENIE WSPÓŁCZYNNIKÓW UKŁADU RÓWNAŃ
=
+
+
+
=
+
=
∑
0
1
15
1
14
1
12
1
1
1
11
M
M
M
k
M
k
j
j
ϕ
m
EI
m
EI
⋅
=
⋅
+
+
5
)
2
2
1
(
,
k
M
12
12
2
=
=
m
EI
⋅
5
.
0
,
=
+
+
=
=
∑
I
I
I
j
I
j
I
M
M
M
M
k
15
14
12
1
1
2
2
125
.
1
)
5
.
1
0
375
.
0
(
m
EI
m
EI
⋅
−
=
⋅
−
+
,
=
+
+
=
=
∑
II
II
II
j
II
j
II
M
M
M
M
k
15
14
12
1
1
2
2
5
.
1
)
5
.
1
0
0
(
m
EI
m
EI
⋅
=
⋅
+
+
,
=
−
+
+
=
−
=
∑
o
o
o
o
o
j
o
j
o
M
M
M
M
M
M
k
1
15
14
12
1
1
1
Fm
Fm
⋅
−
=
⋅
−
+
+
3542
.
1
)
2
0833
.
0
5625
.
0
0
(
,
k
M
21
21
1
=
=
=
⋅
m
EI
5
.
0
12
k
,
=
+
+
+
=
+
=
∑
ϕ
ϕ
2
2
23
2
21
2
2
2
22
0
k
M
M
k
M
k
j
j
m
EI
m
EI
⋅
=
⋅
+
+
3333
.
4
)
2
3333
.
1
1
(
,
=
+
=
=
∑
I
I
j
I
j
I
M
M
M
k
23
21
2
2
(
)
2
2
375
.
0
0
375
.
0
m
EI
m
EI
⋅
=
⋅
+
,
=
+
=
=
∑
II
II
j
II
j
II
M
M
M
k
23
21
2
2
(
)
0
0
0
2
=
⋅
+
m
EI
,
=
+
+
=
−
=
∑
0
23
21
2
2
2
o
o
o
j
o
j
o
M
M
M
M
k
(
)
Fm
Fm
⋅
−
=
⋅
−
375
.
0
375
.
0
0
,
(
)
=
⋅
+
−
=
∑
I
ij
ij
ji
ij
I
M
M
k
ψ
1
1
1
(
)
(
)
(
)
(
)
=
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
=
I
I
I
I
M
M
M
M
M
M
M
M
23
1
32
1
23
15
1
51
1
15
14
1
41
1
14
12
1
21
1
12
ψ
ψ
ψ
ψ
(
)
2
2
125
.
1
5
.
1
375
.
0
0
5
.
0
3
0
25
.
0
5
.
1
m
EI
m
EI
m
m
EI
m
m
EI
⋅
−
=
⋅
−
=
+
⋅
⋅
−
+
−
⋅
⋅
−
=
= k
I
1
,
(
)
=
⋅
+
−
=
∑
I
ij
ij
ji
ij
I
M
M
k
ψ
2
2
2
(
)
(
)
(
)
(
)
=
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
=
I
I
I
I
M
M
M
M
M
M
M
M
23
2
32
2
23
15
2
51
2
15
14
2
41
2
14
12
2
21
2
12
ψ
ψ
ψ
ψ
2
375
.
0
0
0
0
25
.
0
5
.
1
m
EI
m
m
EI
⋅
=
+
+
+
−
⋅
⋅
−
=
=
I
k
2
,
(
)
=
⋅
⋅
+
⋅
+
−
=
∑
∑
I
s
S
I
s
s
I
ij
ij
I
ji
I
ij
I
I
k
M
M
k
δ
δ
ψ
δ
,
(
)
(
)
(
)
(
)
=
⋅
⋅
+
⋅
⋅
+
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
=
I
s
I
s
I
s
I
s
I
I
I
I
I
I
I
I
I
I
I
I
k
k
M
M
M
M
M
M
M
M
2
2
2
1
1
1
23
32
23
15
51
15
14
41
14
12
21
12
δ
δ
δ
δ
ψ
ψ
ψ
ψ
δ
δ
3
3
2
2
9675
.
2
0
8
.
0
8
.
0
2
0
5
.
0
3
0
25
.
0
75
.
0
m
EI
m
EI
m
m
EI
m
m
EI
⋅
=
+
⋅
⋅
⋅
+
+
⋅
⋅
−
−
+
−
⋅
⋅
−
=
,
(
)
=
⋅
⋅
+
⋅
+
−
=
∑
∑
II
s
S
I
s
s
I
ij
ij
II
ji
II
ij
II
I
k
M
M
k
δ
δ
ψ
δ
,
(
)
(
)
(
)
(
)
+
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
=
I
II
II
I
II
II
I
II
II
I
II
II
M
M
M
M
M
M
M
M
23
32
23
15
51
15
14
41
14
12
21
12
ψ
ψ
ψ
ψ
II
s
I
s
II
s
I
s
k
k
2
2
2
1
1
1
δ
δ
δ
δ
δ
δ
⋅
⋅
+
⋅
⋅
+
3
2
5
.
