Termin podstawowy 2009
1. Węgiel poddano równocześnie reakcji spalania (egzotermicznej) i zgazowania (endotermicznej). Ilości substratów są tak dobrane, że proces jako całość przebiega bez efektu cieplnego (H=0). Obliczyć ile należy użyć w procesie moli tlenu, a ile moli pary wodnej, jeśli początkowa ilość węgla (pierwiastka) wynosi1000 kg. Masy molowe: MC=12,01g/mol; MO=16,00g/mol; MH=1,008g/mol
(r1) C(grafit) + O2 = CO2 Hr1 = -393,77 kJ/mol
(r2) C(grafit) + H2O = CO + H2 Hr2 = +175 kJ/mol
Rozwiązanie
Dane:
entalpia reakcji spalania: Hr1= -393,77 kJ/mol
entalpia reakcji zgazowania: Hr2= +175 kJ/mol
entalpia procesu jako całości:H= 0 kJ/mol
masa początkowa węgla: mC=1000kg
Szukane:
liczba moli tlenu: nO2
liczba moli pary wodnej: nH2O
Rozwiązanie:
wprowadźmy oznaczenia:
nC(r1) - liczba moli węgla, która wzięła udział w reakcji spalania
nC(r2) - liczba moli węgla, która wzięła udział w reakcji zgazowania
wiedząc, że sumaryczny efekt cieplny procesu ma być równy zeru, uwzględniając równania termochemiczne możemy zapisać:
nC(r1)Hr1 + nC(r2)Hr2= 0 (1)
oraz z prawa zachowania masy mamy:
nC(r1) + nC(r2) = mC/MC (2)
rozwiązując układ równań liniowych (1)-(2)
otrzymujemy nC(r1)= 25619 moli oraz nC(r2)= 57645 moli
uwzględniając wartości współczynników stechiometrycznych w reakcjach (r1) i (r2) otrzymujemy wyniki końcowe
otrzymujemy nO2= 25619 moli oraz nH2O= 57645 moli
Odp. W procesie należy użyć 25619 moli tlenu, oraz 57645 moli pary wodnej.
2. Student postanowił zbadać pH roztworu mocnego kwasu, który kolejno rozcieńczał, za każdym razem w stosunku 1:10 – gdzie 1 oznacza objętość początkową roztworu kwasu a 10 objętość roztworu po dodaniu wody destylowanej. Początkowe stężenie wynosiło 100 mol/dm3. Oblicz pH roztworu uzyskanego po siódmym rozcieńczeniu. Podpowiedź: po pierwszym rozcieńczeniu stężenie roztworu wynosiło 10-1 mol/dm3.
Rozwiązanie
Dane:
początkowe stężenie kwasu: Ckw(0)=100 mol/dm3
stężenie kwasu po pierwszym rozcieńczeniu: Ckw(1)=10-1 mol/dm3
ilość rozcieńczeń kwasu: 7
iloczyn jonowy wody Kw = 10-14 mol2/dm6
Szukane:
pH roztworu po siódmym rozcieńczeniu: pH(7)
Rozwiązanie:
Zauważmy, że każde rozcieńczenie zmniejsza stężenie kwasu dziesięciokrotnie, zatem po siódmym rozcieńczeniu możemy zapisać, że stężenie kwasu:
Ckw(7)=10-7 mol/dm3
Stężenie jonów H+ (dla uproszczenia będziemy dalej pisać H+ zamiast np. H3O+) w tym ostatnim roztworze nie jest jednak równe Ckw(7)=10-7 mol/dm3 bowiem jony H+ pochodzą z dysocjacji kwasu (która jest w tym przypadku całkowita) i z autodysocjacji wody. Nie możemy jednak również zapisać, że CH+(z wody) = 10-7mol/dm3 bo obecność jonów H+ pochodzących z dysocjacji kwasu wpływa na położenie stanu równowagi dla reakcji autodysocjacji wody.
Dla analizowanego roztworu musimy zatem określić stężenie równowagowe H+ biorąc pod uwagę proces autodysocjacji wody i dodatkowe źródło jonów H+ jakim jest obecny w roztworze (mocny) kwas.
Dla autodysocjacji wody mamy:
Kw = CH+ × COH- (1)
w naszym przypadku, uwzględniając obecność kwasu mamy:
Kw = (CH+(z wody) + Ckw(7)) × COH-(z wody) (2)
oraz z prawa zachowania ładunku mamy:
CH+(z wody) = COH-(z wody) (3)
po eliminacji z równania (2) zmiennej COH- otrzymujemy równianie kwadratowe:
Kw = (CH+(z wody) + Ckw(7)) × CH+(z wody) (4)
Ponieważ zależy nam na otrzymaniu wartości stężenia całkowitego H+ można skorzystać z prawa zachowania masy:
CH+ = CH+(z wody) + Ckw(7) (5)
wstawiając (5) do (4) otrzymamy:
Kw = (CH+ - Ckw(7)) × CH+ (6)
równanie to możemy zapisać w postaci:
(CH+)2 - Ckw(7) × CH+ - Kw = 0 (7)
wiedząc że CH+ jest niewiadomą w równaniu (7) mamy:
=Ckw(7)2 +4Kw (8)
oraz jedyny możliwy do przyjęcia z fizycznego punku widzenia pierwiastek
CH+ = 1/2(Ckw(7)+(Ckw(7)2 +4Kw)1/2) (9)
Po podstawieniu danych otrzymujemy CH+ =1,61810-7 mol/dm3 co po zlogarytmowaniu daje pH(7) = 6,791
Odp. pH roztworu uzyskanego po siódmym rozcieńczeniu wynosi 6,79.
PS. Alternatywne wyprowadzenie wzoru końcowego można znaleźć na 27 stronie prezentacji z wykładu III (dostępnej na platformie Moodle).
