Wrocław,
Ćwiczenie projektowe
Odnowa wody
Prowadzący:
dr hab. inż. Jacek Wiśniewski, prof. PWr
Zaprojektowano zakład odnowy wody o wydajności 2380 m3/d (99,17 m3/h) . Z uwagi na zużycie wody na potrzeby własne zakładu wydajność rzeczywista wynosi 80,97 m3/h. Powierzchnia przeznaczona na budowę projektowanego zakładu odnowy wody położona jest na terenie płaskim, znajdującym się na wysokości 100 m n.p.m.
Zastosowany w zakładzie układ technologiczny przedstawiono poniżej:
Rys.1. Układ technologiczny
Do zakładu dopływają ścieki biologicznie oczyszczone z oczyszczalni ścieków o składzie przedstawionym w tabeli:
Tab.1. Skład ścieków oczyszczonych biologicznie.
Wskaźnik | Jednostka | Wartość |
---|---|---|
pH | - | 7,4 |
Barwa | gPt/m3 | 26 |
Mętność | NTU | 30 |
ChZT | gO2/m3 | 44 |
BZT5 | gO2/m3 | 20 |
Azot azotanowy | gN/m3 | 10 |
Azot amonowy | gN/m3 | 4 |
Azot organiczny | gN/m3 | 2 |
Fosforany | gPO43-/m3 | 4 |
Chlorki | val/m3 | 2,2 |
Siarczany | val/m3 | 2 |
Sód | val/m3 | 0,1 |
Potas | val/m3 | 0,1 |
Wapń | val/m3 | 4,9 |
Magnez | val/m3 | 2,6 |
Zasadowość | val/m3 | 3 |
Ciała rozpuszczone | g/m3 | 660 |
Wymogi stawiane wodzie po odnowie przedstawiono w tabeli:
Tab.2. Dopuszczalne stężenia zanieczyszczeń w ściekach oczyszczonych.
Wskaźnik | Jednostka | Wartość |
---|---|---|
pH | - | 7,2 |
Barwa | gPt/m3 | 15 |
Mętność | NTU | 4 |
ChZT | gO2/m3 | 5 |
BZT5 | gO2/m3 | 3 |
Azot azotanowy | gN/m3 | 3 |
Azot amonowy | gN/m3 | 0,5 |
Azot organiczny | gN/m3 | 0,5 |
Fosforany | gPO43-/m3 | 0,2 |
Chlorki | val/m3 | 1,0 |
Siarczany | val/m3 | 0,5 |
Sód | val/m3 | 0,1 |
Potas | val/m3 | 0,1 |
Wapń | val/m3 | 1,0 |
Magnez | val/m3 | 0,5 |
Zasadowość | val/m3 | 0,8 |
Ciała rozpuszczone | g/m3 | 150 |
Ścieki oczyszczone biologicznie doprowadzane są do zakładu odnowy wody trafiając do pompowni I stopnia, której zadaniem jest przepompowanie ich do pierwszego obiektu – budynku chemicznego. W tym budynku zachodzi koagulacja wapnem. Przyjęta dawka wapna wynosi 350 g CaO/m3. W budynku chemicznym znajduje się komora szybkiego mieszania mechaniczna z mieszadłem łopatkowym o wysokości 2,00 m i średnicy 1,80 m. Proces sedymentacji przeprowadza się w osadniku pionowym o wysokości 3,20 m i średnicy 9,00 m, który jest zespolony z wodoskrętną komorą wolnego mieszania (wysokość 3,20 m i średnicy 3,20 m). Objętość leja osadowego wynosi 95,25 m3. W tym samym budynku znajduje się także laboratorium, pomieszczenia socjalne i administracja oraz magazyn wapna.
Bilans jonów po przeprowadzonej koagulacji wapnem przedstawiono w tabeli:
Tab.3. Bilans jonów po koagulacji
Forma rozpuszczona | Ogółem | |
---|---|---|
val/m3 | val/m3 | |
Azot amonowy | 0,20 | 0,20 |
Wapń | 11,28 | 11,9 |
Magnez | 0 | 0,52 |
Sód | 0,10 | 0,10 |
Potas | 0,10 | 0,10 |
Fosforany | 0,01 | 0,03 |
Azot azotanowy | 0,71 | 0,71 |
Chlorki | 2,20 | 2,20 |
Siarczany | 2,00 | 2,00 |
Zasadowość | 6,82 | 7,94 |
Kolejny proces, któremu poddawane są ścieki biologicznie oczyszczone to rekarbonizacja. Proces ten ma na celu przywrócenie równowagi węglanowo – wapniowej po koagulacji wapnem. Rekarbonizacja ma zapobiec wytrącaniu CaCO3 w urządzeniach. Proces polega na dawkowaniu CO2 do roztworu po koagulacji wapnem, co powoduje przejście wodorotlenków i węglanów do wodorowęglanów. W projektowanym zakładzie odnowy wody zastosowano rekarbonizację dwustopniową. Całkowita dawka dwutlenku węgla użytego w procesie wynosi 251,60 g/m3. Rekarbonizacja prowadzona jest w budynku rekabonizacji, w którym znajduje się komora saturacji (w której przebiega 1 stopień rekarbonizacji), osadnik poziomy (w którym zachodzi sedymentacja międzystrefowa) oraz druga komora saturacji (w której przebiega 2 stopień rekarbonizacji). Wymiary komory saturacji wynoszą: wysokość 2m, szerokość 3 m, długość 4,20 m. Całkowita długość osadnika poziomego wynosi 22 m, jego szerokość 3 m, wysokość 2 m. Objętość leja osadowego w osadniku poziomym wynosi 13,77 m3.
Bilans jonów po rekarbonizacji dwustopniowej przedstawiono w tabeli:
Tab.4. Bilans jonów po rekarbonizacji dwustopniowej
Forma rozpuszczona | |
---|---|
val/m3 | |
Azot amonowy | 0,20 |
Wapń | 6,11 |
Magnez | 0,52 |
Sód | 0,10 |
Potas | 0,10 |
Fosforany | 0,03 |
Azot azotanowy | 0,71 |
Chlorki | 2,20 |
Siarczany | 2,00 |
Zasadowość | 2,15 |
Kolejnym budynkiem w zakładzie odnowy wody jest budynek filtrów piaskowych i węglowych. Proces filtracji prowadzony jest w 5 filtrach ciśnieniowych. Dobrano filtry typu D (DZF 18-300-S) o średnicy 1,80 m i wysokości 4,87 m. Filtry piaskowe połączone są równolegle. Do płukania filtrów przeznaczona jest woda pochodząca z sieci wodociągowej. W budynku znajdują się także filtry węglowe, na których jest prowadzony proces adsorpcji na węglu aktywnym. Filtry te są ustawione w 4 szeregach, w każdym znajdują się 3 filtry pracujące i 1 zapasowy. Wysokość złoża w każdej kolumnie wynosi 1,5 m. Filtry węglowe połączone są szeregowo. Przyjęto zbiorniki typu CZF 14-300-S o średnicy 1,40 m oraz wysokości całkowitej 4,67 m. Po omówionych procesach można mówić już o wodzie odnowionej.
Woda odnowiona trafia do pompowni 2 stopnia, która kieruje ją do następnych obiektów. Kolejny budynek, do którego trafia woda to budynek jonitów, gdzie prowadzony jest proces wymiany jonowej. W zakładzie zastosowano kationit silnie kwasowy typu WOFATIT KPS. Przyjęto 2 kationity pracujące oraz 1 rezerwowy. Są to zbiorniki typu DZF 18-300-S o średnicy 1,80 m oaz wysokości całkowitej 4,87 m. Wymiana jonowa przeprowadzana jest na anionicie silnie zasadowym typu WOFATIT SBW. Przyjęto 4 anionity pracujące oraz 2 rezerwowe. Są to zbiorniki typu DZF 24-300-S o średnicy 2,40 m oaz wysokości całkowitej 5,20 m. W zakładzie zaprojektowano dodatkowe zbiorniki do przygotowania roztworów regenerujących: 8% roztworu HCl do regeneracji kationitów oraz 5% roztworu NaOH do regeneracji anionitów. Średnica zbiornika do przygotowywania roztworu HCl wynosi 1,80 m, a jego wysokość 2,70 m. Średnica zbiornika do przygotowywania roztworu NaOH wynosi 2,40 m, a jego wysokość 3,90 m. Woda zdejonizowana potrzebna do płukania jonitów jest magazynowana w zbiorniku o wysokości 4 m i średnicy 8 m.
Ostatni proces, jaki jest prowadzony w zakładzie odnowy wody to dezynfekcja prowadzona chlorem. Stosowana dawka chloru wynosi 9,60 gCl2/m3. Zaprojektowano dodatkowy budynek, w którym znajduje się będzie magazyn chloru. Zaprojektowano komorę reakcji. Przyjęto jej parametry: średnica 5 m oraz wysokość 2,10 m. Zdezynfekowana woda pompowana jest przez pompownię 3 stopnia do sieci.
Na terenie zakładu odnowy wody znajdują się dwa odstojniki: 1 pracujący i 1 rezerwowy. Do odstojników trafiają osady z koagulacji wapnem, osady z procesu rekarbonizacji dwustopniowej oraz popłuczyny z płukania filtrów piaskowych. Zaprojektowano osadniki o objętości 400 m3 każdy i wymiarach: długość 13,5 m, szerokość 10 m i wysokość 3 m. Osady ulegają zagęszczeniu w odstojniku. Zagęszczone osady można poddać odwadnianiu mechanicznemu i składować lub stosować je do wapnowania osadów ściekowych. Pozostałe odpady, tj. wody z regeneracji kationitów i anionitów trafiają do zbiornika neutralizacji. Zaprojektowano zbiornik o średnicy 10 m i wysokości 4,70 m. Ciecz nadosadowa z odstojników, woda z regeneracji jonitów po neutralizacji oraz woda ze spulchniania jonitów trafiają do kanalizacji.
Na terenie zakładu znajduje się budynek administracyjny, parking oraz portiernia. Na terenie oczyszczalni poprowadzono sieć wodociągową oraz kanalizacyjną. Zaprojektowano drogi dojazdowe do wszystkich budynków. Teren oczyszczalni ścieków jest w całości ogrodzony. Wjazd na teren oczyszczalni ścieków zapewnia brama wjazdowa.
Kationy (Kt): N-NH4+, Na+, K+, Ca2+, Mg2+, $\frac{\text{val}}{m^{3}}$
Aniony (An): N-NO3-, PO43-, Cl-, SO42-, HCO3-, $\frac{\text{val}}{m^{3}}$
$$\sum_{}^{}\text{Kt} = \sum_{}^{}\text{An}\ \ ( \pm 0,1\ \frac{\text{val}}{m^{3}})$$
Zamiana jednostek
Przeliczenie wykonano dzieląc wartość danego wskaźnika wyrażoną w g/m3 przez wartość gramorównoważnika (R).
$$R = \frac{M}{w},\ g/\text{val}$$
gdzie: M – masa cząsteczkowa, g
w – wartościowość
Dla azotu RN=14.
Dla fosforanów: $R_{\text{PO}_{4}^{3 -}} = \frac{96}{3} = 32\ g/\text{val}$
$$N - NH_{4}^{+} = \frac{4\frac{g}{m^{3}}}{14\frac{g}{\text{val}}} = 0,29\frac{\text{val}}{m^{3}}$$
$$N - NO_{3}^{-} = \frac{10\ \frac{g}{m^{3}}}{14\frac{g}{\text{val}}} = 0,71\frac{\text{val}}{m^{3}}$$
$$PO_{4}^{3 -} = \frac{4\ \frac{g}{m^{3}}}{32\frac{g}{\text{val}}} = 0,13\frac{\text{val}}{m^{3}}$$
Tab.5. Skład jonowy ścieków oczyszczonych biologicznie.
Kationy | Aniony |
---|---|
val/m3 | N-NH4+ |
Na+ | |
K+ | |
Ca2+ | |
Mg2+ | |
Suma: | - |
Suma kationów
$$\sum_{}^{}\text{Kt} = 0,29 + 0,10 + 0,10 + 4,90 + 2,60 = 7,99\ \frac{\text{val}}{m^{3}}\ \ $$
Suma anionów
$$\sum_{}^{}\text{An} = 0,71 + 0,13 + 2,20 + 2,00 + 3,00 = 8,04\ \frac{\text{val}}{m^{3}}$$
Sprawdzenie warunku poprawności:
$$\sum_{}^{}\text{An} - \sum_{}^{}{\text{Kt} = 8,04 - 7,99 = 0,05\ \frac{\text{val}}{m^{3}}\ }$$
Warunek$\ \sum_{}^{}\text{Kt} = \sum_{}^{}\text{An}\ \left( \pm 0,1\frac{\text{val}}{m^{3}} \right)\ $został spełniony.
Wariant I
Wariant II
Dawkę CaO ustalono ze względu na strącanie PO43− oraz dekarbonizację.
Końcowe stężenie PO43− w formie rozpuszczonej po koagulacji wapnem zależy od odczynu ścieków:
[PO43−]kr = f(pH)
Pozostałe stężenie fosforanów po koagulacji jest równe stężeniu fosforanów określonym w wymaganiach stawianych wodzie po odnowie. Wartość tego stężenia wynosi 0,20 gPO43-/m3.
Rys.2. Wykres pozostałego stężenia fosforanów w funkcji odczynu ścieków biologicznie oczyszczonych.
Na podstawie wymaganego stężenia końcowego fosforanów dobrano niezbędny odczyn w procesie koagulacji. Wartość odczynu wynosi pH=11,3.
Podsumowanie:
$$\left\lbrack \mathbf{P}\mathbf{O}_{\mathbf{4}}^{\mathbf{3}\mathbf{-}} \right\rbrack_{\mathbf{k}}^{\mathbf{r}}\mathbf{= 0,20}\frac{\mathbf{g}\mathbf{P}\mathbf{O}_{\mathbf{4}}^{\mathbf{3}\mathbf{-}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}\mathbf{\rightarrow}\mathbf{p}\mathbf{H}_{\mathbf{p}}\mathbf{= 11,3\ }$$
DCaOD = 28 • (Tww+CO2), gCaO/m3
gdzie: Tww – twardość węglanowa ścieków biologicznie oczyszczonych, val/m3
CO2 – stężenie wolnego CO2 w wodzie, val/m3
28 – gramorównoważnik chemiczny CaO, g/val
Twardość węglanowa ścieków oczyszczonych biologicznie jest równa ich zasadowości. Stężenie wolnego CO2 odczytano z nomogramu równowagi węglanowo-wapniowej.
Dana potrzebne do odczytania stężenia wolnego CO2 z nomogramu równowagi węglanowo-wapniowej:
pH = 7,4
Tww = M0 = 3, 00 val/m3
Twardość węglanową przeliczono z val/m3 na g/m3.
$$R_{\text{CaCO}_{3}} = \frac{100}{2} = 50\ g/val$$
$$\text{Tw}_{w} = 3,0\frac{\text{val}}{m^{3}} \bullet 50\ \frac{g}{\text{val}} = 150\ \frac{g}{m^{3}}$$
Rys.3. Nomogram równowagi węglanowo-wapniowej.
Z nomogramu odczytano wartość wolnego CO2.
CO2=13 gCO2/m3
Stężenie wolnego CO przeliczono z g/m3 na val/m3.