1
0
0
0
5
.
0
3
0
0
m
EI
m
m
EI
⋅
−
=
+
+
+
⋅
⋅
−
+
=
,
METODA PRZEMIESZCZEŃ – rama ortogonalna 2
10.02.09
http://www.iil.pwr.wroc.pl/zukowski
7
(
)
=
⋅
⋅
−
⋅
+
−
=
∑
∑
p
I
p
p
I
ij
ij
o
ji
o
ij
Io
P
M
M
k
δ
ψ
(
)
(
)
(
)
+
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
=
I
o
o
I
o
o
I
o
o
I
o
o
M
M
M
M
M
M
M
M
23
32
23
15
51
15
14
41
14
12
21
12
)
(
ψ
ψ
ψ
ψ
+
−
−
−
−
=
⋅
−
⋅
−
⋅
−
⋅
−
⋅
−
⋅
−
0
0
0
0
6
6
5
5
4
4
3
3
2
2
1
1
I
I
I
I
I
I
P
P
P
P
P
P
δ
δ
δ
δ
δ
δ
F
F
F
F
F
F
F
25
.
0
0
5
.
0
0
5
.
0
0
5
.
0
0
5
.
0
1
25
.
0
0
25
.
0
−
=
⋅
−
⋅
−
⋅
−
⋅
−
⋅
−
⋅
−
,
(
)
=
⋅
+
−
=
∑
II
ij
ij
ji
ij
II
M
M
k
ψ
1
1
1
(
)
(
)
(
)
(
)
=
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
=
II
II
II
II
M
M
M
M
M
M
M
M
23
1
32
1
23
15
1
51
1
15
14
1
41
1
14
12
1
21
1
12
ψ
ψ
ψ
ψ
2
5
.
1
0
5
.
0
3
0
0
m
EI
m
m
EI
⋅
=
+
−
⋅
⋅
−
+
=
=
II
k
1
,
(
)
=
⋅
+
−
=
∑
II
ij
ij
ji
ij
II
M
M
k
ψ
2
2
2
(
)
(
)
(
)
(
)
=
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
=
II
II
II
II
M
M
M
M
M
M
M
M
23
2
32
2
23
15
2
51
2
15
14
2
41
2
14
12
2
21
2
12
ψ
ψ
ψ
ψ
0
0
0
0
0
=
+
+
+
=
=
II
k
2
,
(
)
=
⋅
⋅
+
⋅
+
−
=
∑
∑
II
s
S
I
s
s
II
ij
ij
I
ji
I
ij
I
II
k
M
M
k
δ
δ
ψ
δ
,
(
)
(
)
(
)
(
)
+
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
=
II
I
I
II
I
I
II
I
I
II
I
I
M
M
M
M
M
M
M
M
23
32
23
15
51
15
14
41
14
12
21
12
ψ
ψ
ψ
ψ
=
⋅
⋅
+
⋅
⋅
+
II
s
I
s
II
s
I
s
k
k
2
2
2
1
1
1
δ
δ
δ
δ
δ
δ
3
5
.
1
0
0
0
0
0
0
m
EI
⋅
−
=
+
+
+
+
+
II
I
k
,
=
,
(
)
=
⋅
⋅
+
⋅
+
−
=
∑
∑
II
s
S
II
s
s
II
ij
ij
II
ji
II
ij
II
II
k
M
M
k
δ
δ
ψ
δ
,
(
)
(
)
(
)
(
)
+
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
=
II
II
II
II
II
II
II
II
II
II
II
II
M
M
M
M
M
M
M
M
23
32
23
15
51
15
14
41
14
12
21
12
ψ
ψ
ψ
ψ
=
⋅
⋅
+
⋅
⋅
+
II
s
II
s
II
s
II
s
k
k
2
2
2
1
1
1
δ
δ
δ
δ
δ
δ
3
3
2
5
.
2
)
1
(
)
1
(
1
0
0
5
.
0
3
0
0
0
m
EI
m
EI
m
m
EI
⋅
=
−
⋅
−
⋅
⋅
+
+
+
−
⋅
−
+
+
,
(
)
=
⋅
⋅
−
⋅
+
−
=
∑
∑
p
II
p
p
I
ij
ij
o
ji
o
ij
IIo
P
M
M
k
δ
ψ
(
)
(
)
(
)
+
−
−
−
=
⋅
−
⋅
−
⋅
−
⋅
−
⋅
−
⋅
−
+
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
⋅
+
−
=
0
0
0
0
)
(
6
6
5
5
4
4
3
3
2
2
1
1
23
32
23
15
51
15
14
41
14
12
21
12
II
II
II
II
II
II
II
o
o
II
o
o
II
o
o
II
o
o
P
P
P
P
P
P
M
M
M
M
M
M
M
M
δ
δ
δ
δ
δ
δ
ψ
ψ
ψ
ψ
F
F
F
F
F
F
F
25
.