3. Do 1 dm3 czterochlorku węgla (CCl4) pełniącego funkcję rozpuszczalnika dodano 50g kwasu mrówkowego (HCOOH) oraz 100 ml kwasu octowego lodowatego (roztwór wodny o stężeniu 99,5%wag CH3COOH). Obliczyć o ile obniży się temperatura krzepnięcia otrzymanego roztworu w stosunku do czystego CCl4. Uwaga w czterochlorku węgla kwas mrówkowy występuje w 90% jako dimer (HCOOH)2, a kwas octowy odpowiednio w 65% jako dimer, wodę w tym roztworze traktujemy jako monomer (H2O). Stała krioskopowa KCCl4=29 K.kgrozpuszczalnika/molsubstancji rozpuszczonej. dCCl4= 1,5842 g/cm3. dr-rCH3COOH = 1,05 g/cm3. Uwaga: Zakładamy, że w CCl4 możemy zaniedbać dysocjację kwasów mrówkowego i octowego. Masy molowe: MC=12,01g/mol; MO=16,00g/mol; MH=1,008g/mol
Rozwiązanie
Dane:
objętość rozpuszczalnika: VCCl4=1dm3
gęstość rozpuszczalnika: dCCl4= 1,5842 g/cm3
Stała krioskopowa rozpuszczalnika: KCCl4=29 K.kgrozpuszczalnika/molsubstancji rozpuszczonej
Dane substancji rozpuszczonych
masa kwasu mrówkowego: mmrw=50g
objętość r-ru kwasu octowego: Voct=0,1dm3
gęstość r-ru kwasu octowego: doct = 1,05 g/cm3
stężenie r-ru kwasu octowego: Coct=99,5%wag
stopień dimeryzacji kwasu mrówkowego: dmmrw=0,9
stopień dimeryzacji kwasu octowego: dmmrw=0,65
Szukane:
Zmiana temperatury krzepnięcia roztworu w stosunku do czystego CCl4: Tkrz
Rozwiązanie:
Obliczmy liczbę moli wprowadzonych substancji czystych:
dla kwasu mrówkowego
nmrw = mmrw/Mmrw
dla kwasu octowego
noct = (Voct × doct × Coct)/Moct
dla wody
nH2O = [Voct × doct ×(100%-Coct)]/MH2O
następnie uwzględniając dimeryzację kwasów obliczamy sumaryczną liczbę moli indywiduów chemicznych obecnych w roztworze
n = nmrw ×(0,5 × dmmrw + (1 - dmmrw)) + noct ×(0,5 × dmoct+(1-dmoct))+nH2O
uwzględniamy definicję stężenia molalnego
C=n/(VCCl4 × dCCl4)
ostatecznie korzystamy ze wzoru na zmianę temperatury krzepnięcia
Tkrz = KCCl4 × C = KCCl4 × n/(VCCl4 × dCCl4)
wstawiając dane do wzoru otrzymujemy Tkrz = 33,00 K
Odp. Spadek temperatury krzepnięcia roztworu w stosunku do temperatury krzepnięcia czystego czterochlorku węgla wyniesie 33,00 K.
PS. Wykorzystywane zależności można znaleźć m.in w materiale wykładu V, slajdy 24-27 prezentacji dostępnej na platformie Moodle.
4. Obliczyć współczynniki aktywności dla jonów powstających w wyniku rozpuszczania słaborozpuszczalnej soli Ag3PO4 w roztworze wodnym o objętości 1 dm3zawierającym 10g Na2SO4, 5g NaHSO4 i 5g Al2(SO4)3. Uwaga: stosować rozszerzone prawo Debye-Hückel’a.
Uwaga: Do obliczenia mocy jonowej roztworu nie bierzemy pod uwagę jonów Ag+ oraz PO43- oraz zaniedbujemy efekty związane z hydrolizą. Podpowiedź: Stałe do wzoru A=0,509; B = 0,3281; a = 9; Masy molowe: MAg=107,9g/mol; MP=30,97g/mol; MO=16,00g/mol; MNa=22,99g/mol; MS=32,07g/mol; MH=1,008g/mol; MAl=26,98g/mol;
Rozwiązanie
Dane:
objętość roztworu: V=1dm3
masa Na2SO4 : mNa2SO4=10g
masa NaHSO4 : mNaHSO4=5g
masa Al2(SO4)3 : mAl2(SO4)3=5g
Szukane:
współczynnik aktywności Ag+ : fAg+
współczynnik aktywności PO43- : fPO4---
Rozwiązanie:
Najpierw określmy stężenia poszczególnych indywiduów chemicznych obecnych w roztworze po rozpuszczeniu soli.
CNa+ = (2 × mNa2SO4/MNa2SO4 + mNaHSO4/MNaHSO4)/V
CSO4-- = (mNa2SO4/MNa2SO4+ 3 × mAl2(SO4)3/MAl2(SO4)3)/V
CHSO4- = mNaHSO4/MNaHSO4/V
CAl--- = 2 × mAl2(SO4)3/MAl2(SO4)3/V
Następnie zastosujmy odpowiednio definicję mocy jonowej roztworu
I = 0,5/V×[(2 mNa2SO4/MNa2SO4 + mNaHSO4/MNaHSO4 )+4(mNa2SO4/MNa2SO4+ 3×mAl2(SO4)3/MAl2(SO4)3)+
+(mNaHSO4/MNaHSO4 )+9(2×mAl2(SO4)3/MAl2(SO4)3)]
Następnie uwzględnijmy rozszerzone prawo Debye-Hückel’a odpowiednio dla jonów Ag+ i PO43-
log(fAg+) = -A×12× I1/2 / (1 + a × B × I1/2)
log(fPO4---) = -A×32× I1/2 / (1 + a × B × I1/2)
Po podstawieniu danych otrzymamy fAg+ = 0,767 oraz fPO4--- = 0,091
Odp. Współczynniki aktywności dla jonów powstających w wyniku rozpuszczania słaborozpuszczalnej soli Ag3PO4 wynoszą fAg+ = 0,767 oraz fPO4--- = 0,091
PS. Wykorzystywane zależności można znaleźć m.in w materiale wykładu V, slajdy 13-14 prezentacji dostępnej na platformie Moodle.
5. Podać masy potrzebnych odpowiednich soli sodowych kwasu ortodwufosforowego(V) konieczne do sporządzenia 1 dm3 roztworu buforowego o pH=2,5 i ostężeniu całkowitym wynoszącym C=1mol/dm3. Sole te w stanie stałym występują jako uwodnione, gdzie na jedną cząsteczkę soli przypada sześć cząsteczek wody. Kwas ortodwufosforowy(V) o wzorze H4P2O7 jest kwasem, dla którego kolejne stałe dysocjacji wynoszą K1=10-0,8; K2=10-2,2; K3=10-6,7; K4=10-9,4. Strukturalnie kwas ortodwufosforowy(V) można przedstawić jako:
H-O O-H
| |
H-O-P-O-P-O-H
// \\
O O
Masy molowe: MP=30,97g/mol; MO=16,00g/mol; MH=1,008g/mol
Rozwiązanie
Dane:
objętość roztworu buforowego: V=1dm3
pH roztworu buforowego: pH=2,5
stężenie całkowite roztworu buforowego: C=1mol/dm3
Szukane:
masa soli(1): m1
masa soli(2): m2
Rozwiązanie:
Najpierw zdecydujmy, jaki składnik w układzie buforowym będzie pełnił rolę kwasu. Porównując wartości stałych równowag (a w zasadzie wykładników potęgowych) z wartością docelową pH widzimy, że kwasem w układzie buforowym powinien być jon H3P2O7+. Dysocjuje on tworząc jon H2P2O72+, który będzie jonem pełniącym rolę soli w układzie buforowym.