RCO2 = 44 g/val
$$\text{CO}_{2} = \frac{13\ g/m^{3}}{44\ g/val} = 0,30\frac{\text{val}}{m^{3}}$$
DCaOD = 28 • (3,00+0,30) = 92, 40 gCaO/m3
Warunek 1:
DCaOP = f(pHp;M0), g/m3
Biorąc pod uwagę odczyn pHp = 11,3 oraz zasadowość ścieków biologicznie oczyszczonych M0=3,0 val/m3 = 150 gCaCO3/m3 odczytano z wykresu niezbędną dawkę wapna.
Rys.4. Wykres zależności niezbędnej dawki wapna od założonego odczynu.
DCaOP = 350 g CaO/m3
Warunek 2:
DCaOD = 92, 4 gCaO/m3
Przyjęta dawka CaO = 350 g CaO/m3.
Obliczenie powierzchni magazynu wapna:
Maksymalne dobowe zużycie reagenta jest miarodajne do wyznaczenia wielkości magazynu.
$$M_{\text{dmax}} = Q_{\text{dmax}} \bullet D_{\max} \bullet f,\frac{\text{kg}}{d}$$
gdzie: Qd max- maksymalna dobowa wydajność stacji uzdatniania wody, m3/d,
Dmax - maksymalna dawka reagenta w postaci czystej i ewentualnie bezwodnej, kg/m3
f- współczynnik przeliczeniowy masy reagenta w postaci chemicznie czystej i bezwodnej na masę produktu technicznego (f=1,2 dla wapna)
Maksymalne dobowe zużycie wapna
$$M_{\text{dmax}} = 2380 \bullet (350 \bullet 10^{- 3}) \bullet 1,2 = 999,6\frac{\text{kg}}{d}$$
Wyznaczono wielkość zapasu wapna
Z = Mdmax • Tm, kg
gdzie: Tm- wymagany czas składowania (Tm = 60d)
Z = 999, 6 • 60 = 59976 kg
Powierzchnię magazynów koagulantu i wapna obliczono według wzoru:
$$F = \alpha\frac{Z}{\rho_{n} \bullet h_{s}},\ m^{2}$$
gdzie: F – powierzchnia magazynu (łącznie z powierzchnią niezbędną do wewnętrznego transportu), m2,
α – współczynnik zwiększający ze względu na transport wewnętrzny (α=1,20),
Z – wymagany zapas reagenta, kg
𝜌n – gęstość nasypowa reagenta przy magazynowaniu luzem, kg/m3
hs- dopuszczalna wysokość składowania, m
Wartości gęstości nasypowej i dopuszczalnej wysokości składowania dla wapna odczytano z tabeli1
Powierzchnia magazynu wapna:
$$F = 1,20 \bullet \frac{59976}{1000 \bullet 1,5} = \ 47,98\ m^{2}$$
[PO43−]kc = [PO43−]kr + [PO43−]knr = [PO43−]kr + (1 − ηs)•[PO43−]
gdzie: [PO43−]kc− całkowite stężenie PO43− (rozpuszczonych i w zawiesinie) po koagulacji, $\frac{g}{m^{3}}$,
[PO43−]kr− stężenie PO43− w formie rozpuszczonej po koagulacji dla pHmax
Jeżeli DCaO = DCaOP → [PO43−]kr = Cdop
Jeżeli DCaO = DCaOD→ z wykresu 2 należy odczytać pHmax i następnie z wykresu 1 skorygowane [PO43−]kr
[PO43−] = [PO43−]0r − [PO43−]kr− zmiana stężenia PO43− w formie rozpuszczonej w procesie koagulacji,$\ \frac{g}{m^{3}}$,
[PO43−]0r− stężenie PO43− w dopływie (ścieki biologicznie oczyszczone), $\frac{g}{m^{3}}$,
ηs− sprawność sedymentacji, (ηs ≈ 0, 8)
Dawka wapna jest równa dawce wapna ze względu na strącenie fosforanów. Z tego względu stężenie [PO43−] w formie rozpuszczonej po koagulacji jest równe stężeniu [PO43−] zalecanemu w wodzie po odnowie.
DCaO = DCaOP → [PO43−]kr = Cdop = 0, 20 g/m3
$$\left\lbrack PO_{4}^{3 -} \right\rbrack_{k}^{c} = 0,2 + \left( 1 - 0,8 \right) \bullet \left( 4,0 - 0,2 \right) = \mathbf{0,96}\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Wykonano przeliczenie z g/m3 na val/m3.
RPO43− = 32 g/val
$$\left\lbrack PO_{4}^{3 -} \right\rbrack_{k}^{r} = \frac{0,20\ g/m^{3}}{32\ g/val} = 0,01\frac{\text{val}}{m^{3}}$$
$$\left\lbrack PO_{4}^{3 -} \right\rbrack_{k}^{c} = \frac{0,96\ g/m^{3}}{32\ g/val} = 0,03\frac{\text{val}}{m^{3}}$$
W trakcie koagulacji wapnem zachodzi hydroliza NH4+ do NH3:
NH4+ → NH3 ↑ +H+
i część powstałego NH3 (ok. 30%) ulega desorpcji do atmosfery.
Stężenie po koagulacji
$$\left\lbrack NH_{4}^{+} \right\rbrack_{k} = \ \left( 1 - \eta_{h} \right) \bullet \left\lbrack NH_{4}^{+} \right\rbrack_{0},\ \frac{\text{gN}}{m^{3}}$$
$$\left\lbrack NH_{3} \right\rbrack_{k} = \eta_{h} \bullet \left( 1 - \ \eta_{o} \right){\bullet \left\lbrack NH_{4}^{+}\ \right\rbrack}_{0},\ \frac{\text{gN}}{m^{3}}$$
gdzie: ηh − sprawność hydrolizy NH4+ dla pHmax ,
ηo − sprawność desorpcji NH3 (ηo≈0,30).
Sprawność hydrolizy NH4+ odczytano z wykresu na podstawie pHmax=11,3 oraz założonej temperatury ścieków T=10°C = 283 K.
pHmax = f(ηh)
Rys.5. Wykres wpływu temperatury i pH na hydrolizę amoniaku.
$$\left\lbrack NH_{4}^{+} \right\rbrack_{k} = \ \left( 1 - 0,97 \right) \bullet 4,00 = \mathbf{0,12\ }\frac{\mathbf{g}\mathbf{\ }\mathbf{N}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
$$\left\lbrack NH_{3} \right\rbrack_{k} = 0,97 \bullet \left( 1 - \ 0,30 \right) \bullet 4,00 = \mathbf{2,72\ }\frac{\mathbf{g}\mathbf{\ }\mathbf{N}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
po rekarbonizacji
$$\left\lbrack NH_{4}^{+} \right\rbrack_{r} = \left\lbrack NH_{4}^{+} \right\rbrack_{k} + \left\lbrack NH_{3} \right\rbrack_{k},\ \text{\ \ }\frac{\text{gN}}{m^{3}}$$
$$\left\lbrack NH_{4}^{+} \right\rbrack_{r} = 0,12 + 2,72 = \mathbf{2,84}\mathbf{\ }\frac{\mathbf{\text{gN}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Wykonano przeliczenie z g/m3 na val/m3.
RN − NH4+=14.
$$\left\lbrack NH_{4}^{+} \right\rbrack_{r} = \frac{2,84\ g/m^{3}}{14\ g/val} = \mathbf{0,20}\mathbf{\ }\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Dane do obliczeń:
Zasadowość w ściekach oczyszczonych biologicznie,
[M]0=3,00 val/m3
Dawka CaO do koagulacji
$$\ D_{\text{CaO}} = \ \mathbf{350}\frac{\mathbf{\text{gCaO}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Dawkę wapno przeliczono z g/m3 na val/m3.
RCaO=$\frac{56}{2} = 28$ g/val
$$D_{\text{CaO}} = \ \frac{350}{28} = \mathbf{12,50}\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Twardość magnezowa w ściekach
$$\ \left\lbrack Tw_{\text{Mg}} \right\rbrack_{0} = \mathbf{2,6}\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Stężenie jonów Ca2+w ściekach
$$\ \left\lbrack Ca^{2 +} \right\rbrack_{0} = \mathbf{4,9\ }\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Zmiana stężenia NH4+ po koagulacji (w wyniku desorpcji części NH3 do atmosfery):
[NH4+] = [NH4+]0 − [NH4+]r
$$\left\lbrack NH_{4}^{+} \right\rbrack = 4,00 - 2,84 = \mathbf{1,16\ }\frac{\mathbf{g}\mathbf{\ }\mathbf{N}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Wykonano przeliczenie z g/m3 na val/m3.
$$\left\lbrack NH_{4}^{+} \right\rbrack = \frac{1,16}{14} = \mathbf{0,08\ }\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Zmiana stężenia PO43−po koagulacji:
[PO43−] = [PO43−]0r − [PO43−]kr
$$\left\lbrack PO_{4}^{3 -} \right\rbrack = 4,0\ - 0,2\ = \mathbf{3,8}\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Wykonano przeliczenie z g/m3 na val/m3.
$$\left\lbrack PO_{4}^{3 -} \right\rbrack = \frac{3,8}{32} = \mathbf{0,12}\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Zasadowość w formie rozpuszczonej:
[OH−]kr = DCaO − [M]0 − [TwMg]0 − [NH4+]
$$\left\lbrack OH^{-} \right\rbrack_{k}^{r} = \ 12,50 - 3,00 - 2,60 - 0,08 = \mathbf{6,82\ }\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}\ $$
Zasadowość w formie nierozpuszczonej:
[M]knr = (1−ηs) • ([M]0+[TwMg]0)
$$\left\lbrack M \right\rbrack_{k}^{\text{nr}} = \left( 1 - 0,8 \right) \bullet \left( 3,00 + 2,60 \right) = \mathbf{1,12}\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}\ $$
Zasadowość całkowita po koagulacji:
[M] = [OH−]kr + [M]knr
$$\left\lbrack M \right\rbrack = 6,82 + 1,12 = \mathbf{7,94}\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Magnez w formie rozpuszczonej:
$$\left\lbrack Mg^{2 +} \right\rbrack_{k}^{r} = \mathbf{0\ }\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}\ $$
Magnez w formie nierozpuszczonej:
[Mg(OH)2]knr = (1−ηs) • [TwMg]0
$$\left\lbrack \text{Mg}\left( \text{OH} \right)_{2} \right\rbrack_{k}^{\text{nr}} = \left( 1 - 0,8 \right) \bullet 2,60 = \mathbf{0,52}\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Magnez całkowity po koagulacji:
[Mg]k = [Mg2+]kr + [Mg(OH)2]knr
$$\left\lbrack \text{Mg} \right\rbrack_{k} = 0 + 0,52 = \mathbf{0,52}\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Wapń w formie rozpuszczonej:
[Ca2+]kr = [OH−]kr + ([Twog]0 − [M]0)−[PO43−] + [NH4+]
gdzie: [Twnw]0 = [Twog]0 − [M]0
[Twnw]0 → [TwnwCa], gdyż TwnwMg → TwnwCa
[Twog]0 = [TwMg]0 + [TwCa]0
$$\left\lbrack Ca^{2 +} \right\rbrack_{k}^{r} = 6,82\ + \left( \left( 4,9 + 2,6 \right) - 3,0 \right) - 0,12 + 0,08 = \mathbf{11,28}\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Wapń w formie nierozpuszczonej:
[Ca2+]knr = [CaCO3]knr + [Ca3(PO4)2]knr = (1−ηs) • ([M]0+[PO43−])
$$\left\lbrack Ca^{2 +} \right\rbrack_{k}^{\text{nr}} = \left( 1 - 0,8 \right) \bullet \left( 3,0 + 0,12 \right) = \mathbf{0,62\ }\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Wapń całkowity po koagulacji:
[Ca2+]k = [Ca2+]kr + [Ca2+]knr
$$\left\lbrack Ca^{2 +} \right\rbrack_{k} = 11,28 + 0,62 = \mathbf{11,90\ }\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Na wapń całkowity składają się:
[Ca(OH)2] = [OH−]kr = 6,82 val/m3
[Ca2+]kr (rozp)
[CaCl2] = [Ca2+]kr − [Ca(OH)2] =4,46 val/m3
[Ca2+]k
[CaCO3] = (1−ηs) • [M]0= 0,6 val/m3
[Ca2+]knr (nierozp)
[Ca3(PO4)2] = (1−ηs) • [PO43−] =0,02 val/m3
Tab.6. Bilans jonowy po koagulacji wapnem
Składnik | Stężenie przed koagulacją | Stężenie po koagulacji |
---|---|---|
Forma rozpuszczona | ||
$$\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$ |
$$\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$ |
|
Kationy: | NH4+ |
0,29 |
Ca2+ |
4,90 | |
Mg2+ |
2,60 | |
Na+ |
0,10 | |
K+ |
0,10 | |
Suma | 7,99 | |
Aniony: | PO43− |
0,13 |
NO3− |
0,71 | |
Cl− |
2,20 | |
SO42− |
2,00 | |
M | 3,00 | |
Suma | 8,04 | |
$$\sum_{}^{}\mathbf{\text{Kt}}\mathbf{-}\sum_{}^{}\mathbf{\text{An}}$$ |
-0,05 |
Komora szybkiego mieszania
Jako komorę szybkiego mieszania przyjęto komorę mechaniczną z mieszadłem łopatkowym o osi pionowej.
Obliczenie mieszacza mechanicznego:
Objętość komory mieszacza
V = Q • t, m3
gdzie: Q – natężenie przepływu wody, m3/s, Q=0,0275 m3/s
t – czas przetrzymania (założono t = 180s)
V = 0, 0275 • 180 = 5 m3
Przyjęto wysokość mieszacza H = 2 m, stąd jego powierzchnia $A = \frac{5}{2} = 2,5\ m^{2}.$ Przyjęto mieszacz cylindryczny o średnicy D=1,8 m.
Projektowanie mieszadeł:
Średnica mieszadła:
Założono stosunek $\frac{d}{D}$ = 0,8
Średnica mieszadła d= 0,8∙1,8 = 1,44 m
Szerokość łopatki mieszadła
Założono stosunek $\frac{b}{d} = 0,1$
Szerokość łopatki mieszadła b=0,1∙1,44= 0,14 m
Wysokość zawieszenia mieszadła od dna mieszacza
Założono stosunek $\frac{h}{d} = 0,2$
Wysokość zawieszenia mieszadła od dna mieszacza h=0,2∙1,44= 0,29 m
Sumaryczna powierzchnia łopatek
fo = D • b • d, m2
fo = 1, 8 • 0, 14 • 1, 44 = 0, 36 m2
Fl = 0, 1(H•D), m2
Fl = 0, 1(2•1,8) = 0, 36 m2
Liczba łopatek:
$$n = \frac{F_{l}}{b \bullet d}$$
$$n = \frac{0,36}{0,14 \bullet 1,44} \approx \mathbf{2}$$
Rys. 6. Komora szybkiego mieszania mechaniczna z mieszadłem łopatkowym.
Komora wolnego mieszania
Przyjęto komorę wolnego mieszania wodoskrętną sprzężoną z osadnikiem o przepływie pionowym. Przyjęta liczba osadników n=1. Założono czas przetrzymania t=900s.
Objętość komory
V = Q • t, m3
V = 0, 0275 • 900 = 24, 75 m3 ≈ 25 m3
Powierzchnia komory
$$F = \frac{V}{H},\ m^{2}$$
gdzie: V- objętość komory, m3,
H – wysokość komory flokulacji (0,8 wysokości części sedymentacyjnej osadnika o przepływie pionowym), m.
$$F = \frac{25}{\left( 0,8 \bullet 4 \right)} = \ \mathbf{8\ }\mathbf{m}^{\mathbf{2}}$$
Średnica komory
Średnicę komory obliczono znając powierzchnię komory.
$$D = \sqrt{\frac{4F}{\pi}},\ m$$
$$D = \sqrt{\frac{4 \bullet 8}{3,14}} \approx \mathbf{3,20\ }\mathbf{m}$$
Średnica przewodu doprowadzającego
Woda doprowadzana jest przewodem kołowym, który jest zakończony dyszą umieszczoną mimośrodowo. Przyjęto średnicę przewodu d=150 mm.
