Projekt z układów dynamicznych Alina Maląg

background image

Projekt z układów dynamicznych w zastosowaniach.

Alina Maląg

8.01.2016

1

Model Odella

Niech x oznacza liczebność ofiar, a y oznacza liczebność drapieżników. Zakładamy także, że
w środowisku nie występują inne populacje lub nawet jeśli występują to ich liczebność nie
ma wpływu na liczebność drapieżników i ofiar. Zakładamy także, że nie istnieją zewnętrzne
czynniki znacząco wpływające na liczebność obu populacji. Model opisujący zależność pomiędzy
liczebnościami tych dwóch populacji może być opisana następującym układem równań:

x

= x[x(1

− x) − y]

(1)

y

= y(x

− a),

(2)

gdzie a

­0 oznacza parametr kontroli. Ze względu na poprawność biologiczną bierzemy pod

uwagę tylko wartości x

­ 0 oraz y ­ 0. Powyższy model będziemy nazywali modelem Odella.

2

Punkty stałe układu

Przyrównujemy prawe strony równań (1) i (2) do zera. Stąd otrzymujemy:

x(x

− x

2

− y) = 0

(3)

y(x

− a) = 0

(4)

Z pierwszego równania otrzymujemy, że: x=0 lub x

− x

2

− y = 0.

Przyjmując x=0 z drugiego równania uzyskujemy y=0. Stąd pierwszym punktem stałym jest
P1=(0,0).
Z drugiego równania otrzymujemy, że: y=0 lub x=a.
Przyjmując y=0 i podstawiając do piewszego równania otrzymujemy x

− x

2

= 0. Stąd drugim

punktem stałym jest P2=(1,0).
Dla x=a z pierwszego równania otrzymujemy, że a(a

−a

2

−y) = 0 skąd trzecim punktem stałym

jest P 3 = (a, a

− a

2

).

3

Stabilność punktów stałych

W celu zbadania stabilności punktów stałych układu rozważmy Jakobian dla (1) i (2).
Oznaczmy:

F (x, y) = (x(x

− x

2

− y), y(x − a)).

Aby zbadać stabilność punktów stałych, zbadamy Jakobian funkcji F:

J F (x, y) =

[

2x

3x

2

− y

−x

y

x

− a

]

.

1

background image

J F (P 1) = J F (0, 0) =

[

0

0

0

−a

]

.

Wartości własne macierzy JF(P1) wynoszą 0 i -a, skąd z twierdzenia Grobmanna-Hartmanna nie
możemy jednoznacznie wnioskować o jego stabilności lub niestabilności. Jednakże poszukujemy
dodatniego punktu bifurkacji skąd punkt P1=(0,0) nie spełnia kryterium poszukiwań.

J F (P 2) = J F (1, 0) =

[

1

1

0

1

− a

]

.

Wartości własne macierzy JF(P2) wynoszą -1 i 1-a, skąd z twierdzenia Grobmanna-Hartmanna
wnioskujemy, że dla a < 1 punkt P2 jest siodłem, a dla a

­ 1 jest węzłem stabilnym.

J F (P 3) = J F (a, a

− a

2

) =

[

a

2a

2

−a

a

− a

2

0

]

.

Rozważmy wartości własne macierzy JF(P3):

det

[

a

2a

2

− λ −a

a

− a

2

−λ

]

=0 .

Równanie charakterystyczne wygląda następująco:

λ

2

+ λ(2a

2

− a) + a

2

− a

3

= 0

∆ = (2a

2

− a)

2

4(a

2

− a

3

)

∆ = 4a

4

3a

2

Rysunek 1: wykres funkcji a

2

(4a

2

3)

2

background image

Rozważmy przypadki:

1. ∆ > 0 :

∆ = 4a

4

3a

2

> 0

wtedy i tylko wtedy, gdy

a

(−∞, −

3

2

)

(

3

2

,

)

Wówczas wartości własne wynoszą:

λ

1

=

2a

2

+ a +

4a

4

3a

2

2

=

−a

2

+

1

2

a +

3a

2

+ 4a

4

2

λ

2

=

2a

2

+ a

4a

4

3a

2

2

=

−a

2

+

1

2

a

3a

2

+ 4a

4

2

2. ∆ = 0 :

∆ = 4a

4

3a

2

= 0

wtedy i tylko wtedy, gdy

a =

{−

(3)

2

, 0,

(3)

2

}

Otrzymujemy wartość własną:

λ

0

=

2a

2

− a

2

3. ∆ < 0 :

∆ = 4a

4

3a

2

< 0

wtedy i tylko wtedy, gdy

a

(

3

2

, 0)

(0,

3

2

)

Obliczmy wartości własne powyższego Jakobianu:

λ

1

=

2a

2

+ a +

4a

4

3a

2

2

=

−a

2

+

1

2

a +

3a

2

4a

4

2

i

λ

2

=

2a

2

+ a

4a

4

3a

2

2

=

−a

2

+

1

2

a

3a

2

4a

4

2

i

Dla parametru a

(

1
2

,

3

2

) otrzymujemy ognisko stabilne, zaś dla parametru a

(0,

1
2

)

dostajemy ognisko niestabilne. To sugeruje bifurkację Hopfa.