W naszym przypadku pH roztworu buforowego określone jest wzorem:
pH = pK2 + log(Csoli/Ckwasu) (1)
z treści zadania wynika, że:
Csoli + Ckwasu = 1 (2)
podstawiając do pierwszej zależności dane otrzymujemy
log(Csoli/Ckwasu) = 0,3 (3)
co daje
Csoli/Ckwasu=2,0 (4)
łącząc (2) i (4) dostajemy
Csoli = 2/3 mol/dm3 oraz Ckwasu=1/3 mol/dm3
wiedząc, że objętość roztworu buforowego ma wynosić V mamy
m1= msoli = mNa2H2P2O7×6H2O = Csoli×V×MNa2H2P2O7×6H2O
m2= mkwasu = mNaH3P2O7×6H2O = Csoli×V×MNaH3P2O7×6H2O
po podstawieniu danych otrzymujemy m1 = 220,0 g oraz m2 = 102,7 g
Odp. Do sporządzenia 1 dm3 roztworu buforowego potrzeba 220,0 g 6.hydratu dwuwodoroortodwufosforanu(V) sodu oraz 102,7 g 6.hydratu trójwodoroortodwufosforanu(V) sodu
PS. Wykorzystywane zależności można znaleźć m.in w materiale wykładu IV, slajd 17 prezentacji dostępnej na platformie Moodle.
Termin poprawkowy 2009
1. Mieszaninę początkową o masie 40 g zawierającą, Na2CO3, (NH4)2CO3 oraz pewną ilość trwałego termicznie zanieczyszczenia (SiO2) poddano wyprażeniu otrzymując 13,849 g suchej pozostałości. Wydzielające się gazy ochłodzono do temperatury otoczenia otrzymując 4,125 g cieczy (czystej wody) i 17,498 dm3 (w przeliczeniu na warunki normalne) mieszaniny gazowej, dwuskładnikowej. Oblicz masy węglanu sodu i węglanu amonu w mieszaninie poddanej prażeniu.
Uwaga: Węglany są solami stosunkowo nietrwałymi, których rozkład w wysokiej temperaturze zachodzi z wydzieleniem (m.in.) bezwodnika kwasu węglowego. Do celów obliczeniowych należy założyć całkowity rozkład obydwu soli.
Rozwiązanie
Dane:
początkowa masa mieszaniny: mp= 40g
masa suchej pozostałości: msp= 13,849g
masa wody: mH2O=4,125g
objętość mieszaniny gazowej: Vg=17,498 dm3 (w war. normalnych)
Szukane:
masa Na2CO3: mNa2CO3
masa (NH4)2CO3: m(NH4)2CO3
Rozwiązanie:
Zapiszmy równia stechiometryczne reakcji chemicznych, z zaznaczeniem stanu skupienia reagentów:
Na2CO3(s) = Na2O(s) + CO2(g)
(NH4)2CO3(s) = 2NH4(g) + H2O(c) + CO2(g)
Z równań wynika, że woda powstaje jedynie z węglanu amonu, możemy więc wprost wyliczyć jego masę i liczbę moli
n(NH4)2CO3=(1/1)·mH2O/MH2O oraz m(NH4)2CO3=M(NH4)2CO3·(1/1)·mH2O/MH2O ( tutaj otrzymujemy już 1/2 odpowiedzi).
Skoro znamy liczbę moli węglanu amonu to możemy wyliczyć objętość składników gazowych z niego powstających (z pominięciem wody, która uległa skropleniu) i w konsekwencji objętość CO2 powstającego z węglanu sodu
Vg=22,4·(3/1)·mH2O/MH2O co daje VCO2 z Na2CO3=Vg - 22,4·(3/1)·mH2O/MH2O
znajomość tej ostatniej wielkości wystarczy do obliczenia masy Na2CO3.
mNa2CO3 = MNa2CO3·(Vg - 22,4·(3/1)·mH2O/MH2O)/22,4 - i to jest druga połowa odpowiedzi.
Podstawiając dane liczbowe otrzymujemy
m(NH4)2CO3=M(NH4)2CO3·(1/1)·mH2O/MH2O=96,094·4,125/18,016=22,00 g
mNa2CO3 = 106,01·(17,498 - (3/1)·4,125/18,016·22,4)/22,4=9,994 g
Odpowiedź: W próbce pierwotnej zawarte było 9,994 g węglanu sodu oraz 22,00 g węglanu amonu.
2. Do zbiornika o stałej objętości wynoszącej 0,224 m3 zawierającego azot pod ciśnieniem p=101325Pa, wprowadzono 10 mg NO2. Składnik ten uległ częściowemu przekształceniu w N2O4. Stała równowagi reakcji opisanej równaniem stechiometrycznym
N2O4=2NO2
wynosi Kc = 10-3 mol/dm3. Oblicz ilość powstałego N2O4 (wynik wyraź w mg).
Rozwiązanie
Dane:
objętość zbiornika z gazem: Vg=0,224 m3
ciśnienie w zbiorniku z gazem: p=101325 Pa
masa dwutlenku azotu: mp= 10 mg
stała równowagi: Kc=10-3 mol/dm3
Szukane:
masa N2O4: mN2O4*
Rozwiązanie:
zapiszmy równianie stechiometryczne
N2O4=2NO2
i prawo działania mas dla stanu równowagi, gwiazdki oznaczają, że mówimy o stanie równowagi:
Kc=[NO2]*2/[N2O4]*
zauważmy, że Vg się nie zmienia, stosując Cx=nx/Vg otrzymamy
KcVg=2nNO2*2/(n0-nNO2*) gdzie n0 = mp/MNO2
po przekształceniach:
Kc·Vg·(n0-nNO2*)=2·nNO2*2
i dalej
2·nNO2*2 +Kc·Vg·nNO2* - Kc·Vg·n0 = 0
to równanie kwadratowe ma dwa pierwiastki, z których tylko jeden jest dodatni
nNO2* = 1/4·(-Kc·Vg+(Kc2·Vg2+8·Kc·Vg·n0)1/2) = 0,25·(-0,224+(0,2242+8·0,224·0,01/46,01)1/2)=2,169·10-4 mol
mNO2* = MNO2*·nNO2* = 46,01·2,169·10-4 = 9,98 mg
masa N2O4 w stanie równowagi:
mN2O4* = mp - mNO2* = 10 - 9,98 = 0,02 mg
Odpowiedź: W stanie równowagi w zbiorniku znajduje się 0,02 mg N2O4.
3. Do sporządzenia 1000 cm3 roztworu użyto: 10,0g NaNO2, 10,0g NaNO3, 10,0 cm3 roztworu HNO3 o stężeniu 4 mol/dm3 oraz wodę destylowaną. Obliczstężenie molowe jonu H3O+ w stanie równowagi. Kkwasu= 4,0x10-4 mol/dm3. (Przyjmij współczynniki aktywności równe 1,000 dla wszystkich składników.)
Rozwiązanie
Dane:
objętość roztworu V= 1 dm3
masa NaNO2: mNaNO2= 10,0 g
masa NaNO3: mNaNO3= 10,0 g
objętość kwasu VHNO3= 10,0 cm3
stężenie kwasu CHNO3= 4 mol/dm3
stała równowagi: Kkw=4 10-4 mol/dm3
Szukane:
stężenie molowe jonu H3O+: CH3O+
1. Obydwie sole w roztworze wodnym dysocjują w stopniu całkowitym. W roztworze, w którym znajduje się mocna zasada NO2-, do którego wprowadzono kwas H3O+ (dodatek r-ru HNO3) zachodzi reakcja zobojętniania:
NO2- + H3O+ => HNO2+ H2O
Powstaje zatem słaby kwas, do którego odnosi się stała równowagi podana w treści zadania. Sprawdźmy relację pomiędzy ilością moli substratów ww. reakcji:
nNO2- ? nH3O+ z HNO3
mNaNO2/MNaNO2 ? CHNO3·VHNO3
10/69.01 ? 4·0,01
0,1449 > 0,04
Czyli proces zobojętniania nie jest całkowity, z punktu widzenia zasady, a to oznacza, że po dodaniu kwasu powstaje układ buforowy.