0
0
5
.
0
0
5
.
0
0
5
.
0
0
5
.
0
0
25
.
0
1
25
.
0
−
=
⋅
−
⋅
−
⋅
−
⋅
−
⋅
−
⋅
−
.
5.3
POSTAĆ SZCZEGÓŁOWA UKŁADU RÓWNAŃ I JEGO ROZWIĄZANIE
.
0
25
.
0
5
.
2
5
.
1
0
5
.
1
,
0
25
.
0
5
.
1
9675
.
2
375
.
0
125
.
1
,
0
375
.
0
0
375
.
0
3333
.
4
5
.
0
,
0
3542
.
1
5
.
1
125
.
1
5
.
0
5
2
3
2
1
2
2
3
2
2
1
2
2
2
1
2
2
2
1
=
⋅
−
⋅
⋅
+
⋅
⋅
−
⋅
+
⋅
⋅
=
⋅
−
⋅
⋅
−
⋅
⋅
+
⋅
⋅
+
⋅
⋅
−
=
⋅
−
⋅
+
⋅
⋅
+
⋅
⋅
+
⋅
⋅
=
⋅
−
⋅
⋅
+
⋅
⋅
−
⋅
⋅
+
⋅
⋅
F
m
EI
m
EI
m
EI
F
m
EI
m
EI
m
EI
m
EI
Fm
m
EI
m
EI
m
EI
Fm
m
EI
m
EI
m
EI
m
EI
II
I
II
I
II
I
II
I
δ
δ
ϕ
ϕ
δ
δ
ϕ
ϕ
δ
δ
ϕ
ϕ
δ
δ
ϕ
ϕ
ϕ
1
=
0.30182
EI
Fm
2
⋅
,
ϕ
2
=
0.03264
EI
Fm
2
⋅
,
δ
I
=
0.2204
EI
Fm
3
⋅
,
=
II
δ
0.051145
EI
Fm
3
⋅
.
6.
RZECZYWISTE SIŁY PRZEKROJOWE
6.1
MOMENTY BRZEGOWE I SIŁY W WIĘZIACH SPRĘŻYSTYCH
Momenty brzegowe
(znakowane wg umowy statycznej) określono w tabeli poniżej na
podstawie wzoru:
o
ij
II
II
ij
I
I
ij
ij
ij
ij
M
M
M
M
M
M
+
⋅
+
⋅
+
⋅
+
⋅
=
δ
δ
ϕ
ϕ
2
2
1
1
METODA PRZEMIESZCZEŃ – rama ortogonalna 2
10.02.09
http://www.iil.pwr.wroc.pl/zukowski
8
Siły w więziach sprężystych:
Fm
EI
Fm
m
EI
k
S
0653
.
0
03264
.
0
2
2
2
2
=
⋅
=
⋅
=
ϕ
ϕ
ϕ
F
EI
Fm
m
EI
L
L
k
S
II
II
s
I
I
s
3526
.
0
)
0
2204
.
0
)
8
.
0
((
2
)
(
3
3
1
1
1
1
−
=
+
⋅
−
⋅
=
⋅
∆
+
⋅
∆
⋅
=
δ
δ
δ
δ
F
EI
Fm
m
EI
L
L
k
S
II
II
s
I
I
s
05115
.
0
))
05115
.
0
1
(
0
(
1
)
(
3
3
2
2
2
2
−
=
⋅
−
+
⋅
=
⋅
∆
+
⋅
∆
⋅
=
δ
δ
δ
δ
Momenty brzegowe można też wyznaczyć na podstawie wzorów transformacyjnych, po
uprzednim określeniu rzeczywistych wartości kątów obrotów cięciw prętów na podstawie związku:
α
α
α
δ
ψ
ψ
⋅
=
∑
ij
ij
i rzeczywistych wartości obrotów końców prętów na podstawie związku
i
ij
ϕ
ϕ
=
.
6.2
BRZEGOWE SIŁY TNĄCE I OSIOWE ORAZ REAKCJE I KONTROLA STATYCZNEJ
DOPUSZCZALNOŚCI ROZWIĄZANIA
Siły tnące i osiowe wyznaczamy z równań równowagi prętów i węzłów.
W tym celu układ dzielimy na pręty i węzły oraz obciążamy wydzielone elementy obciążeniem danym
i na brzegach siłami brzegowymi (określonymi już momentami i szukanymi siłami osiowymi i
tnącymi). Przedstawiono to na rysunku poniżej.