Średnica dyszy przewodu doprowadzającego
$$d_{d} = \sqrt{\frac{4Q}{3600 \bullet \pi \bullet u \bullet v_{d}}},\ m$$
gdzie: µ=0,908 dla dyszy o kącie rozwarcia β=25°
vd- prędkość wypływu wody z przewodu doprowadzającego (przyjęto vd=2 m/s)
$$d_{d} = \sqrt{\frac{4 \bullet 99,17}{3600 \bullet 3,14 \bullet 0,908 \bullet 2}} = 0,139\ m \approx \mathbf{0,14\ }\mathbf{m}$$
Długość dyszy
$$\text{ld} = 0,5 \bullet d_{d} \bullet \text{ctg}\left( \frac{\beta}{2} \right),m$$
$$\text{ld} = 0,5 \bullet 0,14 \bullet ctg\left( \frac{25}{2} \right) = 0,5 \bullet 0,14 \bullet 4,51 = \mathbf{0,32\ }\mathbf{m}\ $$
Odległość dyszy od ściany komory:
L = 0, 2 • D
L = 0, 2 • 3, 20 = 0, 64 m
Rys.7. Komora wolnego mieszania zespolona z osadnikiem o przepływie pionowym.
Osadnik o przepływie pionowym
Powierzchnia osadnika
$$F_{\text{os}} = \frac{Q}{v_{p} \bullet n},m^{2}$$
gdzie: Q – natężenie przepływu wody, m3/h
vp- prędkość przepływu pionowego (założono 0,5 mm/s)
n- liczba osadników (założono n=1)
$$F_{1} = \frac{99,17}{3,6 \bullet 0,5 \bullet 1} \approx \mathbf{55\ }\mathbf{m}^{\mathbf{2}}\ $$
Średnica osadnika netto
$$D = \sqrt{\frac{4F_{1}}{\pi},m}$$
$$D = \sqrt{\frac{4 \bullet 55}{3,14} =}8,37\ m \approx \mathbf{8,40\ }\mathbf{m}$$
Średnica rury centralnej
Przyjęto średnicę rury centralnej d=0,1∙D.
d = 0, 84 m = 0, 80 m
Powierzchnia rury centralnej
$$f_{r} = \frac{d^{2} \bullet \pi}{n},\ m^{2}$$
$$f_{r} = \frac{{0,8}^{2} \bullet 3,14}{1} = \mathbf{2\ }\mathbf{m}^{\mathbf{2}}$$
Całkowita powierzchnia osadnika
Fos = F1 + fr, m2
Fos = 55 + 2 = 57 m2
Rzeczywista średnica osadnika
$$D = \sqrt{\frac{4F_{\text{os}}}{\pi},m}$$
$$D = \sqrt{\frac{4 \bullet 57}{3,14} =}8,52\ m \approx \mathbf{9,00\ }\mathbf{m}$$
Rzeczywista powierzchnia osadnika:
$$V = \frac{\pi \bullet D^{2}}{4},\ m^{2}$$
$$V = \frac{\pi \bullet 9^{2}}{4} \approx \mathbf{64\ }\mathbf{m}^{\mathbf{2}}$$
Objętość osadnika
$$V = \frac{Q \bullet T}{n},\ m^{3}$$
gdzie: T – czas przepływu wody przez osadnik (T=2h)
$$V = \frac{99,17 \bullet 2}{1} = 198,34\ m^{3} \approx 2\mathbf{00\ }\mathbf{m}^{\mathbf{3}}$$
Wysokość osadnika
$$H = \frac{V}{F},\ m$$
$$H = \frac{200}{64} = 3,13\ m \approx \mathbf{3,20\ }\mathbf{m}$$
Wysokość rury centralnej
Hr = 0, 8 • H, m
Hr = 0, 8 • 3, 20 ≈ 2, 60 m
Rys.8. Osadnik o przepływie pionowym.
Krawędzie przelewowe i lej osadowy
Promień osadnika wraz z krawędziami przelewowymi: R= 4,50 m
Szerokość krawędzi przelewowych
bp = 0, 40 m
Promień osadnika
r = R − bp, m
r = 4, 50 − 0, 40 = 4, 10 m
Rys.9. Schemat osadnika z krawędziami przelewowymi.
Długość krawędzi przelewowych
$$\text{Lp} = \frac{Q}{\left( n \bullet Oh \right)},\ m$$
gdzie: Q- ilość oczyszczanej wody, m3/h
Oh- obciążenie hydrauliczne przelewów (Oh=5)
n – liczba osadników (n=1)
$$\text{Lp} = \frac{99,17}{\left( 1 \bullet 5 \right)} = \mathbf{19,83\ }\mathbf{m}$$
Rzeczywista długość krawędzi przelewowych
Lprz = 2πr, m
gdzie: Lprz – rzeczywista długość krawędzi przelewowych, m
r- promień osadnika, m
Lprz = 2 • 3, 14 • 4, 10 = 25, 75 m
Lprz > Lp
Lej osadowy
α=45°
d = 1,00 m
D = 9,00 m
$$\text{tgα} = \frac{\frac{1}{2}d}{h}$$
$$h = \frac{\frac{1}{2}d}{\text{tgα}},\ m$$
$$h = \frac{\frac{1}{2} \bullet 1}{\text{tg}45} = \frac{\frac{1}{2} \bullet 1}{1} = 0,5\ m$$
$$V_{h} = \frac{1}{3}h \bullet \frac{\pi \bullet d^{2}}{4},\ m^{3}$$
$$V_{h} = \frac{1}{3} \bullet 0,5 \bullet \frac{3,14 \bullet 1^{2}}{4} = \mathbf{0,131\ }\mathbf{m}^{\mathbf{3}}$$
$$\text{tgα} = \frac{\frac{1}{2}D}{H}$$
$$H = \frac{\frac{1}{2}D}{\text{tgα}},\ m$$
$$H = \frac{\frac{1}{2} \bullet 9,0}{\text{tg}45} = \frac{\frac{1}{2} \bullet 9,0}{1} = 4,50\ m$$
Rys.10. Schemat leja osadowego
$$V_{H} = \frac{1}{3}H \bullet \frac{\pi \bullet D^{2}}{4},\ m^{3}$$
$$V_{H} = \frac{1}{3} \bullet 4,50 \bullet \frac{3,14 \bullet {9,0}^{2}}{4} = \mathbf{95,38\ }\mathbf{m}^{\mathbf{3}}$$
Objętość leja osadowego:
VL = VH − Vh, m3
VL = 95, 38 − 0, 131 = 95, 25 m3
Objętość osadów
Odczytano z punktu 11.1.
$$V_{0} = \mathbf{109,19\ }\frac{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}{\mathbf{d}}$$
Krotność usuwania osadów:
$$K = \frac{V_{0}}{\frac{2}{3} \bullet V_{l}},\ d^{- 1}$$
gdzie: Vl- objętość leja osadowego, m3
V0- Objętość osadnika przeznaczona na osad magazynowany w okresie eksploatacji, m3
$$K = \frac{109,19}{\frac{2}{3} \bullet 95,25} = 1,72\ d^{- 1} \rightarrow \text{przyj}e\text{to}\ \text{usuwanie}\ \text{osadu}\ 3\ \text{razy}\ \text{na}\ \text{dob}e\ (\text{co}\ 8\ h)$$
Rekarbonizacja
Rekarbonizacja to proces mający na celu przywracanie równowagi węglanowo – wapniowej w wodzie lub ściekach poddawanych koagulacji wapnem. Proces ten stosuje się, aby zapobiec wytrącaniu CaCO3 w urządzeniach. Polega on na dawkowaniu CO2 do wody (ścieków) po koagulacji wapnem, co powoduje przejście wodorotlenków i węglanów do wodorowęglanów.
Proces przebiega zgodnie z równaniem:
Ca(OH)2 + CO2 → CaCO3 ↓ +H2O (obizenie pH do 9, 5 − pierwsza faza)
2 val 44 g
[Ca(OH)2] x
x = DCO2(OH)
$$x = \frac{44\ g \bullet \lbrack\text{Ca}\left( \text{OH} \right)_{2}\rbrack}{2\ \text{val}}$$
gdzie: [Ca(OH)2] = [OH−]kr
$$D_{CO_{2}\left( \text{OH} \right)} = \frac{44\ g \bullet 6,82\ \frac{\text{val}}{m^{3}}}{2\ \text{val}} = \mathbf{150,04\ }\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Proces przebiega zgodnie z równaniem:
Mg(OH)2 ↓ +CO2 → MgCO3 + H2O
2 val 44 g
[Mg2+] x
x = DCO2(Mg)
$$x = \frac{44\ g \bullet \lbrack Mg^{2 +}\rbrack}{2\ \text{val}}$$
gdzie: [Mg2+]=[Mg(OH)2]knr
$$D_{CO_{2}(\text{Mg})} = \frac{44\ g \bullet 0,52\frac{\text{val}}{m^{3}}}{2\ \text{val}} = \mathbf{11,44\ }\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Ca3(PO4)2 ↓ +3CO2 + 3H2O → 3CaCO3 ↓ +6H+ + 2PO43−
6 val 3 • 44 g
[Ca3(PO4)2] x
x = DCO2(PO4)
$$x = \frac{3 \bullet 44\ g \bullet \lbrack Ca_{3}\left( PO_{4} \right)_{2}\rbrack}{6\ \text{val}}$$
gdzie: [Ca3(PO4)2] = [PO43−]knr = [PO43−]kc − [PO43−]kr
$$\left\lbrack Ca_{3}\left( PO_{4} \right)_{2} \right\rbrack = 0,03 - 0,01 = 0,02\ \ \frac{\text{val}}{m^{3}}$$
$$D_{CO_{2}(PO_{4})} = \frac{3 \bullet 44\ g \bullet 0,02\frac{\text{val}}{m^{3}}}{6\ \text{val}} = \mathbf{0,44}\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
DCO2(1) = DCO2(OH − ) + DCO2(Mg) + DCO2(PO4)
$$D_{CO_{2(1)}} = 150,04 + 11,44 + 0,44 = \mathbf{161,92\ }\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}\text{\ \ }$$
Tab.7. Skład ścieków po 1 fazie rekarbonizacji
CaCO3 wytrącony w koagulacji z zasadowości początkowej
|
0,60 | $$\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$ |
---|---|---|
CaCO3 wytrącony w rekarbonizacji z Ca(OH)2 → [OH−]kr |
6,82 | |
CaCO3 wytrącony w rekarbonizacji z Ca3(PO4)2 → (1−ηs)•[PO43−] =(1-0,8) •0,12 = 0,02 |
0,02 | |
$$\sum_{}^{}{\mathbf{\lbrack}\mathbf{\text{CaC}}\mathbf{O}_{\mathbf{3}}\mathbf{\rbrack}}$$ |
7,44 | |
MgCO3 rozpuszczony w rekarbonizacji z Mg(OH)2
|
0,52 |
CaCO3 + CO2 + H2O → Ca(HCO3)2 (obnizanie pH do 7 ÷ 7, 5 − druga faza)
2 val 44 g
$$\sum_{}^{}{\lbrack\text{CaC}O_{3}\rbrack}\text{\ \ \ \ \ }\text{\ \ \ \ \ \ \ \ \ \ }x$$
$$x = \frac{44\ g \bullet \sum_{}^{}{\lbrack\text{CaC}O_{3}\rbrack}}{2\ \text{val}}$$
x = DCO2(CaCO3)
$$D_{CO_{2}(\text{CaC}O_{3})} = \frac{44\ g \bullet 7,44\ \frac{\text{val}}{m^{3}}}{2\ \text{val}} = \mathbf{163,68\ }\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
MgCO3 + CO2 + H2O → Mg(HCO3)2
2 val 44 g
(1−ηs) • [TwMg]0 x
$$x = \frac{44\ g \bullet \left( 1 - \eta_{s} \right) \bullet \left\lbrack Tw_{\text{Mg}} \right\rbrack_{0}}{2\ \text{val}}$$
x = DCO2(MgCO3)
$$D_{CO_{2}(\text{MgC}O_{3})} = \frac{44\ g \bullet 0,52\frac{\text{val}}{m^{3}}}{2\ \text{val}} = \mathbf{11,44}\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
DCO2(2) = DCO2(CaCO3) + DCO2(MgCO3)
$$D_{CO_{2(2)}} = 163,68 + 11,44 = \mathbf{175,12\ }\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}\text{\ \ }$$
DCO2 = DCO2(1) + DCO2(2)
$$D_{CO_{2}} = 161,92 + 175,12 = \mathbf{337,04}\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}\text{\ \ }$$
Dawka rzeczywista ( zwiększona o 20 %):
DCO2r = 1, 2 • DCO2
$$D_{CO_{2}r} = 1,2 \bullet 337,04 = \mathbf{404,45}\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}\ $$
[M]rek I = [Ca(HCO3)2] + [Mg(HCO3)2] − (1 − ηs)•[PO43−]
gdzie: (1−ηs) • [PO43−] = [PO43−]knr
$\left\lbrack \text{Ca}\left( \text{HC}O_{3} \right)_{2} \right\rbrack = \sum_{}^{}{\lbrack\text{CaC}O_{3}\rbrack}$
[Mg(HCO3)2]= [Mg(OH)2]
$$\left\lbrack M \right\rbrack_{\text{rek}\ I} = 7,44 + 0,52 - 0,02 = \mathbf{7,94\ }\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}\ $$
Bilans jonów po rekarbonizacji jednostopniowej nie zmienia w porównaniu do bilansu po koagulacji (związki zmieniają tylko swą formę).
Pomiędzy pierwszym a drugim stopniem procesu wprowadza się sedymentację.