W układzie tym kwasem jest HNO2 a "solą" pozostała cześć jonów NO2- . Stężenie jonów H3O+ wyrazimy wzorem:
[H3O+] = Kkw·CHNO3·VHNO3/(mNaNO2/MNaNO2 - CHNO3·VHNO3)
[H3O+] = 4·10-4·0,04/(0,1449 - 0,04) = 1,525·10-4
Odpowiedź: Stężenie jonów H3O+ wynosi 1,525·10-4 mol/dm3.
4. Oblicz rozpuszczalność CaSO4*2H2O w roztworze H2SO4 o stężeniu 0,1 mol/dm3, który zawiera 10g Na3PO4 w 1 dm3 roztworu. Uwzględnij efekty „wysalania” oraz „wsalania”. Wynik podaj w mg soli/100ml roztworu.
Uzasadnij poprawność założenia, że w przypadku opisanego powyżej układu można pominąć obecność jonów pochodzących od rozpuszczanej soli przy obliczaniu mocy jonowej roztworu.
Podpowiedź:
Stałe do obliczenia logarytmu współczynnika aktywności: A=0,509; B = 0,3281; a = 9; ICaSO4=2,4x10-5
Rozwiązanie
Dane:
objętość roztworu V= 1 dm3
masa Na3PO4: mNa3PO4= 10,0 g
stężenie kwasu CH2SO4= 0,1 mol/dm3
iloczyn rozpuszczalności: ICaSO4=2,4 10-5 mol/dm3
Szukane:
rozpuszczalność CaSO4*2H2O: cs
Mamy do czynienia z jednym roztworem, w którym występują łącznie efekty "wsalania" i "wysalania". Obliczmy najpierw współczynniki aktywności jonów, do których odnosi się proces odwracalny.
Moc jonowa roztworu, przy pominięciu jonów powstających w wyniku rozpuszczania się CaSO4*H2O wyrazi się wzorem
I = 0,5(2·12·CH2SO4 + 1·22·CH2SO4 + 3·12·mNa3PO4/MNa3PO4 + 1·32·mNa3PO4/MNa3PO4 )
I = 0,5(0,2 + 0,4 + 30/164,0+ 90/164,0)=0,6659
Współczynniki aktywności jonów Ca2+ i SO42- są identyczne
log(f) = -0,509·22·(I)1/2/(1+9·0,3281·(I)1/2)
log(f) = -0,509·22·(0,6659)1/2/(1+9·0,3281·(0,6659)1/2) = -0,4872
f=0,3256
Obliczamy rozpuszczalność soli w obecności wspólnego jonu.
Ponieważ wspólny jon dodatkowo zmniejsza rozpuszczalnośc słabo rozpuszczalnej soli prawo działania mas możemy zapisać nastęująco:
ICaSO4=f·CCa2+·f·CH2SO4
czyli
CCa2+ = ICaSO4/(f2·CH2SO4)
CCa2+ = 2,4 10-5/(0,32562·0,1) = 0,002264 mol/dm3
pozostaje przeliczyć wynik aby wyrazić go w mg/100cm3 r-ru
cs= 1000/10·CCa2+·MCaSO4x2H2O
cs= 1000/10·0,002264·172,2 = 38,99 mg/100cm3
Odpowiedź: Rozpuszczalność CaSO4*2H2O w podanym roztworze wynosi 38,99 mg/100cm3.
Przykladowy zestaw 1
Stechiometria
Do rozcieńczonego roztworu kwasu azotowego(V) wprowadzono pewną ilość siarczku(II)arsenu(III). W wyniku procesu utleniania wydzieliło się 69,44 dm3gazu (w warunkach normalnych), który okazał się mieszaniną tlenku siarki(IV) i tlenku azotu(II) (ten ostatni stanowił więcej niż połowę objętości gazu). Pozostały roztwór zobojętniono za pomocą NaOH i po zagęszczeniu wykrystalizowano z niego bezwodną sól sodową arsenu(V). Jaki był stosunek molowy produktów gazowych? Jaka była wydajność procesu krystalizacji, jeśli uzyskano 99,9g soli?
MAs=74,9g/mol MC=12,0g/mol MN=14,0g/mol MO=16,0g/mol MNa=23,0g/mol
Termochemia
Wiedząc, że w warunkach standardowych entalpia tworzenia 1 mola: CaC2 wynosi -62,8 kJ, H2O wynosi -285,8kJ, Ca(OH)2 wynosi -986,06 kJ oraz C2H2wynosi 266,73 kJ. Określić efekt cieplny towarzyszący powstawaniu 1 m3 acetylenu w reakcji CaC2 z wodą.
MC=12,0g/mol MH=1,00g/mol MO=16,0g/mol MCa=40,0g/mol
Równowaga chemiczna
Stała równowagi: NH3(g)=1/2N2(g)+3/2H2(g) wynosi Kc=20,5 mol/dm3. Jaki będą udziały masowe składników w mieszaninie reagentów w stanie równowagi, jeśli stan początkowy został określony następująco: uNH3 = 1,00 kg/kg, uN2 = 0,00 kg/kg, uH2 = 0,00 kg/kg. V = 1 m3, p = 100 atm (1 atm=101325Pa), T=273,1K
R = 8,314 J/molK, MN=14,0g/mol MH=1,00g/mol
Równowagi w roztworach wodnych
Iloczyn rozpuszczalności siarczanu(VI) wapnia wynosi 7,1.10-5 (mol/dm3)2 w temp. 18oC. Obliczyć rozpuszczalność tej soli (w mg/100cm3 r-ru) w roztworze siarczanu (VI) amonu o stężeniu 0,0500 mol/dm3. MO=16,0g/mol MS=32,0g/mol MCa=40,1g/mol
W laboratorium znajdują się następujące roztwory: "A" - roztwór kwasu octowego (11,42 cm3 CH3COOH bezwodnego o gęstości 1,050 kg/dm3 uzupełniono wodą destylowaną do 1000 cm3) oraz "B" - roztwór octanu sodu (27,2 g CH3COONa x 3H2O rozpuszczono i uzupełniono wodą destylowaną do 1000 cm3). Kkw = 1,75·10-5 mol/dm3. Zmieszano 36,8 cm3 roztworu "A" i 13,2 cm3 roztworu "B". Jakie było pH otrzymanego roztworu? MC=12,0g/mol MH=1,0g/mol MO=16,0g/mol MNa=23,0g/mol
Przykładowy zestaw 2
Stechiometria
Heksakarbonylek chromu(0), wprowadzono do r-ru kwasu azotowego(V), w wyniku czego wydzieliło się 26,88 dm3 gazu (w przeliczeniu na warunki normalne), będącego równomolową mieszaniną dwóch bezbarwnych gazów. Roztwór przybrał barwę żółtą, a po jego zobojętnieniu stechiometryczną ilością zasady potasowej wykrystalizowano z niego 17,48g chromianu(VI) potasu (sól ta w stanie stałym nie zawiera cząsteczek wody) . Jakie gazy wydzieliły się w reakcji? Jaka była wydajność krystalizacji?