1
S
δ
2
S
δ
2
S
ϕ
Τ
1
= 0.30182
Τ
Τ
Τ
=
0.03264
Τ
Τ
Τ
= 0.2204
Τ
Τ
= 0.05115
Mnożnik
Fm
2
/EI
Fm
2
/EI
Fm
3
/EI
Fm
3
/EI
M
1
M1*j
1
M
2
M2*j
2
M
I
MI*d
I
M
II
MII*d
II
M
O
M
Mnożnik EI/m
Fm
EI/m
Fm
EI/m
2
Fm
EI/m
2
Fm
Fm
Fm
M
51
= 1.00 0.30182
0
0.0000
-1.5
-0.3306
1.5
0.0767
-0.0833
-0.0354
M
15
= 2.00 0.60364
0
0.0000
-1.5
-0.3306
1.5
0.0767
0.0833
0.4331
M
12
= 1.00 0.30182
0.50
0.0163
0.375
0.0827
0
0.0000
0
0.4008
M
21
= 0.50 0.15091
1.00
0.0326
0.375
0.0827
0
0.0000
0
0.2662
M
14
= 2.00 0.60364
0
0.0000
0
0.0000
0
0.0000
0.5625
1.1661
M
23
=
0
0.00000 1.3333
0.0435
0
0.0000
0
0.0000
-0.3750
-0.3315
M
32
=
0
0.00000 0.6667
0.0218
0
0.0000
0
0.0000
0.3750
0.3968
METODA PRZEMIESZCZEŃ – rama ortogonalna 2
10.02.09
http://www.iil.pwr.wroc.pl/zukowski
9
Na rysunku zaznaczono liniami przerywanymi włókna wyróżnione do znakowania momentów
zginających.
Dla sił działających na każdy element wypisujemy 3 równania równowagi. Z sum momentów
względem końców prętów wyznaczamy siły tnące a z pozostałych równań wyznaczamy siły osiowe i
część z nich stanowi kontrolę statycznej dopuszczalności. W obliczeniach wykorzystujemy obliczone
już wartości momentów oraz wynikające z warunków podparcia wartości sił osiowych i tnących.
PRĘT 5-1
( )
0
2
2
2
2
15
15
51
5
=
⋅
+
⋅
+
+
=
∑
m
q
m
V
M
M
M
⇒
F
m
m
F
m
Fm
m
m
m
q
m
M
M
V
⋅
−
=
⋅
⋅
⋅
−
⋅
−
−
=
⋅
⋅
−
+
−
=
4488
.
0
4
4
25
.
0
2
0354
.
0
4331
.
0
2
2
4
2
2
2
51
15
15
,
( )
0
2
2
2
2
51
15
51
1
=
⋅
−
⋅
+
+
=
∑
m
q
m
V
M
M
M
⇒
F
m
m
F
m
Fm
m
m
m
q
m
M
M
V
⋅
=
⋅
⋅
⋅
+
⋅
−
−
=
⋅
⋅
+
+
−
=
0512
.
0
4
4
25
.
0
2
0354
.
0
4331
.
0
2
2
4
2
2
2
51
15
51
,
0
15
51
=
+
−
=
∑
N
N
X
⇒
15
51
N
N
=
(związek wykorzystamy dalej).
PRĘT 1-2
0
4
21
21
12
1
=
⋅
+
+
=
∑
m
V
M
M
M
⇒
F
Fm
m
m
M
M
V
⋅
−
=
⋅
+
−
=
+
−
=
1667
.
0
4
2662
.
0
4008
.
0
4
21
12
21
,
0
4
12
21
12
2
=
⋅
+
+
=
∑
m
V
M
M
M
⇒
F
Fm
m
m
M
M
V
⋅
−
=
⋅
+
−
=
+
−
=
1667
.
0
4
2662
.
0
4008
.
0
4
21
12
12
,
0
21
12
=
+
−
=
∑
N
N
X
⇒
21
12
N
N
=
(związek wykorzystamy dalej).
PRĘT 4-1
0
5
.
1
3
14
41
14
4
=
⋅
+
⋅
+
+
=
∑
m
F
m
V
M
M
M
⇒
F
F
Fm
m
Fm
m
m
M
M
V
⋅
−
=
⋅
−
⋅
+
−
=
⋅
−
+
−
=
8887
.
0
5
.
0
3
0
1661
.
1
3
5
.
1
3
41
14
14
,
0
5
.
1
3
41
41
14
1
=
⋅
−
⋅
+
+
=
∑
m
F
m
V
M
M
M
⇒
F
F
Fm
m
Fm
m
m
M
M
V
⋅
=
⋅
+
⋅
+
−
=
⋅
+
+
−
=
1113
.
0
5
.
0
3
0
1661
.
1
3
5
.
1
3
41
14
41
,
0
14
41
=
+
−
=
∑
N
N
X
⇒
41
14
N
N
=
(związek wykorzystamy dalej).
PRĘT 2-3
0
5
.
1
3
32
32
23
2
=
⋅
+
⋅
+
+
=
∑
m
F
m
V
M
M
M
⇒
F
F
Fm
m
Fm
m
m
M
M
V
⋅
−
=
⋅
−
⋅
+
−
−
=
⋅
−
+
−
=
5218
.
0
5
.
0
3
3968
.