Dawka jest równa dawce obliczonej w 1 etapie rekarbonizacji jednostopniowej (punkt 6.1.1.).
$$D_{CO_{2}\left( \text{OH} - \right)} = \mathbf{150,04\ }\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Dawka jest równa dawce obliczonej w 1 etapie rekarbonizacji jednostopniowej (punkt 6.1.2.).
$$D_{CO_{2}(\text{Mg})} = \mathbf{11,44\ }\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Dawka jest równa dawce obliczonej w 1 etapie rekarbonizacji jednostopniowej (punkt 6.1.3.).
$$D_{CO_{2}(PO_{4})} = \mathbf{0,44}\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Dawka jest równa dawce obliczonej w 1 etapie rekarbonizacji jednostopniowej (punkt 6.1.4.).
$$D_{CO_{2(1)}} = \mathbf{161,92\ }\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}\mathbf{\ }\ $$
Tab.8. Skład ścieków po 1 stopniu rekarbonizacji
CaCO3 wytrącony w koagulacji z zasadowości początkowej
|
0,60 | $$\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$ |
---|---|---|
CaCO3 wytrącony w rekarbonizacji z Ca(OH)2 → [OH−]kr |
6,82 | |
CaCO3 wytrącony w rekarbonizacji z Ca3(PO4)2 → (1−ηs)•[PO43−] |
0,02 | |
$$\sum_{}^{}{\mathbf{\lbrack}\mathbf{\text{CaC}}\mathbf{O}_{\mathbf{3}}\mathbf{\rbrack}}$$ |
7,44 | |
MgCO3 rozpuszczony w rekarbonizacji z Mg(OH)2
|
0,52 |
$$\left\lbrack \text{CaC}O_{3} \right\rbrack = \left( 1 - \eta_{s} \right) \bullet \left( \sum_{}^{}\left\lbrack \text{CaC}O_{3} \right\rbrack - R_{\text{CaC}O_{3}} \right) + R_{\text{CaC}O_{3}},\ \frac{\text{val}}{m^{3}}$$
gdzie: RCaCO3− rozpuszczalność CaCO3 w 15°C przy pH 9,5
$$R_{\text{CaC}O_{3}} = 0,198\ \frac{\text{val}}{m^{3}}\ $$
$$\left\lbrack \text{CaC}O_{3} \right\rbrack = \left( 1 - 0,8 \right) \bullet \left( 7,44 - 0,198 \right) + 0,198 = \mathbf{1,65\ }\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
[MgCO3] = (1−ηs) • [TwMg]0
$$\left\lbrack \text{MgC}O_{3} \right\rbrack = \left( 1 - 0,8 \right) \bullet 2,6 = \mathbf{0,52}\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
CaCO3 + CO2 + H2O → Ca(HCO3)2
2 val 44 g
[CaCO3] x
x = D2CO2(CaCO3)
$$x = \frac{44\ g \bullet \lbrack\text{CaC}O_{3}\rbrack}{2\ \text{val}}$$
gdzie: [CaCO3] = [CaCO3]s
$${D^{2}}_{CO_{2}(\text{CaC}O_{3})} = \frac{44\ g \bullet 1,65\frac{\text{val}}{m^{3}}}{2\ \text{val}} = \mathbf{36,30}\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
MgCO3 + CO2 + H2O → Mg(HCO3)2
2 val 44 g
[MgCO3] x
x = D2CO2(MgCO3)
$$x = \frac{44\ g \bullet \lbrack\text{MgC}O_{3}\rbrack}{2\ \text{val}}$$
$${D^{2}}_{CO_{2}(\text{MgC}O_{3})} = \frac{44\ g \bullet 0,52\frac{\text{val}}{m^{3}}}{2\ \text{val}} = \mathbf{11}\mathbf{,}\mathbf{44}\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Dawka CO2 w 2° rekarbonizacji
D2CO2 = D2CO2(CaCO3) + D2CO2(MgCO3)
$${D^{2}}_{CO_{2}} = 36,30 + 11,44 = \mathbf{47}\mathbf{,}\mathbf{74}\mathbf{\ }\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}\text{\ \ }$$
D1 + 2CO2 = D1CO2 + D2CO2
$${D^{1 + 2}}_{CO_{2}} = 161,92 + 47,74 = \mathbf{209}\mathbf{,}\mathbf{66}\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}\text{\ \ }$$
Dawka rzeczywista (zwiększona o 20 %):
D1 + 2CO2r = 1, 2 • D1 + 2CO2
$${D^{1 + 2}}_{CO_{2}r} = 1,2 \bullet 209,66 = \mathbf{251}\mathbf{,}\mathbf{60}\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}\ $$
[M]rek 1 + 2 = [Ca(HCO3)2] + [Mg(HCO3)2] − (1 − ηs)•[PO43−]
$$\left\lbrack M \right\rbrack_{\text{rek}\ 1 + 2} = 1,65 + 0,52 - (1 - 0,8) \bullet 0,12 = \mathbf{2}\mathbf{,}\mathbf{15}\mathbf{\ }\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Tab. 9. Bilans jonowy po rekarbonizacji dwustopniowej
Składnik | Stężenie przed koagulacją | Stężenie |
---|---|---|
Przed rekarbonizacją i po rekarbonizacji jednostopniowej | ||
$$\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$ |
$$\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$ |
|
Kationy: | NH4+ |
0,29 |
Ca2+ |
4,90 | |
Mg2+ |
2,60 | |
Na+ |
0,10 | |
K+ |
0,10 | |
Suma | 7,99 | |
Aniony: | PO43− |
0,13 |
NO3− |
0,71 | |
Cl− |
2,20 | |
SO42− |
2,00 | |
M | 3,00 | |
Suma | 8,04 | |
$$\sum_{}^{}\mathbf{\text{Kt}}\mathbf{-}\sum_{}^{}\mathbf{\text{An}}$$ |
-0,05 |
Przy dokonywaniu wyboru sposobu rekarbonizacji pod uwagę wzięto zasadowość oraz dawkę CO2 po rekarbonizacji jednostopniowej i dwustopniowej:
Warunki:
Jeśli: [M]rek II < 0, 5 • [M]rek I → rekarobonizacja dwustopniowa
lub
Jeśli: DIICO2r < 0, 7 • DICO2r→ rekarobonizacja dwustopniowa
2, 15 < 0, 5 • 7, 94
2, 03 < 3, 97
251, 60 < 0, 7 • 404, 45
251, 60 < 283, 12
Oba warunki zostały spełnione, dlatego wybrano zastosowanie rekarbonizacji dwustopniowej.
Zdecydowano się na tę metodę rekarbonizacji z 2 powodów:
Do rekarbonizacji dwustopniowej wymagana jest mniejsza dawka CO2, co ma wpływ na zmniejszenie kosztów
Zasadowość ma wpływ na późniejszy proces, mianowicie dejonizację. Im niższa wartość zasadowości, tym mniejsze jonity będą konieczne. Ponownie ma to wpływ na koszty (obniża koszty eksploatacyjne).
Objętość zbiornika
V = Q • t, m3
gdzie: Q – wydajność zakładu, m3/s
t – czas przetrzymania, przyjęto t = 15 min = 900 s
Q = 2380 m3/d = 0, 0275 m3/s
V = 0, 0275 • 900 = 24, 75 m3 ≈ 25 m3
Powierzchnia zbiornika
$$F = \frac{V}{H},\ m^{2}$$
gdzie: V – objętość zbiornika, m3
H – wysokość zbiornika, przyjęto H = 2, 0 m
$$F = \frac{25}{2} = \mathbf{12,5\ }\mathbf{m}^{\mathbf{2}}$$
Przyjęto komorę o wymiarach:
H = 2, 0 m
B=3, 0 m
L=4, 20 m.
Rzeczywista powierzchnia zbiornika wynosi 12,6 m2.
H = 2, 0 m
B = 3, 0 m
Przyjęto głębokość osadnika H=2,0 , dla stosunku L/H=10 długość osadnika wynosi:
L=20 m
Objętość osadnika:
V = B • H • L, m3
V = 3 • 2, 0 • 20 = 120 m3
Sprawdzenie warunków stabilności
$$\frac{L}{H} = \frac{20}{2} = 10 > 10$$
$$\frac{L}{B} = \frac{20}{3} = 6,67 > 3$$
Warunki $\frac{L}{H}$ oraz $\frac{L}{B}$ zostały spełnione.
Rzeczywisty czas przetrzymania:
$$\tau_{p} = \frac{V}{Q},\ h$$
$$\tau_{p} = \frac{120}{99,17} = \mathbf{1}\mathbf{,}\mathbf{21}\mathbf{\ }\mathbf{h}$$
Pozioma prędkość przepływu
$$v_{p}^{\max} = \frac{Q}{3,6 \bullet B \bullet H},\ \text{mm}/s$$
$$v_{p}^{\max} = \frac{99,17}{3,6 \bullet 3 \bullet 2} = \mathbf{4}\mathbf{,}\mathbf{59}\mathbf{\ }\mathbf{\text{mm}}\mathbf{/}\mathbf{s}$$
4, 59 mm/s ≤ 10 mm/s
Obliczenie niezbędnej długości krawędzi przelewowych
$$L_{p} = \frac{Q}{O_{hp}},\ \ m$$
Gdzie: Ohp− obciążenie hydrauliczne przelewu , $O_{hp} < 20\frac{m^{3}}{m \bullet h}$, przyjęto $O_{hp} = 12\ \frac{m^{3}}{m \bullet h}$ .
$$L_{p} = \frac{99,17}{12} = \mathbf{8}\mathbf{,}\mathbf{26}\mathbf{\text{\ \ }}\mathbf{m}$$
Długość części przelewowej
Rys. 11. Schemat osadnika poziomego.
Lp = B + 2 • x + 2 • y, m
x=(B−2•bp)
bp – szerokość przelewu z zakresu przyjęto bp= 0, 5 m.
x = (3,0−2•0,5) = 2, 0 m
$$y = \frac{\text{Lp} - B - 2 \bullet x}{2},\ m$$
$$y = \frac{8,26 - 3,0 - 2 \bullet 2,0}{2} = 0,63\ m \rightarrow \mathbf{\text{przyj}}\mathbf{e}\mathbf{\text{to}}\mathbf{\ }\mathbf{y}\mathbf{=}\mathbf{1}\mathbf{,}\mathbf{0}\mathbf{\ }\mathbf{m}$$
Rzeczywista długość krawędzi przelewowej:
Lrz = B + 2 • x + 2 • y, m
Lrz = 3 + 2 • 2 + 2 • 1, 0 = 9,00 m
Rzeczywiste obciążenie hydrauliczne
$$O_{h\text{rz}} = \frac{Q}{L_{\text{rz}}},\ \frac{m^{3}}{m \bullet h}$$
$$O_{h\text{rz}} = \frac{99,17}{9} = \mathbf{11}\mathbf{,}\mathbf{02}\frac{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}{\mathbf{m}\mathbf{\bullet}\mathbf{h}}$$
Długość osadnika zajmowana przez przelewy
L0 = y + 2 • bp, m
L0 = 1, 0 + 2 • 0, 5 = 2,00 m
Całkowita długość osadnika
Lc = L + L0, m
Lc = 20 + 1, 50 = 22,00 m
Lej osadowy
Przyjęto, że podstawa leja będzie miała wymiary 3 m x 4 m. Część spustowa leja będzie miała wymiary 0,5 m x 0,7 m. Obliczenia wykonano zakładając, że kąt nachylenia do dłuższego boku podstawy wynosi 60°
α= 60°
b = 0,70 m
B = 4,00 m
$$\text{tgα} = \frac{\frac{1}{2}b}{h}$$
$$h = \frac{\frac{1}{2}b}{\text{tgα}},\ m$$
$$h = \frac{\frac{1}{2} \bullet b}{\text{tg}30} = \frac{\frac{1}{2} \bullet 0,7}{0,5774} = 0,61\ m$$
$$V_{h} = \frac{1}{3}h \bullet Pp = \ \frac{1}{3}0,61 \bullet 0,7 \bullet 0,5 = {\mathbf{0,07\ }\mathbf{m}}^{\mathbf{3}}$$
$$\text{tgα} = \frac{\frac{1}{2}B}{H}$$
$$H = \frac{\frac{1}{2}B}{\text{tgα}},\ m$$
$$H = \frac{\frac{1}{2} \bullet 4,00}{\text{tg}30} = \frac{\frac{1}{2} \bullet 4,0}{0,5774} = 3,46\ m$$
$$V_{H} = \frac{1}{3}H \bullet Pp = \frac{1}{3} \bullet 3,46 \bullet 4 \bullet 3 = \mathbf{13,84\ }\mathbf{m}^{\mathbf{3}}$$
Objętość leja osadowego:
VL = VH − Vh, m3
VL = 13, 84 − 0, 07 = 13, 77 m3
Objętość osadów
Odczytano z punktu 11.1.
$$V_{0} = \mathbf{170,67}\frac{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}{\mathbf{d}}$$
Krotność usuwania osadów:
$$K = \frac{V_{0}}{\frac{2}{3} \bullet V_{l}},\ d^{- 1}$$
gdzie: Vl- objętość leja osadowego, m3
V0- Objętość osadnika przeznaczona na osad magazynowany w okresie eksploatacji, m3
$$K = \frac{170,67}{\frac{2}{3} \bullet 13,77} = 18,66\ d^{- 1} \rightarrow \text{przyj}e\text{to}\ \text{usuwanie}\ \text{osadu}\ \text{co}\ 1\ h$$
powierzchnia filtrów
$$F = \frac{Q}{Q_{h}},\ m^{2}$$
gdzie: F powierzchnia wszystkich filtrów, m2
Qh obciżenie hydrauliczne$\ Q_{h} = \ 7,5 \div 10\frac{m^{3}}{m^{2} \bullet h}$
Przyjęto obciążenie hydrauliczne wynoszące $Q_{h} = \ 8,5\ \frac{m^{3}}{m^{2} \bullet h}$.
$$F = \frac{99,17}{8,5} = \mathbf{11}\mathbf{,}\mathbf{7}\mathbf{\ }\mathbf{m}^{\mathbf{2}}$$
średnica i liczba filtrów
Średnica filtra
Przyjęto średnicę równą D=1,8 m.
Powierzchnia jednego filtra
$$F_{1} = \frac{\pi \bullet D^{2}}{4},\ m^{2}$$
$$F_{1} = \frac{\pi \bullet {1,8}^{2}}{4} = \mathbf{2}\mathbf{,}\mathbf{54}\mathbf{\ }\mathbf{m}^{\mathbf{2}}$$
Liczba filtrów
$$n = \frac{F}{F_{1}}$$
$$n = \frac{11,7}{2,54} = 4,61 \approx \mathbf{5}$$
Przyjęto 5 filtrów ciśnieniowych płaskich pionowych.
prędkość filtracji
przy wszystkich działających filtrach
$$v = \frac{Q}{n \bullet F_{1}},\ \ \frac{m}{h}$$
$$v = \frac{99,17}{5 \bullet 2,54} = \mathbf{7}\mathbf{,}\mathbf{81}\mathbf{\ }\frac{\mathbf{m}}{\mathbf{h}}$$
przy jednym filtrze wyłączonym
Prędkość filtracji przy jednym filtrze wyłączonym: $(\text{warunek}:\ v < 10\frac{m}{h})$
$$v_{n - 1} = \frac{Q}{\left( n - 1 \right) \bullet F_{1}},\ \ \frac{m}{h}$$
$$v_{n - 1} = \frac{99,17}{\left( 5 - 1 \right) \bullet 2,54} = \mathbf{9}\mathbf{,}\mathbf{76}\frac{\mathbf{m}}{\mathbf{h}}$$
Warunek został spełniony.
dobór filtra
Przyjęto2 średnicę filtru D= 1800 mm = 1,8 m. Filtr rodzaju D (DZF 18-300-S).
Hzb= 3002 mm.
Hc=4868 mm
Sprawdzenie warunku:
Hzb ≥ (1+E)Hzl
gdzie: E ekspansja przyjęto E = 35 %,
Hzl − wysokość złoża, przyjęto wysokość złoża wynoszącą Hzl = 1, 5 m.
3, 002 ≥ (1+0,35) • 1, 5
3, 002 ≥ 2, 025
Warunek został spełniony.
Dane do obliczeń:
Wydajność zakładu, $Q = 99,17\ \frac{m^{3}}{h}$
ChZT w ściekach oczyszczonych$\ C_{0}^{Ch\text{ZT}} = 44\ \frac{g\ O_{2}}{m^{3}}$
ChZT po koagulacji i filtracji
$$C_{k}^{Ch\text{ZT}} = \left( 1 - \eta_{Ch\text{ZT}} \right) \bullet C_{0}^{Ch\text{ZT}},\ \ \frac{gO_{2}}{m^{3}}$$
gdzie: ηChZT − sprawność usuwania ChZT, ηChZT = 0, 6 ÷ 0, 7
Przyjęto ηChZT = 0, 65
$$C_{k}^{Ch\text{ZT}} = \left( 1 - 0,65 \right) \bullet 44 = \mathbf{15}\mathbf{,}\mathbf{4}\frac{\mathbf{g}\mathbf{O}_{\mathbf{2}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
ChZT w wodzie po odnowie$\ C_{e}^{Ch\text{ZT}} = \mathbf{5}\frac{\mathbf{g}\mathbf{O}_{\mathbf{2}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$
Stosunek stężeń
$$\frac{C_{e}^{Ch\text{ZT}}}{C_{k}^{Ch\text{ZT}}} = \frac{5}{15,40} = \mathbf{0}\mathbf{,}\mathbf{32}$$
Rys. 12. Izoplany dla procesu adsorpcji
Na podstawie rysunku numer 5 oraz dla stosunku $\frac{C_{e}^{Ch\text{ZT}}}{C_{k}^{Ch\text{ZT}}}$ odczytano czas pracy Tp dla różnych wysokości złoża.