MCr=52,0g/mol MC=12,0g/mol MN=14,0g/mol MO=16,0g/mol MK=39,1g/mol
Termochemia
W warunkach standardowych entalpia tworzenia 1 mola: siarczku(II)żelaza(II) wynosi -101,67 kJ, tlenku siarki (IV) wynosi -296,84 kJ oraz tlenku żelaza (II,III) (Fe3O4) wynosi -1120,89 kJ. Obliczyć ilość ciepła, która widzieli się w tych warunkach w wyniku reakcji utleniania sirczku(II)żelaza(II), w której powstają ww. produkty oraz bierze w niej udział jeszcze tlen, a w reakcji użyto 10g siarczku.
MS=32,1g/mol MFe=55,8g/mol
Równowaga chemiczna
Dana jest gazowa, równomolowa mieszanina H2O i CO. W mieszaninie tej przebiega reakcja
H2O + CO = H2 + CO2. Obliczyć ułamki masowe wszystkich reagentów w stanie równowagowym, jeśli Kp=Kx= 1,4.
MC=12,0g/mol MH=1,00g/mol MO=16,0g/mol
Równowagi w roztworach wodnych
Iloczyn rozpuszczalności szczawianu wapnia CaC2O4 wynosi 1,78.10-9 (mol/dm3)2 w temp. 18oC. Obliczyć rozpuszczalność tej soli (w mg/100cm3 r-ru) w roztworze szczawianu amonu o stężeniu 0,0500 mol/dm3.
MC=12,0g/mol MCa=40,1g/mol MO=16,0g/mol
W laboratorium znajdują się następujące roztwory: "A" - roztwór kwasu octowego (11,42 cm3 CH3COOH bezwodnego o gęstości 1,050 kg/dm3 uzupełniono wodą destylowaną do 1000 cm3) oraz "B" - roztwór octanu sodu (27,2 g CH3COONa x 3H2O rozpuszczono i uzupełniono wodą destylowaną do 1000 cm3). Kkw = 1,75·10-5 mol/dm3. Zmieszano 25,0 cm3 roztworu "A" i 25,0 cm3 roztworu "B". Jakie było pH otrzymanego roztworu?
MC=12,0g/mol MH=1,00g/mol MO=16,0g/mol MNa=23,0g/mo
Przykladowy zestaw 3
Stechiometria
1. W laboratorium przepuszczono (w war. normalnych) 112 dm3 gazowego chloru przez warstwę 444 g wodorotlenku wapnia. Zakładając przebieg reakcji: Ca(OH)2 + Cl2(g) = Ca(ClO)2 + CaCl2 + H2O(g) określić udział masowy poszczególnych składników stałych w mieszaninie końcowej.
2. Proszę uzgodnić reakcję: NaNO3 + Zn + ... = NH3 + Na2ZnO2 + … (reakcja przebiega przy pH>7)
Termochemia
3. W tyglu stopiono 200g azotanu(V) potasu, 10g siarki oraz 10g węgla. Wiedząc, że proces opisywany jest równaniem termochemicznym:
4KNO3(s) + 2S(s) + 5C(s) = 5CO2(g) + 2N2O(g) + 2K2S(s), Hr = -91.2898kJ/mol
określić efekt energetyczny towarzyszący procesowi w tyglu.
Równowagi w roztworach wodnych
4. W 500 ml wody rozpuszczono 10 mg KCN. Jake będzie pH tego roztworu jeżeli KHCN= 5,85*10-10 mol/dm3.
5. Do 0,1 mol/dm3 r-ru HCl wprowadzono 10 mg HClO. Jakie będzie stężenie jonów OH- oraz ClO- jeśli KHClO= 3.98107*10-8 mol/dm3.
6. Zmieszano 15 ml r-ru nasyconego roztworu Ag2SO4 z 10 ml Ca(NO3)2 o stężeniu masowym 1g/kg. Iloczyn rozpuszczalności Ag2SO4 = 1,2x10-5mol3/dm9. Iloczyn rozpuszczalności CaSO4 = 7,1x10-5mol2/dm6. Jaka masa osadu wytrąci się po zmieszaniu roztworów.
Przykladowy zestaw 4
Stechiometria
1. W laboratorium przepuszczono (w war. normalnych) 67,2 dm3 gazowego chloru przez warstwę będącą mieszaniną węgla i dwutlenku krzemu. Masa początkowa mieszaniny substratów stałych wynosiła 168g a udział masowy węgla wynosił w niej 28,57%. Zakładając przebieg reakcji: SiO2 + C + Cl2(g) = CO(g) + SiCl4określić udział masowy poszczególnych składników stałych w mieszaninie końcowej.
2. Proszę uzgodnić reakcję: MnO42- + CO2 = MnO4- + MnO2 + CO32-
Termochemia
3. W tyglu stopiono 350g tlenku chromu (VI) z 175g wodorotlenku potasu. Wiedząc, że proces opisywany jest równaniem termochemicznym:
2CrO3(s) + 2KOH(s) = K2Cr2O7(s) + H2O(l), Hr = -497.037kJ/mol
określić efekt energetyczny towarzyszący procesowi w tyglu.
Równowagi w roztworach wodnych
4. W 500 ml wody rozpuszczono 10 mg C6H5COONa. Jake będzie pH tego roztworu jeżeli KC6H5COOH = 6,31*10-5 mol/dm3.
5. W 100 cm3 r-ru 0,01 mol HClO rozpuszczono 30mg KClO. Jakie będzie pH takiego roztworu jeśli KHClO= 3.98107*10-8 mol/dm3.
6. Zmieszano 1000 ml r-ru nasyconego roztworu PbSO4 z 35 ml Ba(NO3)2 o stężeniu masowym 10g/kg. Iloczyn rozpuszczalności PbSO4 = 1,82x10-8mol3/dm9. Iloczyn rozpuszczalności BaSO4 = 1,8x10-10mol2/dm6. Jaka masa osadu wytrąci się po zmieszaniu roztworów.
Zestaw podstawowy 2010
1. Gazowa mieszanina równowagowa N2O4(g) = 2NO2(g) o masie 7,36 g zajmuje pod ciśnieniem 1,01325x105Pa w temperaturze 27oC objętość 2,36 dm3. Oblicz udziały molowe składników mieszaniny.