0
3315
.
0
3
5
.
1
3
32
23
32
,
0
5
.
1
3
23
32
23
3
=
⋅
−
⋅
+
+
=
∑
m
F
m
V
M
M
M
⇒
F
F
Fm
m
Fm
m
m
M
M
V
⋅
=
⋅
+
⋅
+
−
−
=
⋅
+
+
−
=
4782
.
0
5
.
0
3
3968
.
0
3315
.
0
3
5
.
1
3
32
23
23
,
0
32
23
=
+
−
=
∑
N
N
X
⇒
23
32
N
N
=
(związek wykorzystamy dalej).
WĘZEŁ 2
0
)
0653
.
0
)
3315
.
0
(
2662
.
0
(
2
23
21
2
=
⋅
−
−
−
−
=
−
−
−
=
∑
Fm
S
M
M
M
ϕ
(spełnione tożsamościowo)
0
)
1667
.
0
(
23
23
21
=
+
⋅
−
−
=
+
−
=
∑
N
F
N
V
Y
⇒
F
N
⋅
−
=
1667
.
0
23
,
0
4782
.
0
21
23
21
=
⋅
−
−
=
−
−
=
∑
F
N
V
N
X
⇒
F
N
⋅
−
=
4782
.
0
21
,
Z trzeciego równania dla pręta 1-2 wyznaczamy
F
N
N
⋅
−
=
=
4782
.
0
21
12
,
Z trzeciego równania dla pręta 2-3 wyznaczamy
F
N
N
⋅
−
=
=
1667
.
0
23
32
,
METODA PRZEMIESZCZEŃ – rama ortogonalna 2
10.02.09
http://www.iil.pwr.wroc.pl/zukowski
10
WĘZEŁ 1
0
)
2
4331
.
0
1661
.
1
4008
.
0
(
15
14
12
1
=
⋅
+
−
−
−
=
+
−
−
−
=
∑
Fm
M
M
M
M
M
(spełnione tożsamościowo)
0
F
(-0.1667))
-
4488
.
0
(
14
12
14
15
=
⋅
−
−
=
−
−
=
∑
N
V
N
V
Y
⇒
F
N
⋅
−
=
2821
.
0
14
0
)
8887
.
0
(
4782
.
0
15
14
12
15
=
⋅
−
−
⋅
−
−
=
−
+
−
=
∑
F
F
N
V
N
N
X
⇒
F
N
⋅
=
4105
.
0
15
,
Z trzeciego równania dla pręta 5-1 wyznaczamy
F
N
N
⋅
=
=
4105
.
0
15
51
.
Z trzeciego równania dla pręta 1-2 wyznaczamy
F
N
N
⋅
−
=
=
2821
.
0
14
41
.
WĘZEŁ PODPOROWY 3
0
3968
.
0
3
32
3
3
=
⋅
−
=
−
=
∑
Fm
M
M
M
M
⇒
Fm
M
⋅
=
3968
.
0
3
0
F
)
1667
.
0
(
3
32
3
=
⋅
−
−
−
=
−
−
=
∑
V
N
V
Y
⇒
F
1667
.
0
3
⋅
=
V
,
0
)
5218
.
0
(
3
32
3
=
⋅
−
−
=
+
=
∑
F
H
V
H
X
⇒
F
H
⋅
=
5218
.
0
3
,
WĘZEŁ PODPOROWY 4
0
F
)
2821
.
0
(
8
.
0
3526
.
0
cos
41
1
=
⋅
−
−
⋅
−
=
−
⋅
=
∑
N
S
Y
α
δ
(spełnione tożsamościowo),
0
)
6
.
0
3526
.
0
1113
.
0
(
sin
4
1
41
4
=
⋅
⋅
−
+
=
⋅
−
+
=
∑
F
H
S
V
H
X
α
δ
⇒
F
H
⋅
=
1003
.
0
4
,
WĘZEŁ PODPOROWY 5
0
0354
.
0
5
51
5
5
=
⋅
−
=
−
=
∑
Fm
M
M
M
M
⇒
Fm
M
⋅
=
0354
.
0
5
,
0
4105
.
0
5
51
5
=
⋅
+
=
+
=
∑
F
H
N
H
X
⇒
F
H
⋅
−
=
4105
.
0
5
,
0
0512
.
0
5
2
5
=
⋅
+
=
+
=
∑
F
V
S
V
Y
δ
⇒
F
V
⋅
−
=
0512
.
0
5
.
Brzegowe siły tnące można też wyznaczyć na podstawie wzorów transformacyjnych analogicznie
jak momenty brzegowe jednak po uprzednim wyznaczeniu wartości brzegowych sił tnących w układzie
podstawowym od obciążenia danego
o
ij
V
(analogicznie jak
o
ij
M
.