H = 2, 5 m → Tp1 = 9, 0 d
H = 5, 0 m → Tp2 = 13, 0 d
H = 7, 5 m → Tp3 = 19, 0 d
Dla tych punktów sporządzono wykres; Tp = f(Hk)
Wyk.1. Czas pracy kolumny w funkcji wymaganej wysokości złoża
Przyjęto czas pracy kolumny Tp=12 d.
Dla przyjętego czasu pracy kolumny (Tp) wynoszącego Tp = 12 d odczytano wymaganą wysokość złoża:
Tp = 12 d → Hk=4,40 m (jest to szereg kolumn o łącznej wysokości Hk)
$$H_{k_{1}} = \frac{H_{k}}{k},\ \ m$$
gdzie: k liczba kolumn w szeregu,
Hk1− wysokość pojedynczej kolumny, Hk1 = (0,5÷2) m , przyjęto 1,5 m
$$H_{k_{1}} = \frac{4,4}{3} \approx \mathbf{1}\mathbf{,}\mathbf{5}\mathbf{\ }\mathbf{m}$$
Przyjęto: 3 kolumny połączone szeregowo (plus 1 kolumnę zapasową).
$$A = \frac{Q}{O_{h}},\ \ m^{2}$$
gdzie: Q – wydajność zakładu,
Oh− obciążenie hydrauliczne, $O_{h} = \left( 5 \div 30 \right)\frac{m^{3}}{m^{2} \bullet h}.$
Przyjęto obciążenie hydrauliczne $O_{h} = 15\ \frac{m^{3}}{m^{2} \bullet h}$
$$A = \frac{99,17}{15} = \mathbf{6}\mathbf{,}\mathbf{61}\mathbf{\ }\mathbf{m}^{\mathbf{2}}$$
Hmin = (1+E) • Hk1, m
gdzie: E− ekspansja złoża, E = 80%.
Hmin = (1+0,8) • 1, 5 = 2,70 m
Przyjęto zbiornik o oznaczeniu CZF 14-300-S:
Dnom= 1400 mm,
H=3002 mm,
h1=Hc=4668 mm,
Powierzchnia zbiornika:
$$F_{1} = \frac{\pi \bullet D^{2}}{4},\ \ m^{2}$$
$$F_{1} = \frac{\pi \bullet {1,4}^{2}}{4} = \mathbf{1}\mathbf{,}\mathbf{54}\mathbf{\ }\mathbf{m}^{\mathbf{2}}$$
$$n = \frac{A}{F_{1}} = \frac{4 \bullet A}{\pi \bullet D^{2}}$$
$$n = \frac{4 \bullet 6,61}{\pi \bullet {1,4}^{2}} = 4,29 \approx \mathbf{4}\mathbf{\ }$$
Przyjęto: 4 szeregi kolumn sorpcyjnych
$$O_{h_{\text{rz}}} = \frac{Q}{n} \bullet F_{1} = \frac{4 \bullet Q}{n \bullet \pi \bullet D^{2}},\ \ \frac{m^{3}}{m^{2} \bullet h}$$
$$O_{h_{\text{rz}}} = \frac{4 \bullet 99,17}{4 \bullet \pi \bullet {1,4}^{2}} = \mathbf{16}\mathbf{,}\mathbf{11}\frac{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{2}}\mathbf{\bullet}\mathbf{h}}$$
Nc = (k+1) • n
gdzie: k − liczba kolumn w szeregu
n − liczba szeregow
Nc = (3+1) • 4 = 16 sztuk
Np = k • n
Np = 3 • 4 = 12 sztuk
W = ρw • Nc • F1 • Hk1, kg
gdzie: ρw− gęstość węgla, $\rho_{w} = 450\frac{\text{kg}}{m^{3}}$
W = 450 • 16 • 1, 54 • 1, 5 = 16632 kg=16,63 t
Zużycie wody na transport hydrauliczny
$$V = \frac{W}{N_{c}} \bullet \alpha,\ \ \frac{m^{3}}{\text{kolumn}e}$$
gdzie: α − jednostkowe zużycie wody na transport hydrauliczny;
$$\alpha\ = \ 6\frac{dm^{3}}{\text{kg}\ we\text{gla}}.$$
$$V = \frac{16632}{16} \bullet 6 = 6237\ \frac{\text{dm}^{3}}{\text{kolumn}e} = \mathbf{6}\mathbf{,}\mathbf{2}\mathbf{\ }\frac{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}{\mathbf{\text{kolumn}}\mathbf{e}}$$
Całkowita ilość wody potrzebna do transportu hydraulicznego węgla
$$V_{T} = V \bullet \frac{N_{p}}{T_{p}},\ \ \frac{m^{3}}{d}$$
$$V_{T} = 6,2 \bullet \frac{12}{12} = \mathbf{6}\mathbf{,}\mathbf{2}\mathbf{\ }\frac{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}{\mathbf{d}}$$
Dane projektowe:
Wydajność zakładu, $Q = 99,17\ \frac{m^{3}}{h}$
Stężenie kationów w wodzie po rekarbonizacji, $C_{0}^{\text{Kt}} = 7,03\ \frac{\text{val}}{m^{3}}$
stężenie anionów w wodzie po rekarbonizacji, $C_{0}^{\text{An}} = 7,09\ \frac{\text{val}}{m^{3}}$
wymagania stawiane wodzie po odnowie:
Zamiana jednostek
Dla azotu RN=14.
$$N - NH_{4}^{+} = \frac{0,5\frac{g}{m^{3}}}{14\frac{g}{\text{val}}} = 0,04\frac{\text{val}}{m^{3}}$$
suma kationów:
$$C_{k}^{\text{Kt}} = N - NH^{4 +} + Na^{+} + K^{+} + Ca^{2 +} + Mg^{2 +},\ \ \frac{\text{val}}{m^{3}}$$
$$C_{k}^{\text{Kt}} = 0,04 + 0,1 + 0,1 + 1,0 + 0,5 = \mathbf{1}\mathbf{,}\mathbf{74}\mathbf{\ }\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}\ \ $$
Zamiana jednostek
Dla azotu RN=14.
$$N - NO_{3}^{-}\left\lbrack \frac{\text{val}}{m^{3}} \right\rbrack = \frac{3\ \frac{g}{m^{3}}}{14\frac{g}{\text{val}}} = 0,21\frac{\text{val}}{m^{3}}$$
Dla fosforanów: $R_{\text{PO}_{4}^{3 -}} = \frac{96}{3} = 32\ g/\text{val}$
$$PO_{4}^{3 -}\left\lbrack \frac{\text{val}}{m^{3}} \right\rbrack = \frac{0,2\ \frac{g}{m^{3}}}{32\frac{g}{\text{val}}} = 0,006\frac{\text{val}}{m^{3}}$$
suma anionów:
$$C_{k}^{\text{An}} = N - NO^{3 -} + PO_{4}^{3 -} + Cl^{-} + SO_{4}^{2 -} + \text{HC}O_{3}^{-},\text{\ \ }\frac{\text{val}}{m^{3}}$$
$$C_{k}^{\text{An}} = 0,21 + 0,006 + 1,0 + 0,5 + 0,8 = \mathbf{2}\mathbf{,}\mathbf{52}\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
zakłada się 100 % skuteczność usuwania jonów.
Schemat blokowy przepływów:
(Q − Q1), C0
L2
Q, C0 Q1, C0 Q1, Ce = 0 Q, Ck
L0 L1 Le = 0 Lk
L0 = L1 + L2
Lk = L2 + Le
Le = 0
Lk = L2
L0 = L1 + Lk
Q • C0 = Q1 • C0 + Q • Ck
$$Q_{1} = \frac{Q \bullet \left( C_{0} - C_{k} \right)}{C_{0}},\ \ \frac{m^{3}}{h}$$
gdzie:
$$C_{0} = \max\left( C_{0}^{\text{Kt}},\ C_{0}^{\text{An}} \right) \rightarrow \ C_{0} = \mathbf{7}\mathbf{,}\mathbf{09}\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
$$C_{k} = \min\left( C_{k}^{\text{Kt}},\ C_{k}^{\text{An}} \right) \rightarrow \ C_{k} = \mathbf{1}\mathbf{,}\mathbf{74}\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
$$Q_{1} = \frac{Q \bullet \left( C_{0} - C_{k} \right)}{C_{0}},\ \ \frac{m^{3}}{h}$$
$$Q_{1} = \frac{99,17 \bullet \left( 7,09 - 1,74 \right)}{7,09} = \mathbf{74}\mathbf{,}\mathbf{83}\frac{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}{\mathbf{h}}$$
LKt = Q1 • C0 • 24, val
LKt = 74, 83 • 7, 09 • 24 = 12733,07 val
Dobrano kationit silnie kwasowy typu WOFATIT KPS o następujących parametrach eksploatacyjnych:
Zakres pH 2 ÷ 14
Wysokość warstwy jonitu 600÷800mm
Woda do spulchniania złoża min.2 • V1
Zalecana ekspansja złoża E = 60%
Regeneracja jonitu $q_{1_{\text{HCl}}} = 50 \div 150\frac{g\ \text{HCl}}{dm^{3}\text{kationu}}$
Stężenie roztworu regenerującego 5 ÷ 10 %
Czas regeneracji min. 30 min
Woda do płukania (4÷8) • V1
Prędkość w czasie płukania $\text{do}\ 15\frac{m}{h}$
Prędkość w czasie pracy $2 \div 60\frac{m}{h}$
Użytkowa zdolność jonowymienna $1 \div 1,6\frac{\text{val}}{dm^{3}\text{kationitu}}$
$$V = \frac{L_{\text{Kt}}}{Z_{w}},\ \ \frac{m^{3}}{d}$$
gdzie: Zw zdolność jonowymienna$,\frac{\text{val}}{m^{3}},$ przyjęto $Z_{w} = \ 1,4\frac{\text{val}}{dm^{3}} = \ 1400\frac{\text{val}}{m^{3}},$
LKt− ładunek usuwanych kationów$,\frac{\text{val}}{d}.$
$$V = \frac{12733,07}{1400} = \mathbf{9}\mathbf{,}\mathbf{10}\mathbf{\ }\mathbf{m}^{\mathbf{3}}$$
Przyjęto liczbę wymienników pracujących 2 oraz 1 rezerwowy
Liczba wymienników rezerwowych:
nr=0,3 ÷0,5•n, przyjęto 0,3
nr = 0, 5 • n = 0, 5 • 2 ≈ 1
Wymienniki o jednostkowej objętości złoża obliczonej ze wzoru:
$$V_{1} = \frac{V}{n},\ m^{3}$$
$$V_{1} = \frac{9,10}{2} = 4,55\ \ m^{3}$$
Przyjęto stosunek $X = \frac{D}{H_{1}} = (1 \div 2$), przyjęto 1,0
D=$\sqrt[3]{\frac{V_{1}}{\pi} \bullet 4 \bullet x}$, m
D – średnica wymiennika, m
V1-jednostkowa objętość złoża, m3
x-przyjęty stosunek
$$D = \sqrt[3]{\frac{V_{1}}{\pi} \bullet 4 \bullet x} = \sqrt[3]{\frac{4,55}{\pi} \bullet 4 \bullet 1,0} = 1,796\ m \approx 1,80\ m$$
Przyjęto D=1,8 m
$$H_{1\text{rz}} = \frac{D}{x} = \frac{1,8}{1,0} = \mathbf{1}\mathbf{,}\mathbf{8}\mathbf{\ }\mathbf{m}$$
$$V_{1\text{rz}} = \frac{\pi \bullet D}{4} \bullet H_{1\text{rz}}{,\ \ m}^{3}$$
$$\mathbf{V}_{\mathbf{1}\mathbf{\text{rz}}} = \frac{\pi \bullet {1,8}^{2}}{4} \bullet 1,8\ {\mathbf{=}\mathbf{4}\mathbf{,}\mathbf{58}\mathbf{\ }\mathbf{m}}^{\mathbf{3}}$$
1, 1 • V1 > V1rz > V1
1, 1 • 4, 55 > 4, 58 > 4, 55
5, 01 > 4, 58 > 4, 55
Warunek został spełniony.