MN=14,01g/mol; MO=16,00g/mol;
(źródło zadania: Z. Warnke, Obliczenia ... str.125/zad.29, wynik w książce: xN2O4=66,7%)
Rozwiązanie:
7,36g=mN2O4+mNO2= MN2O4.nN2O4+ MNO2.nNO2 -> nNO2 = (7,36g- MN2O4.nN2O4)/MNO2
pV=nRT -> pV/[R(t+273,15)]= nN2O4+ nNO2
pV/[R(t+273,15)]= nN2O4+ 7,36g/MNO2 - MN2O4.nN2O4/MNO2
pV/[R(t+273,15)] - 7,36g/MNO2 = nN2O4(1 - MN2O4/MNO2)
(pV/[R(t+273,15)] - 7,36g/MNO2 )/(1 - MN2O4/MNO2)= nN2O4
-(pV/[R(t+273,15)] - 7,36g/MNO2 )= nN2O4
nN2O4=-(101325.0,00236/8,314/300,15-7,36/46,01)=-( 0,095825-0,159965)= 0,06414 mol
nNO2 = (7,36g- MN2O4.nN2O4)/MNO2=7,36g/MNO2 - 2.nN2O4=0,159965-2x0,06414=0,031685 mol
xN2O4= nN2O4/( nN2O4+ nNO2)= 0,06414/(0,06414+0,031685)= 66,93%
xNO2= nNO2/( nN2O4+ nNO2)= 0,031685/(0,06414+0,031685)= 33,07%
Odpowiedź: Udział molowy N2O4 wynosi 66,93%, a udział molowy NO2 wynosi 33,07%.
2. Oblicz potencjał elektrody zanurzonej w układzie MnO4-/Mn2+ w środowisku kwaśnym (w temp. 25oC) wiedząc, że stosunek stężeń utleniacza do reduktora wynosi 10, a pH roztworu jest równe 1.
E0MnO4-,H+/Mn2+ = 1,52V
(źródło zadania: Z. Warnke, Obliczenia ... str.221/zad.16, wynik w książce: 1,44V, przykład z wykładu)
MnO4- + 8H+ + 5e- = Mn2+ + 4H2O
E = E0 + RT/5F ln{[MnO4-][H+]8/[Mn2+]}
E=1,52+8,314.(273,15+25)/5/96485*ln(10.10-8)=1,43718V
lub
E=1,52+8,314.(273,15+25)/5/96500*ln(10.10-8)=1,43719V
Odpowiedź: Potencjał elektrody wynosi 1,4372 V.
3. W jakim stosunku masowym należy zmieszać wapień z koksem, aby w piecu wapiennym zapewnić bieg procesu bez doprowadzania energii? W piecu zachodzą reakcje:
CaCO3(s) = CaO(s) + CO2(g) ∆Hr1 = 182 kJ oraz C(s) + O2(g) = CO2(g) ∆Hr2 = -394 kJ
MCa=40,08g/mol; MC=12,01g/mol; MO=16,00g/mol;
Rozwiązanie:
qwydzielone = -mC.MC. ∆Hr2 oraz qpobrane = mCaCO3.MCaCO3. ∆Hr1
qwydzielone = qpobrane -> mC/MC. ∆Hr2 = mCaCO3/MCaCO3. ∆Hr1
mCaCO3/ mC= -MCaCO3. ∆Hr2/(MC. ∆Hr1)=100,09.394/12,01/182=18,04
Odpowiedź: Stosunek masowy CaCO3 do C powinien wynieść 18,04.
4. Stężeniowa stała równowagi reakcji 2HI(g) = H2(g) + I2(g) w temp. 445oC wynosi 0,02. Ile moli wodoru należy użyć w reakcji z 1,00 molem jodu aby 90% tego ostatniego przeprowadzić w HI?
(źródło zadania: Z. Warnke, Obliczenia ... str.125/zad.25, wynik w książce: 1,55mol)
Z treści zadania wynika że:
n0,I2=1,00; n0,HI=0,00 oraz nI2=0,10; nHI=2xn0,I2.90%=1,80 mol
Podstawiając do
Kc=[H2][I2]/[HI]2
otrzymujemy
0,02=[H2] .0,1/1,82
nH2=0,02.3,24/0,1=0,648 mol
n0,H2=nH2+1/2 nHI = 0,02.3,24/0,1 + 1,8/2=1,548
Odpowiedź: Należy użyć 1,548 mol H2.
5. Ile cm3 wody należy dodać do 10 cm3 roztworu wodnego amoniaku o stężeniu 15%mas. i gęstości 0,942 g/cm3, aby otrzymać roztwór o pH=11,55?
MN=14,01g/mol; MO=16,00g/mol; MH=1,008g/mol; KNH4+ = 5,71x10-10
(źródło zadania: Z. Warnke, Obliczenia ... str.165/zad.35, wynik w książce: 104 cm3)
Rozwiązanie:
KNH3 = 1.10-14/ 5,71.10-10 =0,1751.10-4
KNH3 = [NH4+][OH-]/[NH3]
[OH-]=[NH4+]=10-(14-11,55)= 0,0035481mol/dm3
[NH3]= [NH4+][OH-]/ KNH3=0,00354812/(0,1751.10-4) =0,718961mol/dm3
C0,NH3=[NH3]+ [OH-]=0,718961+0,0035481=0,722509 mol/dm3
nNH3=0,15.10.0,942/(14,01+3,0024)= 0,0830571mol
Vr-r= nNH3/ C0,NH3=0,0830571/0,722509.1000=114,956cm3
VH20= Vr-r -10cm3= 104,956cm3
Odpowiedź: Należy dodać 104,96 cm3 wody.
6. Oblicz stężenie procentowe roztworu jodu (I2) w czterochlorku węgla (CCl4) jeśli prężność pary wynosząca nad czystym rozpuszczalnikiem 15,0 kPa obniżyła się o 16,0 hPa.
MI=126,90g/mol; MC=12,01g/mol; MCl=35,45g/mol;
(źródło zadania: Z. Warnke, Obliczenia ... str.191/zad.18, wynik w książce: 16,7%)
Rozwiązanie:
xI2= ∆P/P0=1,6/15=10,67%
xCCl4=100%-10,67%=89,33%
wI2=mI2/(mI2+mCCl4)=nI2.MI2/(nI2.MI2+nCCl4.MCCl4)
wI2=[nI2.MI2/(nI2+nCCl4)]/[nI2.MI2/(nI2+nCCl4)+nCCl4.MCCl4/(nI2+nCCl4)]
wI2=[xI2.MI2]/[xI2.MI2+xCCl4.MCCl4]=10,67%.253,80/(10,67%.253,80+89,33%.153,81)=16,464%