Aby udowodnić występowanie bifurkacji Hopfa dla układu, sprawdźmy, czy istnieje parametr a
dla którego spełnione są założenia twierdzenia o bifurkacji Hopfa:
Aby zachodziła bifurkacja Hopfa część rzeczywista wartości własnych musi być równa 0, a jej
część urojona różna od 0.
Stąd otrzymujemy:

Reλ

1,2

= 0

−a

2

+

1
2

a = 0

⇔ a = 0 lub a =

1
2

3

background image

Ponadto:

Imλ

1,2

=

±

3a

2

4a

4

2

̸= 0

Sprawdźmy, dla jakich wartości parametru a, część urojona się zeruje:

±

3a

2

4a

4

2

= 0

a = 0 lub a =

3

2

lub a =

3

2

Stąd a

R/

{

3

2

, 0,

3

2

}

.

Łącząc przypadki otrzymujemy, że bifurkacja Hopfa zachodzi dla parametru a =

1
2

4

Portrety fazowe

Rozważmy portrety fazowe modelu Odella:

1. dla parametru, w którym występuje bifurkacja a =

1
2

2. dla parametru mniejszego niż a =

1
2

, a=0.4

3. dla parametru większego niż a =

1
2

, a=0.6

Ad.1
Rozważmy układ z parametrem a =

1
2

. Wówczas model przyjmuje postać:

x

= x[x(1

− x) − y]

(5)

y

= y(x

0.5),

(6)

Punkty stałe powstałego układu to: A1 = (0, 0) A2 = (1, 0) A3 = (

1
2

,

1
4

). Ze względu na badaną

bifurkację interesuje nas tylko punkt A3. Układ w otoczeniu tego punktu jest centrum.

Rysunek 2: Przypadek 1

4

background image

Ad.2
Rozważmy układ z parametrem a = 0.4. Wówczas model przyjmuje postać:

x

= x[x(1

− x) − y]

(7)

y

= y(x

0.4),

(8)

Punkty stałe powstałego układu to: B1 = (0, 0) B2 = (1, 0) B3 = (0.4, 0.24). Ze względu na
badaną bifurkację interesuje nas tylko punkt A3. Układ w otoczeniu tego punktu jest ogniskiem
niestabilnym.

Rysunek 3: Przypadek 2

Ad.3
Rozważmy układ z parametrem a = 0.6. Wówczas model przyjmuje postać:

x

= x[x(1

− x) − y]

(9)

y

= y(x

0.6),

(10)

Punkty stałe powstałego układu to: B1 = (0, 0) B2 = (1, 0) B3 = (0.6, 0.24). Ze względu na
badaną bifurkację interesuje nas tylko punkt A3. Układ w otoczeniu tego punktu jest ogniskiem
stabilnym.

5

background image

Rysunek 4: Przypadek 3

Zachowanie układu dla podanych parametrów sugeruje bifurkację superkrytyczną. Aby potwier-
dzić naszą hipotezę obliczymy współczynnik A.
Oznaczmy:

f (x, y) = x[x(1

− x) − y],

g(x, y) = y(x

− a).

Wówczas:

f

x

= 2x

3x

2

− y

g

x

= y

f

xx

= 2

6x

g

xx

= 0

f

xxx

=

6

g

xxx

= 0

f

y

=

−x

g

y

= x

f

yy

= 0

g

yy

= 0

f

yyy

= 0

g

yyy

= 0

f

xy

=

1

g

xy

= 1

Wówczas współczynnik A będzie miał postać:

A =

1

16

(f

xxx

+f

xyy

+g

xxy

+g

yyy

)+

1

16ω

[f

xy

(f

xx

+f

yy

)

−g

xy

(g

xx

+g

yy

−f

xx

g

xx

+g

yy

f

yy

] =

3 +

2

8

< 0,

gdzie ω = Imλ =

3a

2

4a

4

2

Przyjmując ω =

3a

2

4a

4

2

wartość parametru A będzie mniejsza od otrzymanej, zatem również

ujemna.
Otrzymany współczynnik A jest mniejszy od zera, a co za tym idzie otrzymana bifurkacja jest
superkrytyczna. Oznacza to, że dla parametru a <

1
2

dostajemy następujący cykl graniczny:

6

background image

Rysunek 5: cykl graniczny

Cykl graniczny jest przyciągający, dlatego też zewnętrzna orbita nawija sie od niego od ze-
wnątrz.

Rysunek 6: Orbita nawija się z zewnątrz na cykl graniczny.

Podsumowując: dla a <

1
2

mamy punkt stacjonarny niestabilny i jednocześnie rozwiązanie

okresowe stabilne zaś po przej- ściu przez a =

1
2

dostajemy punkt stabilny, a rozwiązanie

okresowe zanika.

7


Wyszukiwarka

Podobne podstrony:
Projektowanie ukladow niskopradowych cz5
Metoda projektowania układów regulacji za pomocą linii pierwiastkowych
projektowanie układów elekropneumatycznych
Projektowanie układów elektronicznych
3 Projektowanie układów automatyki (schematy blokowe, charakterystyki)
PROJEKT U MONIKI, Dynamika budowli
Labolatorium projektowania układów i systemów sterowania, Narzędzia komputerowego wspomagania projek
13 Projektowanie układów sekwencyjnych procesowo–zależnych o programach liniowych na przykładzie uk
Projektowanie ukladow niskoprad Nieznany
Wykład VI minimalizacja zespołu funkcji, projektowanie układów kombinacyjnych
Wykład VI minimalizacja zespołu funkcji, projektowanie układów kombinacyjnych
Zasady projektowania układów kompensacji mocy biernej nn
03 ScilabControl, 2 ROK, 3ci SEMESTR, Modele ukladow dynamicznych, materialy na lab i cw
Wzmacniacz operacyjny w konfiguracji odwracającej, PROJEKT Z UKŁADÓW ELEKTRONICZNYCH

więcej podobnych podstron