6.3
MOMENTY ZGINAJĄCE
Otrzymane z obliczeń wartości momentów brzegowych są momentami statycznymi
znakowanymi zgodnie z zasadą: prawoskrętny „+”, lewoskrętny „-”. Nie są, więc bezpośrednio
momentami zginającymi, gdyż momenty zginające znakujemy zgodnie z zasadą: „+”, gdy rozciąga
włókna wyróżnione a „-” gdy rozciąga włókna przeciwne niż wyróżnione, czyli gdy ściska włókna
wyróżnione. Odpowiedniość brzegowych momentów statycznych i momentów zginających na
końcach prętów zilustrowano na szkicach poniżej.
Momenty statyczne
dodatnie
Moment rozci
ą
ga włókna
przeciwne, wi
ę
c
wytrzymało
ś
ciowo jest
ujemny
Moment rozci
ą
ga włókna
wyró
ż
nione, wi
ę
c
wytrzymało
ś
ciowo jest
dodatni
ij
M
ji
M
i
j
ij
zgin
ij
ij
i
M
M
M
=
=
,
,
ji
zgin
ji
ij
j
M
M
M
−
=
=
,
,
ij
M
ji
M
i
j
Momenty statyczne
dodatnie
Moment rozci
ą
ga włókna
wyró
ż
nione, wi
ę
c
wytrzymało
ś
ciowo jest
dodatni
Moment rozci
ą
ga włókna
przeciwne, wi
ę
c
wytrzymałosciowo jest
ujemny
ij
zgin
ij
ij
i
M
M
M
−
=
=
,
,
ji
zgin
ji
ij
j
M
M
M
=
=
,
,
Obliczając momenty zginające (
,
,ij
i
M
ij
j
M
,
) należy oczywiście uwzględniać znaki momentów
statycznych (
,
ij
M
ji
M
).
Uwzględniając powyższe zasady określimy momenty zginające w przekrojach poszczególnych prętów.
METODA PRZEMIESZCZEŃ – rama ortogonalna 2
10.02.09
http://www.iil.pwr.wroc.pl/zukowski
11
q = 0.25 F/m
5
M
51
M
15
2m
V
51
V
15
1
F
4
M
41
=0
V
14
M
14
V
41
1
.5
m
1
1
.5
m
3
M
32
M
23
V
23
V
32
2
1
.5
m
1
.5
m
F
PRĘT 5-1
=
=
51
51
,
5
M
M
Fm
166
.
0
,
=
−
=
15
51
,
1
M
M
Fm
334
.
0
−
Pręt jest obciążony równomiernie, więc wykres momentów jest parabolą.
Aby ją narysować niezbędna jest znajomość trzeciej rzędnej np. w środku rozpiętości pręta
=
⋅
⋅
⋅
−
⋅
+
=
4
2
2
51
51
51
51
51
51
,
L
L
q
L
V
M
M
S
Fm
m
m
m
F
m
F
Fm
1092
.
0
5
.
0
1
/
25
.
0
1
0512
.
0
0354
.
0
−
=
⋅
⋅
−
⋅
+
−
.
PRĘT 1-2
=
=
12
12
,
1
M
M
Fm
4008
.
0
,
=
−
=
21
12
,
2
M
M
Fm
2662
.
0
−
.
PRĘT 4-1
=
=
41
41
,
4
M
M
0
,
=
−
=
14
41
,
1
M
M
Fm
1661
.
1
−
.
Pręt jest obciążony siłą skupioną. Należy, więc doliczyć rzędną pod siłą skupioną.
=
⋅
+
=
2
41
41
41
41
,
L
V
M
M
F
Fm
m
F
1666
.
0
5
.
1
1113
.
0
0
=
⋅
+
PRĘT 2-3
=
=
23
23
,
2
M
M
Fm
3315
.
0
−
,
=
−
=
32
23
,
3
M
M
Fm
3968
.
0
−
.
Pręt jest obciążony siłą skupioną. Należy, więc doliczyć rzędną pod siłą skupioną.
=
⋅
+
=
2
23
23
23
23
,
L
V
M
M
F
Fm
m
F
Fm
3858
.
0
5
.
1
4782
.
0
3315
.
0
=
⋅
+
−
6.4
WYKRESY SIŁ PRZEKROJOWYCH
Sporządzając wykresy momentów zginających należy pamiętać, że ich rzędne odkłada się po
stronie włókien rozciąganych, co jest równoznaczne z tym, że rzędne dodatnie odkłada się po stronie
włókien wyróżnionych a ujemne po stronie przeciwnej.
F
m
0
3
5
4
.
0
Fm
4331
.
0
F
m
1
0
9
2
.
0
Fm
4008
.
0
Fm
2662
.
0
Fm
3858
.
0
Fm
1666
.
0
Fm
3968
.
0
F
m
1
6
6
1
.
1
Fm
3315
.
0
Fm
0055
.
0
−
Fm
0272
.
0
Fm
0833
.
0
Fm
4998
.
0
−
F
m
0
6
7
3
.
0
F
4
4
8
8
.
0
F
1
6
6
7
.
0
F
1
6
6
7
.