$$Q_{h} = \frac{4 \bullet Q_{1}}{n \bullet \pi \bullet D_{\text{rz}}^{2}},\ \frac{m^{3}}{m^{2} \bullet h} < Q_{h\max} = 60\ m^{3}/m^{2} \bullet h\ $$
$$Q_{h} = \frac{4 \bullet 99,17}{2 \bullet \pi \bullet {1,8}^{2}} = 19,50\ \frac{m^{3}}{m^{2} \bullet h} < Q_{h\max}$$
Ze względu na wymaganą ekspansję E=60%
Minimalna wysokość zbiornika Hmin = (1+E) • H1rz, m
Hmin = (1+0,6) • 1, 8 = 2,88 m
Przyjęto zbiornik DZF 18-300-S o parametrach
Drz=1800 mm
H = 3002 mm
Hc = h1 = 4868 mm
$$\frac{H}{H_{1_{\text{rz}}}} = \frac{3002}{1800} = \ 1,67\ $$
Jednostkowa objętość wody do spulchniania
V1s = 2 • V1rz, m3
V1s = 2 • 4, 58 = 9,16 m3
Całkowita objętość wody do spulchniania
Vs = n • V1s, m3
Vs = 2 • 9, 16 = 18,32 m3
Czas spulchniania złoża
$$t_{s} = \frac{4 \bullet V_{1S}}{O_{hs} \pi D_{\text{rz}}^{2}},\ h$$
Ohs- obciążenie hydrauliczne podczas spulchniania złoża, przyjęto$\ 12\ \frac{m^{3}}{m^{2} \bullet h}$
$$t_{s} = \frac{4 \bullet 9,16}{12 \pi {1,8}^{2}} = 0,3\ h = 18\ \min$$
Stężenie roztworu do regeneracji, przyjęto: CHCL=8%
Jednostkowe zużycie kwasu, przyjęto $q_{1\text{HCl}} = 125\ g\frac{\text{HCl}}{\text{dm}^{3}}$
Przeliczenie jednostki
$$R = \frac{M}{w},\ g/\text{val}$$
gdzie: M – masa cząsteczkowa, g
w – wartościowość
$$R_{\text{HCl}} = \frac{36,5}{1 \bullet 1}, = 36,5\ g/\text{val}l$$
$$\text{HCl} = \frac{125\frac{g}{m^{3}}}{36,5\frac{g}{\text{val}}} = \mathbf{3,42}\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Nadmiar środka regenerującego
$$N_{\text{HCl}} = \frac{q_{1\text{HCl}} - Z_{w}}{Z_{w}},\ \%$$
Zw– zdolność jonowymienna, przyjęto 1,4 val/dm3
$$N_{\text{HCl}} = \frac{3,42 - 1,4}{1,4} = 1,44 = \mathbf{144}\mathbf{\ \%}$$
Zużycie 100% kwasu na regenerację jednego złoża
Z1HCl = V1rz • q1HCl, kg HCl
Z1HCl = 4, 58 • 125 = 572,5 kg HCl
Całkowite zużycie 100% kwasu na regenerację złóż
ZHCl = n • Z1HCl, kg HCl
ZHCl = 2 • 572, 5 = 1145 kg HCl
Zużycie kwasu technicznego 35% na regenerację złóż
$$Z_{\text{HCl}}^{35\%} = \frac{Z_{\text{HCl}}}{0,35},\ \text{kg}\ \text{HCl}$$
$$Z_{\text{HCl}}^{35\%} = \frac{1145}{0,35} = \mathbf{3271}\mathbf{,}\mathbf{4}\mathbf{\ }\mathbf{\text{kg}}\mathbf{\ }\mathbf{\text{HCl}}$$
Objętość roztworu do regeneracji jednego złoża
$$V_{1r} = \frac{Z_{1\text{HCl}}}{C_{\text{HCl}} \bullet \rho_{r}},\ m^{3}$$
ρr- gęstość 8% roztworu HCl, ρr = 1060 kg/m3
$$V_{1r} = \frac{572,5}{0,08 \bullet 1060} = \mathbf{6}\mathbf{,}\mathbf{75}\mathbf{\ }\mathbf{m}^{\mathbf{3}}\mathbf{/}\mathbf{d}$$
Całkowita objętość roztworu do regeneracji złoża
VrH+ = n • V1r , m3
VrH+ = 2 • 6, 75 = 13,50 m3
Czas regeneracji
przyjęto tr=45 min
Zbiornik do przygotowania roztworu regeneracyjnego
Vzr = nr • V1r, m3
nr- liczba wymienników rezerwowych
Vzr = 1 • 6, 75 = 6,75 m3
Zaprojektowano zbiornik:
$$H = \frac{4 \bullet V}{\pi \bullet D^{2}},\ m$$
$$H = \frac{4 \bullet 6,75}{\pi \bullet {1,8}^{2}} = \mathbf{2}\mathbf{,}\mathbf{65}\mathbf{\ }\mathbf{m}$$
Średnica zbiornika D=1,8 m
Wysokość zbiornika H= 2,70 m
Jednostkowa objętość wody płuczącej
V1p = 6 • V1rz, m3
V1p = 6 • 4, 58 = 27,48 m3/d
Całkowita objętość wody płuczącej
VpKt = n • V1p, m3
VpKt = 2 • 27, 48 = 54,96 m3
Czas płukania
$$t_{p} = \frac{4 \bullet V_{1p}}{Q_{hp} \bullet \pi \bullet D^{2}},\ h$$
Qhp- obciążenie hydrauliczne podczas płukania złoża, przyjęto 12 $\frac{m^{3}}{m^{2} \bullet h}$
$$t_{p} = \frac{4 \bullet 27,48}{12 \bullet \pi \bullet {1,8}^{2}} = \mathbf{0}\mathbf{,}\mathbf{9}\mathbf{h}\mathbf{=}\mathbf{54}\mathbf{\ }\mathbf{\min}$$
t = ts + tr + tp, h
t = 18 + 45 + 54 = 117 min=1,95 h
czas dyspozycyjny td
$$t_{d} = \frac{24}{n_{s}},\ $$
ns-liczba sekcji, $n_{s} = \frac{n}{n_{r}} = \frac{2}{1} = 2$
$$t_{d} = \frac{24}{2} = 12\ $$
t ≪ td
1, 95 ≪ 12
LAn = Lkt = 12733, 07 val
Dobrano anionit silnie zasadowy typu WOFATIT SBW o następujących parametrach eksploatacyjnych:
Zakres pH <11
Wysokość warstwy jonitu 600 ÷1500 mm
Woda do spulchniania złoża min 2V1(V1 – jednostkowa objętość złoża)
Zalecana ekspansja złoża E = 70% Q=5,5 m3/m2∙h
Regeneracja jonitu q1HCL=20 ÷120 g HCl/dm3anionitu
Stężenie roztworu regenerującego 2÷6 %
Czas regeneracji 45÷60 min
Woda do płukania (8÷ 12)V1
Prędkość w czasie płukania do 15 m/h
Prędkość w czasie pracy 5÷ 50 m/h
Użytkowa zdolność jonowymienna 0,3÷ 0,6 val/dm3 anionitu
$$V = \frac{L_{\text{An}}}{Z_{w}},\ m^{3}$$
Zw– zdolność jonowymienna, przyjęto 0,5 val/dm3= 500 val/m3
$$V = \frac{12733,07\ }{500} = \mathbf{25}\mathbf{,}\mathbf{47}\mathbf{\ }\mathbf{m}^{\mathbf{3}}$$
Przyjęto liczbę wymienników pracujących 4 oraz 2 rezerwowe
Liczba wymienników rezerwowych:
nr=0,3 ÷0,5•n, przyjęto 0,5
nr = 0, 5 • n = 0, 5 • 4 = 2
Wymienniki o jednostkowej objętości złoża obliczonej ze wzoru:
$$V_{1} = \frac{V}{n},\ m^{3}$$
V – wymagana objętość złoża jonitu, m3
n – liczba pracujących wymienników
$$V_{1} = \frac{25,47}{4} = \mathbf{6}\mathbf{,}\mathbf{37}\mathbf{\ }\mathbf{m}^{\mathbf{3}}$$
Przyjęto stosunek $X = \frac{D}{H_{1}} = (1 \div 2$), przyjęto 1,7
D=$\sqrt[3]{\frac{V_{1}}{\pi} \bullet 4 \bullet x}$, m
$$D = \sqrt[3]{\frac{V_{1}}{\pi} \bullet 4 \bullet x} = \sqrt[3]{\frac{6,37}{\pi} \bullet 4 \bullet 1,7} = 2,398\ m \approx \mathbf{2}\mathbf{,}\mathbf{40}\mathbf{\ }\mathbf{m}$$
Przyjęto D=2,4 m
$$H_{1\text{rz}} = \frac{D}{x} = \frac{2,4}{1,7} = \mathbf{1}\mathbf{,}\mathbf{41}\mathbf{\ }\mathbf{m}\mathbf{\rightarrow}\mathbf{\text{przyj}}\mathbf{e}\mathbf{\text{to}}\mathbf{\ }\mathbf{H}\mathbf{=}\mathbf{1}\mathbf{,}\mathbf{45}\mathbf{\ }\mathbf{m}$$
$$V_{1\text{rz}} = \frac{\pi \bullet D^{2}}{4} \bullet H_{1\text{rz}}{,\ \ m}^{3}$$
$$\mathbf{V}_{\mathbf{1}\mathbf{\text{rz}}} = \frac{\pi \bullet {2,4}^{2}}{4} \bullet 1,45\ {\mathbf{=}\mathbf{6}\mathbf{,}\mathbf{56}\mathbf{\ }\mathbf{m}}^{\mathbf{3}}$$
1, 1 • V1 > V1rz > V1
1, 1 • 6, 37 > 6, 38 > 6, 37
7, 01 > 6, 56 > 6, 37
Warunek został spełniony.
$$Q_{h} = \frac{4 \bullet Q_{1}}{n \bullet \pi \bullet D_{\text{rz}}^{2}},\ \frac{m^{3}}{m^{2} \bullet h} < Q_{h\max} = 50$$
$$Q_{h} = \frac{4 \bullet 99,17}{4 \bullet \pi \bullet {2,4}^{2}} = \mathbf{5}\mathbf{,}\mathbf{48}\mathbf{\ }\frac{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{2}}\mathbf{\bullet}\mathbf{h}} < Q_{h\max}$$
Ze względu na wymaganą ekspansję E=60%
Minimalna wysokość zbiornika Hmin = (1+E) • H1rz, m
H1rz- wysokość złoża, m
Hmin = (1+0,6) • 1, 45 = 2,32 m
Przyjęto zbiornik DZF 24-300-S o parametrach
Drz=2400 mm
H=3002 mm
Hc=h1=5188 mm
$$\frac{H}{H_{1_{\text{rz}}}} = \frac{3002}{1410} = \ \mathbf{2}\mathbf{,}\mathbf{13}$$
Jednostkowa objętość wody do spulchniania
V1s = 2 • V1rz, m3
V1s = 2 • 6, 56 = 13,12 m3
Całkowita objętość wody do spulchniania
Vs = n • V1s, m3
Vs = 4 • 13, 12 = 52,48 m3
Czas spulchniania złoża
$$t_{s} = \frac{4 \bullet V_{1S}}{O_{hs} \pi D_{\text{rz}}^{2}},\ h$$
Ohs- obciążenie hydrauliczne podczas spulchniania złoża, przyjęto$\ 5,5\ \frac{m^{3}}{m^{2} \bullet h}$
$$t_{s} = \frac{4 \bullet 13,12}{5,5 \pi {2,4}^{2}} = \mathbf{0}\mathbf{,}\mathbf{53}\mathbf{\ }\mathbf{h}\mathbf{\approx}\mathbf{32}\mathbf{\ }\mathbf{\min}$$
Stężenie roztworu do regeneracji, przyjęto: CNaOH=5%
Jednostkowe zużycie zasady, przyjęto $q_{1\text{NaOH}} = 70\ g\frac{\text{NaOH}}{\text{dm}^{3}}$
Przeliczenie jednostki
$$R = \frac{M}{w},\ g/\text{val}$$
gdzie: M – masa cząsteczkowa, g
w – wartościowość
$$R_{\text{NaOH}} = \frac{40}{1} = 40\ g/\text{va}l$$
$$\text{NaOH} = \frac{70\frac{g}{m^{3}}}{40\frac{g}{\text{val}}} = \mathbf{1,75}\frac{\mathbf{\text{val}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Nadmiar środka regenerującego
$$N_{\text{NaOH}} = \frac{q_{1\text{NaOH}} - Z_{w}}{Z_{w}},\ \%$$
Zw– zdolność jonowymienna, przyjęto 0,5val/dm3= 500 val/m3
$$N_{\text{NaOH}} = \frac{1,75 - 0,5}{0,5} = 2,5 = \mathbf{250}\mathbf{\ \%}$$
Zużycie 100% NaOH na regenerację jednego złoża
Z1NaOH = V1rz • q1NaOH, kg NaOH
Z1NaOH = 6, 56 • 70 = 459,2 kg NaOH
Całkowite zużycie 100% NaOH na regenerację złóż
ZNaOH = n • Z1NaOH, kg NaOH
ZNaOH = 4 • 459, 2 = 1836,8 kg NaOH
Zużycie NaOH technicznego na regenerację złóż
ZNaOHt = ZNaOH • 1, 05, kg NaOH
ZNaOHt = 1836, 8 • 1, 05 = 1928,64 kg NaOH
Objętość roztworu do regeneracji jednego złoża
$$V_{1r} = \frac{Z_{1\text{NaOH}}}{C_{\text{NaOH}} \bullet \rho_{r}},\ m^{3}$$
ρr- gęstość 5% roztworu HCl, ρr = 1050 kg/m3
$$V_{1r} = \frac{459,2}{0,05 \bullet 1050} = \mathbf{8}\mathbf{,}\mathbf{75}\mathbf{\ }\mathbf{m}^{\mathbf{3}}$$
Całkowita objętość roztworu do regeneracji złoża
VrOH− = n • V1r , m3
VrOH− = 4 • 8, 75 = 35,00 m3
Czas regeneracji
przyjęto tr=50 min
Zbiornik do przygotowania roztworu regeneracyjnego
Vzr = nr • V1r, m3
Vzr = 2 • 8, 75 = 17,50 m3
Zaprojektowano zbiornik:
$$H = \frac{4 \bullet V}{\pi \bullet D^{2}},\ m$$
$$H = \frac{4 \bullet 17,50}{\pi \bullet {2,4}^{2}} = \mathbf{3}\mathbf{,}\mathbf{87}\mathbf{\ }\mathbf{m}\mathbf{\approx}\mathbf{3}\mathbf{,}\mathbf{90}\mathbf{\ }\mathbf{m}$$
Średnica zbiornika D=2,40 m
Wysokość zbiornika H= 3,90 m
Jednostkowa objętość wody płuczącej
V1p = 10 • V1rz, m3
V1p = 10 • 6, 56 = 65,60 m3
Całkowita objętość wody płuczącej
VpAn = n • V1p, m3
VpAn = 4 • 65, 60 = 262,40 m3
Czas płukania
$$t_{p} = \frac{4 \bullet V_{1p}}{Q_{hp} \bullet \pi \bullet D^{2}},\ h$$
Qhp- obciążenie hydrauliczne podczas płukania złoża, przyjęto 12 $\frac{m^{3}}{m^{2} \bullet h}$
$$t_{p} = \frac{4 \bullet 65,60}{12 \bullet \pi \bullet {2,4}^{2}} = \mathbf{1}\mathbf{,}\mathbf{21}\mathbf{\ }\mathbf{h}\mathbf{\approx}\mathbf{73}\mathbf{\ }\mathbf{\min}$$
t = ts + tr + tp, h
t = 32 + 50 + 73 = 155 min=2,58 h
czas dyspozycyjny td
$$t_{d} = \frac{24}{n_{s}},\ $$
ns- liczba sekcji, $n_{s} = \frac{n}{n_{r}} = \frac{4}{2} = 2$
$$t_{d} = \frac{24}{2} = 12\ $$
t ≪ td
2, 58 ≪ 12
warunek spelniony
Przygotowanie roztworu HCl
VrKt=13,50 m3
Przygotowanie roztworu NaOH
VrAn=35,00 m3
Płukanie kationitów
VpKt=54,96 m3
Płukanie anionitów
VpAn=262,40 m3
Całkowite zużycie wody zdejonizowanej
$$\sum_{}^{}{V_{r,p} = V_{r}^{\text{Kt}} +}V_{r}^{\text{An}} + V_{p}^{\text{Kt}} + V_{p}^{\text{An}},\ m^{3}$$
$$\sum_{}^{}{V_{r,p} = 13,50 + 35,00 + 54,96 + 262,40 = \mathbf{365}\mathbf{,}\mathbf{86}\mathbf{\ }\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Obliczono zbiornik magazynowania wody zdejonizowanej.
