Akademia Techniczno - Rolnicza
w Bydgoszczy
Katedra Podstaw Konstrukcji Maszyn
Temat :
WYKONAŁ
Zaprojektować układ napędowy, do napędu odbiornika o mocy N = 5 [kW] z prędkościami n1 = 100 [obr/min]; n2 = 150 [obr/min]; n3 = 200 [obr/min]; n4 = 250 [obr/min]. Nie mniej niż dwie prędkości z nawrotem.
Założenia projektowo-konstrukcyjne
Opis potrzeby
Podstawowym zadaniem przekładni mechanicznej jest przeniesienie momentu obrotowego z wału czynnego na bierny a ponadto zmiana jego wartości, kierunku, itd.
Potrzebę stosowania przekładni można uzasadnić następująco:
w większości maszyn roboczych potrzebne są duże prędkości obrotowe co przy określonej mocy wymaga stosowania małych prędkości obrotowych, a tymczasem silniki budowane są jako wysokoobrotowe.
stosowanie silników o małej prędkości obrotowej jest ekonomicznie uzasadnione, gdyż są one duże, ciężkie i drogie.
zakres regulacji prędkości obrotowych niezbędnych w maszynach roboczych, jest najczęściej niemożliwy do osiągnięcia przez zmianę prędkości obrotowej silnika.
przekładnie mechaniczne realizują zmianę charakteru ruchu (np. kierunku obrotów)
Dane ilościowe
moc na wałku wyjściowym N= 5 [kW]
prędkość obrotowa wałka wyjściowego n1 = 100 [obr/min]; n2 = 150 [obr/min]; n3 = 200 [obr/min]; n4 = 250 [obr/min]
kierunek osi wałka wejściowego i wyjściowego: prostopadły
Przekładnia z nawrotnicą
Maksymalna szerokość korpusu 400 [mm]
Dane sytuacyjne
Projektowana przekładnia napędzana będzie przez silnik elektryczny, trójfazowy i moment obrotowy będzie przenoszony przez przekładnię pasową z pasami klinowymi. Przekładnia będzie się składać z kół walcowych i stożkowych o zębach prostych. Wybór prędkości wałka wyjściowego realizowany będzie przez załączenie odpowiedniego sprzęgła elektromagnetycznego. Zastosowanie nawrotnicy umożliwia zmianę kierunku obrotów wałka wyjściowego. Projektowana przekładnia umiejscowiona jest w układzie: silnik - przekładnia pasowa - przekładnia zębata - odbiornik.
Przewiduję smarowanie rozbryzgowe kół zębatych, dlatego też należy napełnić misę korpusu olejem do wymaganej wysokości.
Schemat przenoszenia momentu obrotowego
Koncepcje rozwiązań:
1.
2.
3.
4.
Wybór koncepcji optymalnej:
Kryteria oceny:
a. Prostota konstrukcji
b. Koszt wykonania
c. Łatwość wykonania
d. Gabaryty
e. Liczba kół zębatych
f. Liczba wałów
g. Liczba łożysk tocznych
Wartości współczynników ważności i koncepcji dla wykonania jednostkowego :
Numer | Kryteria oceny |
---|---|
koncepcji | a = 1 |
1 | 3 |
2 | 3 |
3 | 1 |
Wyniki wyboru koncepcji optymalnej:
Koncepcja | 1 | 2 | 3 |
---|---|---|---|
Wartość obliczeń | 16 | 13 | 9,5 |
Koncepcją optymalną jest koncepcja nr 1 i ją przyjmuję do dalszych obliczeń.