0
F
8887
.
0
F
1113
.
0
F
4782
.
0
F
5218
.
0
F
0
5
1
2
.
0
F
4
1
0
5
.
0
F
1667
.
0
F
4
7
8
2
.
0
F
2821
.
0
METODA PRZEMIESZCZEŃ – rama ortogonalna 2
10.02.09
http://www.iil.pwr.wroc.pl/zukowski
12
7.
KONTROLA KINEMATYCZNEJ DOPUSZCZALNOŚCI ROZWIĄZANIA
Aby mieć pewność, że rozwiązanie jest poprawne należy wykazać, że jest ono statycznie i
kinematycznie dopuszczalne.
Pierwszy warunek oznacza, że siły muszą spełniać równania równowagi. Warunek ten
został sprawdzony w trakcie wyznaczania sił tnących, osiowych i reakcji.
Sprawdzenie drugiego warunku polega na sprawdzeniu czy wynikające z rozwiązania
przemieszczenia w poszczególnych punktach spełniają warunki podparcia i ciągłości. Wystarczy
sprawdzenie tylu składowych przemieszczeń ile wynosi stopień statycznej niewyznaczalności.
Sprawdzenia kinematycznej dopuszczalności dokonamy wykorzystując wzory na przemieszczenia i
warunki wykorzystywane do budowy równań kanonicznych metody sił
rzecz
i
s
F
s
i
s
F
i
iF
k
S
S
dx
EI
M
M
,
∆
=
⋅
+
⋅
=
∆
∑
∫
Jak widać do dokonania sprawdzenia niezbędne jest wykonanie rozwiązań modelu statycznie
wyznaczalnego układu od sił jednostkowych przyłożonych w miejscach wyznaczanych przemieszczeń.
7.1
WYZNACZENIE STOPNIA STATYCZNEJ NIEWYZNACZALNOŚCI UKŁADU
6
1
3
9
3
=
⋅
−
=
−
=
t
e
n
h
7.2
PRZYJĘCIE MODELU STATYCZNIE WYZNACZALNEGO
EI
EI
X
4
X
5
X
1
X
3
X
2
X
6
7.3
ROZWIĄZANIA MODELU STATYCZNIE WYZNACZALNEGO OD OBCIĄŻEŃ
JEDNOSTKOWYCH
Rozwiązanie od
1
1
=
X
EI
EI
X
1
=1
1
M
1
0
2
=
δ
S
0
1
=
δ
S
0
2
=
ϕ
S
METODA PRZEMIESZCZEŃ – rama ortogonalna 2
10.02.09
http://www.iil.pwr.wroc.pl/zukowski
13
Rozwiązanie od
1
2
=
X
1
m
S
/
3125
.
0
1
−
=
δ
0
2
=
δ
S
0
2
=
ϕ
S
Rozwiązanie od
1
3
=
X
1
m
S
/
3125
.
0
1
=
δ
0
2
=
δ
S
0
2
=
ϕ
S
Rozwiązanie od
1
4
=
X
1
0
2
=
δ
S
0
2
=
ϕ
S
m
S
/
3125
.
0
1
=
δ
Rozwiązanie od
1
5
=
X
E
I
2E
I
m
3
m
3
0
2
=
δ
S
0
2
=
ϕ
S
9375
.
0
1
−
=
δ
S
METODA PRZEMIESZCZEŃ – rama ortogonalna 2
10.02.09
http://www.iil.pwr.wroc.pl/zukowski
14
Rozwiązanie od
1
6
=
X
m
2
0
2
=
δ
S
0
2
=
ϕ
S
25
.
1
1
−
=
δ
S
7.4
SPRAWDZENIE PRZEMIESZCZEŃ RZECZYWISTYCH W MIEJSCACH
PRZYJĘTYCH SIŁ HIPERSTATYCZNYCH.
Uwzględniamy, że
M
M
F
=
i
S
S
F
=
(
)
+
⋅
−
⋅
−
−
⋅
−
⋅
+
−
⋅
−
⋅
⋅
=
⋅
⋅
=
∆
∫
Fm
EI
m
dx
EI
M
M
F
)
1
(
4331
.
0
)
1
(
)
1092
.
0
(
4
)
1
(
0354
.
0
6
2
1
1
(
)
+
⋅
⋅
+
⋅
−
⋅
+
⋅
−
⋅
⋅
+
Fm
EI
m
5
.
0
1666
.
0
75
.
0
)
4998
.
0
(
4
1
1661
.
1
2
6
5
.
1
(
)
0
00016
.
0
0
25
.
0
0833
.
0
4
5
.
0
1666
.
0
2
6
5
.
1
,
1
2
=
∆
≈
⋅
−
=
⋅
+
⋅
⋅
+
⋅
⋅
⋅
+
rzecz
EI
Fm
Fm
EI
m
,
=
⋅
⋅
=
∆
∫
dx
EI
M
M
F
2
2
(
)
+
⋅
−
⋅
+
−
⋅
−
⋅
+
−
⋅
−
⋅
⋅
Fm
EI
m
)
5
.