Odpowiedź: Stężenie procentowe jodu wynosi 16,46%
7. Oblicz stężenie roztworu AgNO3, w którym rozpuszczalność Ag2CrO4 jest równa 0,2 mg/dm3.
MAg=107,87g/mol; MN=14,01g/mol; MCr=52,00g/mol; MO=16,00g/mol; Ir=9,0.10-12
(źródło zadania: Z. Warnke, Obliczenia ... str.172/zad.125, wynik w książce: 3,8.10-3mol/dm3)
Rozwiązanie:
MAg2CrO4= 331,74g/mol
CAg2CrO4=CCrO42-=0,0002mol/331,74g/mol=6,02882.10-7 mol/dm3
CAg=(Ir/ CAg2CrO4)1/2
CAg=(9,0.10-12/6,02882.10-7)1/2 = 3,864.10-3 mol/dm3
CAg z AgNO3 = CAg - CAg z Ag2CrO4
CAg z AgNO3 = 3,864.10-3 - 1,206.10-6 = 3,863.10-3 mol/dm3
Odpowiedź: Stężenie roztworu wynosi 3,863.10-3mol/dm3
Zestaw podstawowy 2010 A
1a. W naczyniu o pojemności 10,0 dm3 umieszczono 40,0g bromu i ogrzano do temperatury 1756 K Oblicz stopień dysocjacji gazowego bromu jeśli stała równowagi Kc = 4·10-4mol/dm3; MBr=79,90g/mol;
(źródło zadania: Z. Warnke, Obliczenia ... str.126. zad33, wynik w książce: 6,1%)
Rozwiązanie
Br2 = 2Br
Kc=[Br]2/[Br2]=(2x)2/(C0-x)
C0=mBr2/MBr2/V
4·x2+x·Kc-Kc·mBr2/MBr2/V =0
=Kc2+16·Kc·mBr2/MBr2/V
=16·10-8-16·4·10-4·40,0/159,8/10=(0,0016+1,6020)·10-4=1,6036·10-4
x=(-Kc+()0,5)/8=(-4·10-4+0,0127)/8=0,00154mol/dm3
=x/C0=0,00154/(40,0/159,8/10)=0,00154/0,02503
=6,15%
Odpowiedź: Stopień dysocjacji wynosi 6,15%
2a. Jakie jest stężenie jonów wodorotlenowych podczas pomiaru potencjału półogniwa składającego się z elektrody platynowej zanurzonej w zasadowym roztworze zawierającym jony BrO3- o stężeniu 0,133 mol/dm3 i Br- o stężeniu 0,52 mol/dm3 jeśli w temperaturze 25oC stwierdzono, że E=E0 (źródło zadania: Z. Warnke, Obliczenia ... str.221/zad.19, wynik w książce: 0,8 mol/dm3)
BrO3- + 3H2O + 6e- = Br- + 6OH-
E = E0 + RT/6F ln{[BrO3-]/([Br-][OH-]6)}
0=8,314.(273,15+25)/6/96485*ln(0,133/0,52[OH-]6)
0,52[OH-]6=0,133
[OH-]6=0,133/0,52
[OH-]=0,8
Odpowiedź: Stężenie jonów wodorotlenowych wynosi 0,8 mol/dm3
3a. Po całkowitym spaleniu (w czystym tlenie) 13,00g pewnej substancji otrzymano 9,86g CO2 i 10,31g NO2. Gęstość pary tej substancji względem wodoru wynosi 29,01. Podaj wzór sumaryczny tej substancji.
MO=16,00g/mol; MN=14,01g/mol; MC=12,01g/mol;
(zadanie analogiczne do zadania: Z. Warnke, Obliczenia … str.52/zad.49)
Rozwiązanie
Ogólny wzór związku: CxNyOz
mC=12,01/44,01·9,86g=2,691g ->nC=2,691/12,01=0,224mol
mN=14,01/46,01·10,31g= 3,139g -> nN=3,139/14,01=0,224mol
mO=13,00-2,691-3,139g=7,17g -> nO=0,448mol
nC:nN:nO=0,224:0,224:0,448=1:1:2 -> CNO2
drugi sposób
Ogólny wzór związku: CxNyOz
M=2·29,02=58,02g/mol
Biorę 1 mol związku = 58,02g, co daje 44,0 g CO2 oraz 46g NO2 czyli
1 mol CO2 oraz 1 mol NO2 zatem wzór związku to CNOz
1·12,01+1·14,01+z·16=58,02
z=(58,02-12,01-14,01)/16=2
Odpowiedź: Wzór sumaryczny to: CNO2
4a. Do zobojętnienia 8,2 g mieszaniny KOH i Ca(OH)2 potrzeba 26,6 cm3 20% roztworu HCl o gęstości 1,10 g/cm3. Oblicz skład mieszaniny wodorotlenków wyrażony ułamkami masowymi.
MCa=40,08g/mol; MK=39,10g/mol; MO=16,00g/mol; MH=1,008g/mol; MCl=35,45g/mol;
(źródło zadania: Z. Warnke, Obliczenia...str.81/zad.157, wynik w książce: uCa(OH)2=18,3% uKOH=81,7%)
Rozwiązanie
x·MKOH+y·MCa(OH)2=8,2
x+2·y=26,6·1,1·20%/36,458
x=0,1605-2·y
(0,1605-2·y)·56,108+y·74,096=8,2
0,1605·56,108 -2·y·56,108+y·74,096=8,2
-y·38,12=- 0,805334
y= 0,021126
mCa(OH)2=0,021126·74,096=1,5654
u Ca(OH)2= 19,0%
u KOH= 81,0%
Odpowiedź: Udział masowy wodorotlenku wapnia wynosi 19,0% a wodorotlenku potasu 81,0%
5a. pH roztworu kwasu fluorowodorowego wynosi 2,87. Ile cm3 wody należy dodać do 20 cm3 tego roztworu, aby pH po rozcieńczeniu było równe 3,37? pKHF = 3,2
(zadanie analogiczne do zadania: Z. Warnke, Obliczenia ... str.165/zad.36)
HF= H+ + F-
Roztwór początkowy, wyliczenie zawartości HF w roztworze:
K=[H+][F-]/[HF] -> pK = pH + pH – p[HF] -> p[HF]=2,54 -> [HF]= 0,002884 mol/dm3 ->
C0,1=[HF] + [H+] = 0,002884+ 0,001349=0,004233 mol/dm3 -> nHF=C0,1·V1=0,004233·20=0,08466mmol
Roztwór końcowy, wyliczenie objętości:
K=[H+][F-]/[HF] -> pK = pH + pH – p[HF] -> p[HF]=3,54 -> [HF]= 0,0002884 mol/dm3 ->
C0,2=[HF]+[H+] = 0,0002884+ 0,0004266=0,000715 mol/dm3 -> V2=nHF/C0,2=0,08466/0,000715=118,4cm3
Odpowiedź: Należy dodać 98,4 dm3 wody.
6a. 100 dm3 r-ru zawiera 0,6 mmol azotanu (V) ołowiu (II). Jaki procent początkowej zawartości jonów ołowiu zostanie wytrącony w postaci chromianu (VI) ołowiu (II), jeżeli do roztworu dodano 20dm3 Na2CrO4 o stężeniu 0,03 mmol/dm3. Ir=1,8.10-14
(zadanie analogiczne do zadania: Z. Warnke, Obliczenia ... str.172/zad.126)
Rozwiązanie:
W roztworze po zmieszaniu, przed wytrąceniem osadu
n0,Pb2+=6·10-4mol; n0,CrO42-=6·10-4mol;
następnie wydzieli się x moli soli, stan równowagi opiszemy równaniem
Ir=( n0,Pb2+ – x)( n0,CrO42- – x)/V2 -> 1202·1,8.10-14=(6·10-4 – x)2 -> 6·10-4 – x=0,161·10-4
x=5,839·10-4 mol
Odpowiedź: wydzieliło się 97,3% początkowej zawartości jonów ołowiu
Termin poprawkowy 2010 B
1b. W temperaturze 823 K i pod ciśnieniem 1013,25 hPa stopień dysocjacji fosgenu COCl2 wynosi 77%, Oblicz stałą równowagi: Kc dla tej reakcji jeśli wiadomo, że produktami dysocjacji COCl2 są CO i Cl2.