Objętość zbiornika to suma wynikająca z kationitów i anionitów:
Vk = V1r + V1p = 6, 75 + 27, 48 = 34, 23 m3
Va = 2V1r + 2V1p = 2 • 8, 75 + 2 • 65, 60 = 148, 70 m3
Vc = Vk + Va = 34, 23 + 148, 70 = 182, 93 m3
Przyjęto wysokość zbiornika H= 4 m (3 m pod poziomem terenu, 1 m nad teren)
$$D = \sqrt{\frac{4V}{H \bullet \pi},}m$$
$$D = \sqrt{\frac{4 \bullet 182,93}{4 \bullet \pi}} \approx 8\ m$$
$$Q_{\text{rz}} = Q - \sum_{}^{}{V_{r,p} - \sum_{}^{}V_{s}\ ,\ \frac{m^{3}}{h}}$$
gdzie: $\sum_{}^{}V_{r,p}$- całkowite zużycie wody na regenerację i płukanie jonitów, m3
$\sum_{}^{}V_{r,p}$ - woda zużyta na spulchnianie, m3
Q- wydajność zakładu, $\frac{m^{3}}{d}$
$$\sum_{}^{}V_{s} = 18,32 + 52,48 = 70,80\ m^{3}$$
$$Q_{\text{rz}} = 2380 - 365,86 - 70,80 = 1943,34\ \frac{m^{3}}{d} = \mathbf{80}\mathbf{,}\mathbf{97}\frac{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}{\mathbf{h}}$$
$$D_{\text{Cl}_{2}} = D_{\text{dez}} + D_{N},\ \frac{g\text{Cl}_{2}}{m^{3}}$$
gdzie: Ddez - dawka chloru przyjęta ze względu na dezynfekcję, $D_{\text{dez}} = \left( 1 \div 1,5\ \frac{g\text{Cl}_{2}}{m^{3}} \right),$ przyjęto $1,\ 2\ \frac{g\text{Cl}_{2}}{m^{3}}$
DN − dawka chloru ze wzgledu na utlenianie azotu amonowego przy chlorowaniu
do punktu przelamania
$$D_{N} = {10 \bullet \lbrack{\text{NH}_{4}}^{+}\rbrack}_{\text{po}\ w.j},\ \frac{g\text{Cl}_{2}}{m^{3}}$$
Przebieg chlorowania do punktu przełamania przedstawiono na rysunku:
Rys.13. Przebieg chlorowania do punktu przełamania
Ilość N-NH4+ w strumieniu zmieszanym po wymianie jonowej:
$${\lbrack{\text{NH}_{4}}^{+}\rbrack}_{\text{po}\ w.j} = \frac{L_{\text{NH}_{4}}}{Q_{\text{rz}}} = \frac{{\lbrack{\text{NH}_{4}}^{+}\rbrack}_{\text{po}\ \text{rekar}.} \bullet (Q - Q_{1})}{Q_{\text{rz}}},\ \text{gN}/m^{3}$$
Qrz – rzeczywista wydajność zakładu, m3/d
Q – wydajność zakładu, m3/d
Q1 – wydajność jonitu, m3/d
Qrz − Przy założeniu, że woda na potrzeby własne zakładu pobierana jest przed wymieszaniem strumieni: obiegowego i zdejonizowanego
$${\lbrack{\text{NH}_{4}}^{+}\rbrack}_{\text{po}\ w.j} = \frac{0,20 \bullet (99,17 - 74,83)}{80,97} = 0,060\frac{\text{val}}{m^{3}} \bullet 14 = \mathbf{0,84\ }\frac{\mathbf{\text{gN}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
$$D_{N} = 10 \bullet 0,84 = \mathbf{8,40}\frac{\mathbf{g}\mathbf{\text{Cl}}_{\mathbf{2}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Całkowita dawka chloru:
$$D_{\text{Cl}_{2}} = 1,20 + 8,40 = \mathbf{9,60\ }\frac{\mathbf{g}\mathbf{\text{Cl}}_{\mathbf{2}}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Założono stężenie Cl2 w wodzie chlorowej 3500g Cl2/m3 i odczyn wody chlorowej pH=3 (przy w.w stężeniu Cl2 w wodzie chlorowej-> dla wody wodociągowej o typowej zasadowości pH=3). Odczytano parametry wody chlorowej - procentowy udział poszczególnych form chloru w zależności od stężenia i odczynu.
Tab. 10. Procentowa zawartość chloru i kwasu podchlorawego w wodzie chlorowej
chlor gazowy – 13,57 % Cl2
kwas podchlorawy – 86,28 % Cl2
Postacie chloru w wodzie w zależności od pH zostały przedstawiono na rysunku:
Rys.14. Postacie chloru w wodzie w zależności od odczynu
Wodę chlorową należy dawkować wielopunktowo (z mieszaniem) i neutralizować wodorotlenkiem sodu. Brak mieszania i neutralizacji powoduje spadek odczynu, tworzenie NCl3 (który powstaje w kwaśnym odczynie) i przesuniecie punktu przełamania w prawo → spada skuteczność utleniania NH4+). Neutralizację należy prowadzić do pH=7,4.
Udział poszczególnych form chloru po zobojętnieniu wody do pH 7,4 obliczono na podstawie tabeli (poniżej) – (Cl2 gazowy przechodzi w HOCl, z części którego powstaje jon OCl-):
Tab.11. Procentowa zawartość poszczególnych form chloru w wodzie chlorowej
Obliczone wartości:
• kwas podchlorawy – 59,69 % Cl2
• jon podchlorynowy –40,59 % Cl2
Wymagana dawka NaOH zapewniająca zmianę składu wody chlorowej i zmiany proporcji:
• kwas podchlorawy – 13,57 % Cl2 (powstaje z chloru gazowego)
• jon podchlorynowy – 40,59 % Cl2 (powstaje z kwasu podchlorawego)
Podczas neutralizacji wody chlorowej zachodzą reakcje zobojętniania:
1) Cl2 + NaOH → HOCl + NaCl (przejście chloru gazowego w kwas podchlorawy)
71g - 40g
0,1357•DCl2 − x gdzie:${\ D}_{\text{Cl}_{2}} = 9,60\ \frac{g\text{Cl}_{2}}{m^{3}}$
$$x = \frac{0,1357 \bullet 9,6 \bullet 40}{71} = \mathbf{0,73\ }\mathbf{g}$$
2) HOCl + NaOH → NaOCl + H2O (przejście części kwasu podchlorawego w jon podchlorynowy)
35,5g - 40g
$\frac{0,4059 \bullet D_{Cl_{2}}}{2}$ - y (Podzielono przez 2, bo w reakcji uczestniczy 1 gramoatom chloru, a Cl2 to 2 gramoatomy)
$$y = \frac{\left( \frac{0,4059 \bullet 9,60}{2} \right) \bullet 40}{35,5} = \mathbf{2,20\ }\mathbf{g}$$
DNaOH = x + y = 0, 73 + 2, 20 = 2, 93 g
W wyniku utlenienia 1 g azotu amonowego przyrost zasolenia wynosi 15 g. Stąd:
$$\left\lbrack {\text{NH}_{4}}^{+} \right\rbrack_{\text{po}\ w.j.} \bullet 15 = 0,84 \bullet 15 = \mathbf{12,60}\frac{\mathbf{g}}{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}$$
Dobór chloratora
Godzinowe zużycie chloru:
Cl2 = DCl2 • Qrz, gCl2/h
Cl2 = 9, 60 • 80, 97 = 777, 31 gCl2/h
Czas przetrzymania tp= 30 min
Wymagana objętość komory:
Vkom = Qrz • tp, m3
Vkom = 80, 97 • 0, 5 = 40, 50 m3
Przyjęto następujące gabaryty komory reakcji:
D = 5 m
Wysokość komory reakcji:
$$H = \frac{4 \bullet V}{D^{2} \bullet \pi},\ m$$
$$H = \frac{4 \bullet 40,50}{5^{2} \bullet 3,14} = 2,06\ m \approx \mathbf{2}\mathbf{,}\mathbf{10}\mathbf{\ }\mathbf{m}$$
Rys.15. Schemat chloratora.
Obliczenie powierzchni magazynu chloru:
Maksymalne dobowe zużycie reagenta jest miarodajne do wyznaczenia wielkości magazynu.
$$M_{\text{dmax}} = Q_{\text{dmax}} \bullet D_{\max} \bullet f,\frac{\text{kg}}{d}$$
gdzie: Qd max- maksymalna dobowa wydajność stacji uzdatniania wody, m3/d,
Dmax - maksymalna dawka reagenta w postaci czystej i ewentualnie bezwodnej, kg/m3
f- współczynnik przeliczeniowy masy reagenta w postaci chemicznie czystej i bezwodnej na masę produktu technicznego (f=1,0 dla chloru)
Maksymalne dobowe zużycie chloru
$$M_{\text{dmax}} = 2380 \bullet (9,6 \bullet 10^{- 3}) \bullet 1,0 = 22,85\frac{\text{kg}}{d}$$
Wyznaczono wielkość zapasu chloru
Z = Mdmax • Tm, kg
gdzie: Tm- wymagany czas składowania (Tm = 60d)
Z = 22, 85 • 60 = 1370, 9 kg
Powierzchnia magazynu chloru według wzoru:
F = 1, 5 • n + 20%(1,5•n), m2
gdzie: n – liczba butli, szt
20% (1,5∙n) – powierzchnia przeznaczona na transport wewnętrzny
Liczba butli:
$$n = \frac{Z}{45},\ \text{szt}$$
gdzie: Z – wymagany zapas reagenta, kg
45 – ciężar butli
$$n = \frac{1370,9\ }{45} = 30,46\ \text{szt}\ \approx 31\ \text{szt}$$
Powierzchnia magazynu:
F = 1, 5 • 31 + 0, 2 • (1,5•31) = 56 m2
Suchą masę osadu określamy na podstawie danych w punkcie 5 „Skład ścieków po koagulacji wapnem”
Sucha masa Mg(OH)2
smMg = ηs • [TwMg]0 • Q • 10−3
$$\text{sm}_{\text{Mg}} = 0,8 \bullet 2,6 \bullet 2380 \bullet 10^{- 3} = \mathbf{4,95\ }\frac{\mathbf{\text{kval}}}{\mathbf{d}}$$
Przeliczenie jednostek:
$${\ R}_{\text{Mg}{(\text{OH})}_{2}} = 29\ \frac{\text{kg}}{\text{kval}}$$
$$\text{sm}_{\text{Mg}} = 4,95 \bullet 29 = \mathbf{143,55\ }\frac{\mathbf{\text{kg}}_{\mathbf{\text{sm}}}}{\mathbf{d}}$$
Sucha masa CaCO3
smCaCO3 = ηs • M0 • Q • 10−3
$$\text{sm}_{\text{CaCO}_{3}} = 0,8 \bullet 3,0 \bullet 2380 \bullet 10^{- 3} = \mathbf{5,71\ }\frac{\mathbf{\text{kval}}}{\mathbf{d}}$$
Przeliczenie jednostek:
$$R_{\text{Ca}\text{CO}_{3}} = 50\ \frac{\text{kg}}{\text{kval}}$$
$$\text{sm}_{\text{CaCO}_{3}} = 5,71 \bullet 50 = \mathbf{285,60\ }\frac{\mathbf{\text{kg}}_{\mathbf{\text{sm}}}}{\mathbf{d}}$$
Sucha masa Ca3(PO4)2
smCa3(PO4)2 = ηs • [PO43−] • Q • 10−3
$$\text{sm}_{\text{Ca}_{3}{{(\text{PO}}_{4})}_{2}} = 0,8 \bullet 0,12 \bullet 2380 \bullet 10^{- 3} = \mathbf{0,23\ }\frac{\mathbf{\text{kval}}}{\mathbf{d}}$$
Przeliczenie jednostek:
$$R_{\text{Ca}_{3}{{(\text{PO}}_{4})}_{2}} = 52\ \frac{\text{kg}}{\text{kval}}$$
$$\text{sm}_{\text{Ca}_{3}{{(\text{PO}}_{4})}_{2}} = 0,23 \bullet 52 = \mathbf{11,96}\frac{\mathbf{\text{kg}}_{\mathbf{\text{sm}}}}{\mathbf{d}}$$
Całkowita sucha masa osadu po koagulacji CaO
smCa = smMg + smCaCO3 + smCa3(PO4)2
$$\text{sm}_{\text{Ca}} = 143,55 + 285,60 + 11,96 = \mathbf{441,11\ }\frac{\mathbf{\text{kg}}_{\mathbf{\text{sm}}}}{\mathbf{d}}$$
Objętość osadów po koagulacji CaO
uwodnienie osadow WCa = 99, 6%
$$ge\text{sto}sc - \rho_{\text{Ca}} = 1010\ \frac{\text{kg}}{m^{3}}$$
$$V_{\text{Ca}} = \text{sm}_{\text{Ca}} \bullet \frac{100}{\left( 100 - W_{\text{Ca}} \right) \bullet \rho_{\text{Ca}}}$$
$$V_{\text{Ca}} = 441,11 \bullet \frac{100}{\left( 100 - 99,6 \right) \bullet 1010} = \mathbf{109,19\ }\frac{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}{\mathbf{d}}$$
Objętość osadów po zagęszczeniu w odstojniku
Objętość osadów zmniejsza się poprzez jednodobowe zagęszczanie w odstojniku, wtedy uwodnienie zmniejsza się do 98,8 %.
W′Ca = 98, 8 %
$${V'}_{\text{Ca}} = \frac{V_{\text{Ca}} \bullet (100 - W_{\text{Ca}})}{100 - {W'}_{\text{Ca}}}$$
$${V'}_{\text{Ca}} = \frac{109,19 \bullet (100 - 99,6)}{100 - 98,8} = \mathbf{36,40\ }\frac{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}{\mathbf{d}}$$
Sucha masa osadu CaCO3 po sedymentacji międzystrefowej
$$\text{sm}_{r} = \eta_{s} \bullet \left( \sum_{}^{}{\left\lbrack \text{CaCO}_{3} \right\rbrack - R_{\text{CaCO}_{3}}} \right) \bullet Q \bullet 10^{- 3}$$
$${R_{\text{CaCO}_{3}} - \ \text{rozpuszczalno}sc\ \text{CaCO}_{3}\ w\ \text{temp}.15^{o}C,\ \text{pH} = 9,5\ \rightarrow R}_{\text{CaCO}_{3}} = 0,198\ \frac{\text{val}}{m^{3}}$$
$$\text{sm}_{r} = 0,8 \bullet \left( 7,44 - 0,198 \right) \bullet 2380 \bullet 10^{- 3} = \mathbf{13,79\ }\frac{\mathbf{\text{kval}}}{\mathbf{d}}$$
Przeliczenie jednostek:
$$R_{\text{Ca}\text{CO}_{3}} = 50\ \frac{\text{kg}}{\text{kval}}$$
$$\text{sm}_{r} = 13,79 \bullet 50 = \mathbf{689,50\ }\frac{\mathbf{\text{kg}}_{\mathbf{\text{sm}}}}{\mathbf{d}}$$
Objętość osadów po sedymentacji międzystrefowej
$$V_{r} = \text{sm}_{r} \bullet \frac{100}{\left( 100 - W_{r} \right) \bullet \rho_{r}}$$
Wr = 99, 6%
$$\rho_{r} = 1010\ \frac{\text{kg}}{m^{3}}$$
$$V_{r} = 689,50 \bullet \frac{100}{\left( 100 - 99,6 \right) \bullet 1010} = \mathbf{170,67}\frac{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}{\mathbf{d}}$$
Objętość osadów po zagęszczeniu w odstojniku
Objętość osadów zmniejsza się poprzez jednodobowe zagęszczanie w odstojniku, wtedy uwodnienie zmniejszy się do 98,8 %.
$${V'}_{r} = \frac{V_{r} \bullet (100 - W_{r})}{100 - {W'}_{r}}$$
W′r = 98, 8 %
$${V'}_{r} = \frac{170,67 \bullet (100 - 99,6)}{100 - 98,8} = \mathbf{56,89\ }\frac{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}{\mathbf{d}}$$
Osad z odstojnika można odwadniać mechanicznie i składować. Może też być wykorzystany do wapnowania osadów ściekowych lub odzyskiwania CaO.
Odzyskiwanie CaO i CO2 prowadzi się poprzez termiczną rekalcynację. Warunkiem stosowania tej metody (związane to jest z budową oddzielnych odstojników na osady po sedymentacji międzystrefowej) jest 100% pokrycie przez wytworzony CO2 całkowitego zapotrzebowania na CO2 stosowanego do dwustopniowej dekarbonizacji.