0
(
1666
.
0
)
75
.
0
(
)
4998
.
0
(
4
)
1
(
1661
.
1
2
6
5
.
1
(
)
+
⋅
+
−
⋅
⋅
+
−
⋅
⋅
⋅
+
Fm
EI
m
0
)
25
.
0
(
0833
.
0
4
)
5
.
0
(
1666
.
0
2
6
5
.
1
(
)
=
−
⋅
−
+
⋅
+
−
⋅
⋅
+
−
⋅
⋅
⋅
+
3
/
2
)
/
3125
.
0
(
3526
.
0
0
)
5
.
0
(
0673
.
0
4
)
1
(
4008
.
0
6
4
m
EI
m
F
Fm
EI
m
0
00009
.
0
,
2
2
=
∆
≈
⋅
−
=
rzecz
EI
Fm
,
=
⋅
⋅
=
∆
∫
dx
EI
M
M
F
3
3
(
)
+
⋅
−
⋅
−
−
⋅
⋅
+
⋅
⋅
Fm
EI
m
)
1
(
2662
.
0
)
5
.
0
(
0673
.
0
4
0
6
4
(
)
+
⋅
−
⋅
+
−
⋅
⋅
+
−
⋅
−
⋅
⋅
+
Fm
EI
m
)
1
(
3858
.
0
)
1
(
0272
.
0
4
)
1
(
3315
.
0
6
5
.
1
(
)
+
⋅
−
⋅
−
−
⋅
−
⋅
+
−
⋅
⋅
⋅
+
Fm
EI
m
)
1
(
3968
.
0
)
1
(
)
0055
.
0
(
4
)
1
(
3858
.
0
6
5
.
1
=
⋅
−
+
3
/
2
/
3125
.
0
3526
.
0
m
EI
m
F
0
00016
.
0
,
3
2
=
∆
≈
⋅
rzecz
EI
Fm
,
=
⋅
⋅
=
∆
∫
dx
EI
M
M
F
4
4
(
)
+
⋅
−
⋅
−
−
⋅
⋅
+
⋅
⋅
Fm
EI
m
)
1
(
2662
.
0
)
5
.
0
(
0673
.
0
4
0
6
4
=
⋅
−
+
3
/
2
/
3125
.
0
3526
.
0
m
EI
m
F
EI
Fm
m
EI
Fm
k
S
EI
Fm
rzecz
2
2
2
,
2
2
03265
.
0
/
2
0653
.
0
03264
.
0
⋅
=
=
=
∆
≈
⋅
ϕ
ϕ
,
0
00001
.
0
)
03265
.
0
03264
.
0
(
2
2
,
4
4
≈
⋅
−
=
⋅
−
=
∆
−
∆
EI
Fm
EI
Fm
rzecz
F
,
=
⋅
⋅
=
∆
∫
dx
EI
M
M
F
5
5
(
)
+
⋅
⋅
⋅
−
⋅
⋅
+
⋅
⋅
m
Fm
EI
m
3
2662
.
0
5
.
1
0673
.
0
4
0
6
4
(
)
+
⋅
⋅
⋅
+
⋅
⋅
+
⋅
−
⋅
⋅
+
m
Fm
EI
m
5
.
1
3858
.
0
25
.
2
0272
.
0
4
3
3315
.
0
6
5
.
1
METODA PRZEMIESZCZEŃ – rama ortogonalna 2
10.02.09
http://www.iil.pwr.wroc.pl/zukowski
15
(
)
+
⋅
⋅
+
⋅
−
⋅
+
⋅
⋅
⋅
+
m
Fm
EI
m
0
75
.
0
)
0055
.
0
(
4
5
.
1
3858
.
0
6
5
.
1
=
−
⋅
−
+
3
/
2
)
9375
.
0
(
3526
.
0
m
EI
F
0
00023
.
0
,
5
3
=
∆
≈
⋅
−
rzecz
EI
Fm
(
)
+
⋅
−
⋅
−
−
⋅
−
⋅
+
−
⋅
−
⋅
⋅
=
⋅
⋅
=
∆
∫
Fm
EI
m
dx
EI
M
M
F
)
1
(
4331
.
0
)
1
(
)
1092
.
0
(
4
)
1
(
0354
.
0
6
2
6
6
=
−
⋅
−
+
3
/
2
)
25
.
1
(
3526
.
0
m
EI
F
EI
Fm
m
EI
F
k
S
EI
Fm
rzecz
3
3
2
2
,
6
3
05115
.
0
/
05115
.
0
05117
.
0
⋅
=
−
−
=
−
=
∆
≈
⋅
δ
δ
,
0
00002
.
0
)
05115
.
0
05117
.
0
(
3
2
,
6
6
≈
⋅
−
=
⋅
−
=
∆
−
∆
EI
Fm
EI
Fm
rzecz
F
.