(źródło zadania: Z. Warnke, Obliczenia ... str.126. zad34, wynik w książce: Kc = 2,16·10-2 mol/dm3)
Rozwiązanie
COCl2=CO + Cl2
Kc=([CO]·[Cl2])/[COCl2]
Kc=77%·C0·77%·C0/(23%·C0)=2,5778·C0
p·V=n·R·T ->n/V=p/(R·T) -> Ccałkowite=101325/8,314/823=14,808 mol/m3
Ccałkowite = CCO + CCl2 + CCOCl2
Ccałkowite=77%·C0+77%·C0+23%·C0=1,77C0 -> C0=Ccałkowite/1,77
Kc=2,5778·14,808/1,77/1000=0,02157 mol/dm3
Odpowiedź: Stała równowagi wynosi 0,02157 mol/dm3
2b. Jakie jest stężenie jonów wodorotlenowych podczas pomiaru potencjału półogniwa składającego się z elektrody platynowej zanurzonej w zasadowym roztworze zawierającym jony SO42- o stężeniu 0,133 mol/dm3 i SO32- o stężeniu 0,52 mol/dm3 jeśli stwierdzono, że w temperaturze 25oC E=E0
(zadanie analogiczne do zadania: Z. Warnke, Obliczenia … str.221/zad.19)
SO42- + H2O + 2e- = SO32- + 2OH-
E = E0 + R·T/(2·F) ·ln{[SO42-]/([ SO32-]· [OH-]2)}
0=8,314.(273,15+25)/2/96485*ln(0,133/0,52[OH-]2)
0,52[OH-]2=0,133
[OH-]2=0,133/0,52
[OH-]=0,5057
Odpowiedź: Stężenie jonów wodorotlenowych wynosi 0,5057 mol/dm3
3b. Po całkowitym spaleniu (w czystym tlenie) 13,00g pewnej substancji otrzymano 10,21g CO2 i 21,36g NO2. Gęstość pary tej substancji względem wodoru wynosi 28,015. Podaj wzór sumaryczny tej substancji.
(zadanie analogiczne do zadania: Z. Warnke, Obliczenia ... str.52/zad.49)
MO=16,00g/mol; MN=14,01g/mol; MC=12,01g/mol;
Rozwiązanie
Ogólny wzór związku: CxNyOz
mC=12,01/44,01·10,21g=2,786g ->nC=2,786/12,01=0,232mol
mN=14,01/46,01·21,36g= 6,504g -> nN=6,504/14,01=0,464mol
mO=13,00-2,786-6,504g=3,71g -> nO=0,232mol
nC:nN:nO=0,232:0,464:0,232=1:2:1 -> CN2O
drugi sposób
Ogólny wzór związku: CxNyOz
M=2·28,015u=56,03g/mol
Biorę 1 mol związku = 56,03g, co daje 44 g CO2 oraz 92g NO2 czyli
1 mol CO2 oraz 2 mol NO2 zatem wzór związku to CN2Oz
1·12,01+2·14,01+z·16=56,03
z=(56,03-12,01-2·14,01)/16=1
Odpowiedź: Wzór sumaryczny to: CN2O
4b. Do zobojętnienia 3,2g mieszaniny NaOH i KOH potrzeba 60,0 cm3 roztworu HCl o stężeniu 1,0 mmol/cm3. Oblicz skład mieszaniny wodorotlenków wyrażony ułamkami masowymi.
MNa=22,99g/mol; MK=39,10g/mol; MO=16,00g/mol; MH=1,008g/mol;
(źródło zadania: Z. Warnke, Obliczenia ... str.81/zad.156, wynik w książce: uNaOH=12,5%)
Rozwiązanie
x·MKOH+y·MNaOH=3,2
x+y=60·1·0,001=0,06
x=0,06-y
(0,06-y)·56,108+y·39,998=3,2
0,06·56,108 -y·56,108+y·39,998=3,2
-y·16,11=- 0,16648
y= 0,010334
mNaOH=0,010334·39,998=0,4133
u NaOH= 12,92%
u KOH= 87,08%
Odpowiedź: Udział masowy wodorotlenku sodu wynosi 12,92% a wodorotlenku potasu 87,08%
5b. pH roztworu kwasu azotowego (III) wynosi 2,87. Ile cm3 wody należy dodać do 20 cm3 tego roztworu, aby pH po rozcieńczeniu było równe 3,37? pKHNO2 = 3,3
(zadanie analogiczne do zadania: Z. Warnke, Obliczenia ... str.165/zad.36)
HNO2= H+ + NO2-
Roztwór początkowy, wyliczenie zawartości HNO2
K=[H+][NO2-]/[HNO2] -> pK = pH + pH – p[HNO2] -> p[HNO2]=2,44 -> [HNO2]= 0,003631 mol/dm3 ->
C0,1=[HNO2] + [H+] = 0,003631+ 0,001349=0,00498 mol/dm3 -> nHNO2=C0,1·V1=0,00498*20=0,0996mmol
Roztwór końcowy, wyliczenie objętości
K=[H+][NO2-]/[HNO2] -> pK = pH + pH – p[HNO2] -> p[HNO2]=3,44 -> [HNO2]= 0,0003631mol/dm3 ->
C0,2=[HNO2]+[H+] = 0,0003631+ 0,0004266=0,0007897 mol/dm3 -> V2=nHNO2/C0,2=0,0996/0,0007897=126,1cm3
Odpowiedź: Należy dodać 106,1 cm3 wody.
6b. 100 dm3 r-ru zawiera 0,6 mmol azotanu (V) srebra. Jaki procent początkowej zawartości jonów srebra zostanie wytrącony w postaci bromku srebra, jeżeli do roztworu dodano 20dm3 NaBr o stężeniu 0,03 mmol/dm3. Ir=5,0.10-13
(zadanie analogiczne do zadania: Z. Warnke, Obliczenia ... str.172/zad.126)
Rozwiązanie:
W roztworze po zmieszaniu, przed wytrąceniem osadu
n0,Ag+=6·10-4mol; n0,Br-=6·10-4mol;
następnie wydzieli się x moli soli, stan równowagi opiszemy równaniem
Ir=( n0,Ag+ – x)( n0,Br – x)/V2 -> 1202.5,0.10-13=(6·10-4 – x)2 -> 6·10-4 – x=0,849·10-4
x=5,151·10-4 mol
Odpowiedź: wydzieliło się 85,85% początkowej zawartości jonów srebra