CaCO3 → CaO + CO2
100 gCaCO3 − 44 gCO2
X gCaCO3 − dobowe zapotrzebowanie na dwutlenek wegla do rekarbonizacji 2 − stopniowej
$$D_{\text{CO}_{2\ r}}^{1^{o} + 2^{o}} = 251,60\ \frac{g}{m^{3}} \bullet 2380\frac{m^{3}}{d} = 598808\ \frac{g}{d} = 598,81\frac{\text{kg}}{d}$$
$$X = \frac{598,81 \bullet 100}{44} = 1360,93\ \ \text{kg}_{\text{Ca}\text{CO}_{3}}$$
$$\mathbf{1360,93\ }\mathbf{\text{kg}}_{\mathbf{\text{Ca}}\mathbf{\text{CO}}_{\mathbf{3}}}{\mathbf{=}\mathbf{x}\mathbf{>}\mathbf{\text{sm}}}_{\mathbf{r}}\mathbf{=}\mathbf{689,50}\mathbf{\ }\frac{\mathbf{\text{kg}}_{\mathbf{\text{sm}}}}{\mathbf{d}}$$
Osad po sedymentacji międzystrefowej będzie składowany wspólnie z innymi osadami. Odzyskiwanie CaO i CO2 nie jest uzasadnione.
Popłuczyny po filtrach piaskowych i węglowych oraz wody z transportu węgla odprowadzane będą do odstojników osadów pokoagulacyjnych (W0 = 99, 9%).
Objętość popłuczyn po filtrze piaskowym obliczono jak dla zakładu oczyszczania wody
(przyjęto średnie wartości intensywności płukania i czasu płukania). Nie uwzględniono w obliczeniach popłuczyn z filtrów węglowych.
Ilość popłuczyn
Przyjęto 5 filtrów pionowych płukanych raz dziennie wodą i powietrzem. Intensywność płukania wodą qpł = 15 dm3/(m2∙s), a czas płukania 10 min = 0,17h.
Objętość popłuczyn:
Vp = q • npl • F1 • n • tpl
gdzie: q – intensywność płukania, m3/m2s
npł – liczba płukań w dobie
F1 – powierzchnia jednego filtra, m2
n – liczba filtrów
tpł – czas płukania (założono 10 min = 600 s)
Vp = 0, 015 • 1 • 2, 54 • 5 • 600 = 114, 30 m3/d
Objętość popłuczyn po zagęszczeniu:
$${V}_{p} = V_{p} \bullet \frac{100 - W_{0}}{\left( 100 - W \right)},\ m^{3}$$
W0 = 99,9%
W = 96%
$${V}_{p} = 114,30 \bullet \frac{100 - 99,9}{\left( 100 - 96 \right)} = \mathbf{2,86\ }\mathbf{m}^{\mathbf{3}}$$
Odstojnik zaprojektowano na objętość osadów po koagulacji i sedymentacji międzystrefowej oraz popłuczyn. Osad z odstojnika można odwadniać mechanicznie i składować. Przyjęto dwa odstojniki (jeden pracujący, drugi rezerwowy). Ciecz nadosadowa trafia do kanalizacji.
Suma objętości osadów:
Vo = VCa + Vr + Vp, m3/d
Vo = 109, 19 + 170, 67 + 114, 30 = 394, 16 m3/d
Objętość odstojników: każdy 400 m3
Przyjęto następujące gabaryty komory reakcji:
H = 3 m
B = 10 m
L = 13,5 m
Czas przetrzymania: 1 d
Vod = Vo • tp, m3
Vod = 394, 16 • 1 = 394, 16 m3
Inne odpady:
Roztwory z regeneracji kationitów i anionitów, które będą gromadzone w jednym zbiorniku (autoneutralizacja z korektą odczynu; t = 1 d) , następnie odprowadzane do kanalizacji.
Wody z płukania po regeneracji jonitów – po autoneutralizacji z korektą
odczynu odprowadzane do kanalizacji.
Wody ze spulchniania jonitów trafiają do kanalizacji.
NaOH + HCl = NaCl + H2O
Całkowite zużycie HCl czystego (100%)
ZHCl = 2 • 572, 5 = 1145 kg HCl/d
Przeliczenie jednostek:
$$R_{\text{HCl}} = 36,5\ \frac{\text{kg}}{\text{kval}}$$
ZHCl = 1145 : 36, 5 = 31,37 kval/d
Całkowite zużycie czystego NaOH
ZNaOH = 1836,8 kg NaOH/d
Przeliczenie jednostek:
$$R_{\text{NaOH}} = 40\ \frac{\text{kg}}{\text{kval}}$$
ZNaoH = 1836, 8 : 40 = 45,92 kval/d
Ładunek usuwanych kationów lub anionów
$${L_{\text{An}} = L}_{\text{kt}} = 12733,07\frac{\text{val}}{d} = \mathbf{12}\mathbf{,}\mathbf{73}\mathbf{\ }\mathbf{\text{kval}}\mathbf{/}\mathbf{d}$$
Ilość kwasu w ściekach po regeneracji kationitu
a = ZHCl − LKt
$$a = 31,37 - 12,73 = \mathbf{18}\mathbf{,}\mathbf{64}\mathbf{\ }\frac{\mathbf{\text{kval}}}{\mathbf{d}}$$
Ilość zasady w ściekach po regeneracji anionitu
b = ZNaOH − LAn
$$b = 45,92 - 12,73 = \mathbf{33}\mathbf{,}\mathbf{19}\mathbf{\ }\frac{\mathbf{\text{kval}}}{\mathbf{d}}$$
Nadmiar NaOH w ilości $a - b\ \frac{\text{kval}}{d}$ trzeba neutralizować kwasem w ilości równowagowej.
Ładunek HCl do neutralizacji NaOH
LHClN = |a−b|
$$L_{\text{HCl}}^{N} = \left| 18,64 - 33,19 \right| = \mathbf{14}\mathbf{,}\mathbf{55}\mathbf{\ }\frac{\mathbf{\text{kval}}}{\mathbf{d}}$$
Przeliczenie jednostek:
$$R_{\text{HCl}} = 36,5\ \frac{\text{kg}}{\text{kval}}$$
$$L_{\text{HCl}}^{N} = 14,55 \bullet 36,5 = \mathbf{531}\mathbf{,}\mathbf{10}\mathbf{\ }\frac{\mathbf{\text{kg}}}{\mathbf{d}}\mathbf{\text{HCl}}$$
Zużycie technicznego HCl (33%)
$$L_{\text{HCl}\ \text{tec}h}^{N} = \frac{\left| a - b \right|}{0,33}$$
$$L_{\text{HCl}\ \text{tec}h}^{N} = \frac{\left| 18,64 - 33,19 \right|}{0,33} = \mathbf{44}\mathbf{,}\mathbf{09}\mathbf{\ }\frac{\mathbf{\text{kval}}}{\mathbf{d}}$$
Objętość roztworu HCl do neutralizacji
$$Q_{\text{HCl}}^{N} = \frac{L_{\text{HCl}}^{N}}{c_{\text{HCl}} \bullet \rho_{\text{HCl}\ 8\%}}$$
Założono użycie roztworu cHCl = 8 %
$$\rho_{\text{HCl}\ 8\%} = 1038\ \frac{\text{kg}}{m^{3}}$$
$$Q_{\text{HCl}}^{N} = \frac{531,10\ }{0,08 \bullet 1038} = \mathbf{6}\mathbf{,}\mathbf{40}\mathbf{\ }\frac{\mathbf{m}^{\mathbf{3}}}{\mathbf{d}}$$
Zużycie wody do rozcieńczenia 35% HCl do 8% (zużyte zostaną do tego ścieki z końcowej fazy płukania kationitów)
$$Q_{W}^{N} = \frac{L_{\text{HCl}}^{N}}{0,08 \bullet \rho_{\text{HCl}\ 8\%}} - \frac{L_{\text{HCl}}^{N}}{0,33 \bullet \rho_{\text{HCl}\ 33\%}}$$
$$\rho_{\text{HCl}\ 33\%} = 1164\ \frac{\text{kg}}{m^{3}}$$
$$Q_{W}^{N} = \frac{531,10}{0,08 \bullet 1038} - \frac{531,10}{0,35 \bullet 1038} = 6,39 - 1,46 = 4,93\frac{m^{3}}{d}$$
Zbiornik do neutralizacji z czasem przetrzymania 1 doba
Objętość zbiornika do neutralizacji:
VN=Całkowita objętość roztworu do regeneracji kationitów + całkowita objętość wody płuczącej kationity + Całkowita objętość roztworu do regeneracji anionitów + całkowita objętość wody płuczącej anionity + objętość roztworu HCl do neutralizacji – zużycie wody do rozcieńczenia 35% HCl
VN = 13, 50 + 54, 96 + 35, 00 + 262, 40 + 6, 40 − 4, 93 = 367, 33 m3
Vz = VN • tp, m3
Vz = 367, 33 • 1 = 367, 33 m3
Przyjęto następujące gabaryty zbiornika:
Średnica: D = 10 m
Wysokość komory reakcji:
$$H = \frac{4 \bullet V}{D^{2} \bullet \pi},\ m$$
$$H = \frac{4 \bullet 367,33}{10^{2} \bullet 3,14} = 4,68\ m \approx \mathbf{4}\mathbf{,}\mathbf{70}\mathbf{\ }\mathbf{m}$$
Dopływ ścieków oczyszczonych do Zakładu Odnowy Wody – pod ciśnieniem hydrostatycznym w korycie przelewowym osadnika wtórnego (w oczyszczalni ścieków komunalnych),
Na terenie Zakładu Odnowy wody znajdują się 3 pompownie:
P 1o – do urządzeń przed koagulacji,
P 2o – do urządzeń ciśnieniowych,
P 3o – do sieci
wyposażone w komory czerpalne, których objętość obliczono ze wzoru:
$$V_{z} = \frac{1}{3}Q_{hsr},\ m^{3}$$
$$V_{z} = \frac{1}{3} \bullet 99,17 \approx 33\ m^{3}$$
Przyjęto komorę czerpalną o wymiarach:
H = 2 m
B = 4 m
L = 5 m
Urządzenia w budynkach:
Obiekty do koagulacji,
Obiekty do rekarbonizacji,
Urządzenia ciśnieniowe (filtry piaskowe, węglowe, jonity),
Komora reakcji
Zbiornik neutralizacji
Geometryczna różnica rzędnych: osi rurociągu tłocznego (lub zwierciadła w zbiorniku górnym) i osi pompy (lub zwierciadła wody w zbiorniku dolnym):
∆hg = Hg - Hd, m
gdzie: Hg – rzędna górna, m n.p.m.
Hd – rzędna dolna, m n.p.m.
Hp = Hd + ∆hl + ∆hw + ∆hwyl + ∆hprzelew
Hp – rzędna linii ciśnień w przewodzie tłocznym pompowni P 1o, m n.p.m.
Hd – rzędna zwierciadła wody w komorze czerpnej pompowni P 2o, m
∆hl – strata ciśnienia na długości rurociągu, m
∆hw – strata ciśnienia na wlocie do rurociągu, m
∆hwyl – starta ciśnienia na wylocie z rurociągu,
∆hprzelew – strata ciśnienia na dwóch przelewach
Hd = 99,8 m n.p.m.
Straty liniowe:
∆hL = Lc∙i, m
gdzie i=0,002
Pompownia P 1o – Komora szybkiego mieszania ∆hL = 24,98 m ∙ 0,002 = 0,05 m
Komora szybkiego mieszania – Komora wolnego mieszania ∆hL = 8,1 m ∙ 0,002 = 0,02 m
Komora wolnego mieszania - Komora saturacji 1 ∆hL = 22,86 m ∙ 0,002 = 0,05 m
Komora saturacji 2- Pompownia P 2o ∆hL = 11,36 m ∙ 0,002 = 0,02 m
Suma: 0,14 m
Straty ciśnienia na wlocie do rurociągu
Wlot do komory szybkiego mieszania = 0,2 m
Wlot do komory wolnego mieszania (rura centralna) = 0,2 m
Wlot do komory saturacji 1 = 0,2 m
Suma: 0,6 m
Straty ciśnienia na wylocie z rurociągu
Wylot z komory wolnego mieszania = 0,2 m
Wylot z komory saturacji 2 = 0,2 m
Suma: 0,4 m
Straty ciśnienia na przelewach
komora wolnego mieszania = 0,2 m
komora wolnego mieszania przelew – rura centralna = 0,2 m
rura centralna – osadnik = 0,2 m
osadnik – przelew = 0,2 m
Komora saturacji 1 – osadnik = 0,2 m
Osadnik – przelew = 0,2 m
Przelew – komora saturacji 2 = 0,2 m
Suma: 1,4 m
Hp = 99,8 + 0,14 + 0,6 + 0,4 + 1,4 = 102,34 m n.p.m.
(jest to rzędna na wylocie z Pompowni1)
Hp = Hd + ∆hl + ∆hw + ∆hwyl + ∆hprzelew
Hp – rzędna linii ciśnień w przewodzie tłocznym anionitów, m n.p.m.
Hd – rzędna zwierciadła wody w komorze czerpnej pompowni P 2o, m
∆hl – strata ciśnienia na długości rurociągu, m
∆hw – strata ciśnienia na wlocie do rurociągu, m
∆hwyl – starta ciśnienia na wylocie z rurociągu,
∆hprzelew – strata ciśnienia na dwóch przelewach
Hd = 105,44 m n.p.m.
Straty liniowe:
∆hL = Lc∙i, m
gdzie i=0,002
Pompownia P 2o – Budynek filtrów piaskowych i węglowych ∆hL = 17 m ∙ 0,002 = 0,03 m
Budynek filtrów – budynek jonitów ∆hL = 18,25 m ∙ 0,002 = 0,04 m
Suma: 0,07 m
Straty ciśnienia w urządzeniach ciśnieniowych
filtry piaskowe ciśnieniowe
Vf = 5 ÷ 7,5 m/h → Δhf1 = 3,0 m H2O/ m złoża
strata w armaturze → Δharm ≈ 1,5 m H2O
Wysokość złoża wynosi: 1,5 m
Δhf = 3∙1,5 = 4,5 m
Δharm = 1,5 m H2O
Suma: 6 m
filtry węglowe
Vf = 10 m/h → Δhabs1 = 3,0 m H2O/ m złoża
strata w armaturze → Δharm1 ≈ 1,5 m H2O/ zbiornik
W szeregu znajdują się trzy kolumny pracujące o łącznej wysokości złoża: 4,5 m
Δhabs = 3,0 ∙ 4,5 = 13,5 m
Δharm = 1,5 ∙3= 4,5 m
Suma: 18 m
kationity
Vf = 5 m/h → Δhkat1 = 1 m H2O/ m złoża
Vf = 20 m/h → Δhkat1 = 3 m H2O/ m złoża
strata w armaturze → Δharm ≈ 1,5 m H2O
Wartość Vf wynosi 19,5 m/h,przyjęto Δhkat1 ≈ 3 m H2O/ m złoża
Wysokość złoża wynosi: 1,8 m
Δhkat = 3∙1,8 = 5,4 m
Δharm = 1,5 m
Suma: 6,9 m
Hp = 105,44 + 0,07 + (6+18+6,9) = 136,41 m n.p.m.
(jest to rzędna na wylocie z Pompowni 2)
Dodatkowo:
anionity
Vf = 5 m/h → Δhanion1 = 0,8 m H2O/ m złoża
Vf = 20 m/h → Δhanion1 = 3 m H2O/ m złoża
strata w armaturze → Δharm ≈ 1,5 m H2O
Wartość Vf wynosi 5,48 m/h,przyjęto Δhanion1 ≈ 0,8 m H2O/ m złoża
Wysokość złoża wynosi: 1,5 m
Δhanion = 3∙1,5 = 4,5 m
Δharm = 1,5 m
Suma: 6,0 m
Komora reakcji:
Wlot do komory = 0,2 m
Komora – przelew = 0,2 m
Przelew – wylot z komory = 0,2 m