Dobór silnika
Sprawność łańcucha kinematycznego:
ηt = ηp1 + ηr2 + ηs3
ηt - sprawność teoretyczna układu napędowego
Przyjmuję:
- dla przekładni pasowej η1 = 0,99
- dla pary kół zębatych walcowych η2 = 0,98
- dla pary kół zębatych stożkowych η3 = 0,97
- dla łożysk wału η4 = 0,99
ηt = 0,99 . (0,98)2 . 0,97. (0,99)6 = 0,8683
Sprawność mechaniczna:
ηm = ηt (1- 0,12)
ηm = 0,8683 . (1 - 0,12) = 0,6724
Moc silnika:
P =
P = = 7,43 [ kW ]
Przyjmuję silnik asynchroniczny zwarty , normalny , budowy zamkniętej z przełącznikiem gwiazda-trójkąt Sf 160 M - 8 o parametrach:
N = 7,5 [ kW ]
nn = 960 [ obr/min ]
Obliczenia przekładni pasowej
Dobór przełożeń
Przełożenie | i2 | i3 | i4 | i5 | i6 | i7 |
---|---|---|---|---|---|---|
Suma zębów | 82 | 92 | 96 | 96 | 96 | 96 |
Liczba | z1 = 41 | z3 = 27 | z5 = 64 | z7 = 55 | z9 = 48 | z11 = 42 |
zębów | z2 = 41 | z4 = 65 | z6 = 32 | z8 = 41 | z10 = 48 | z12 = 54 |
Obliczam rzeczywiste prędkości
- bieg pierwszy n1 = 100 [obr/min]
n1 = = 99,7 [obr/min]
- bieg drugi n2 =150 [obr/min]
n2 = = 148,6 [obr/min]
- bieg trzeci n3 = 200 [obr/min]
n3 = = 199,38 [obr/min]
- bieg czwarty n4 = 250 [obr/min]
n4 = = 255,1 [obr/min]
Obliczam błędy prędkości
- bieg pierwszy n1= 100 [obr/min]
δ1 = = - 0,003 = - 0,003 %
- bieg drugi n2 = 150 [obr/min]
δ2 = = - 0,009 = - 0,009 %
- bieg trzeci n3 = 200 [obr/min]
δ3 = = - 0,0031 = - 0,31 %
- bieg trzeci n3 = 250 [obr/min]
δ4 = = 0,0204 = 2,04 %
Błędy prędkości są niewielkie więc można je pominąć.
Wykres błędów przełożeń
Obliczam wartość modułu z warunku na zginanie
m≥10
qz - współczynnik kształtu zęba odpowiadający liczbie zębów
N0 = N . Kp . Kb . Kd
N - moc przenoszona przez koło zębate
Kp - współczynnik przeciążenia
Kb - współczynnik uwzględniający ugięcie wału
Kd - współczynnik dynamiczny
λ - współczynnik szerokości zęba
z - liczba zębów obliczanego koła
n’ - najmniejsza prędkość koła
Przyjmuję wstępnie:
Kp = Kb= Kd=1;
λ=6;
materiał kół 40H → zgo=350[MPa]
x = 3
kgo= = = 116 [MPa]
Z wzoru wnioskuję, iż moduł zębów będzie największy w tym kole w którym wyrażenie z . n’ będzie najmniejsze. Zachodzi to w kole 5 i 6 (wyniki są identyczne)
-koło 5
z5 = 64
n5 = = 148,6 [obr/min]
qZ5 = 1,71
m4 ≥ 10 . = 3,4 [mm]
Obliczam wartość modułu ze względu na wytrzymałość powierzchniową
m ≥ 10 .
y1-wskaźnik jednoparowego punktu zazębienia β1 wstawiany do wzoru przy obliczaniu koła o mniejszej liczbie zębów
k0 = 37 [MPa]
-koło 5
z5 = 64
n5 = = 148,6 [obr/min]
qZ5 = 1,71
i = 64/32 = 2
y4 = 3,16
m4 ≥ 10 . = 2,1 [mm]
Dla kół 1,2,3,4 przyjmuję moduł m = 4 [mm]
Dla kół 5,6,7,8,9,10,11,12 przyjmuję moduł m = 3,5 [mm]
Obliczam wymiary kół zębatych stożkowych
- średnica podziałowa de = mn . z
- średnica wierzchołkowa (naroża) dae = de + 2hae . cosδ
- wysokość stożka wierzchołkowego B1 = 0,5 . de2 - hae1 . sinδ1
- długość tworzącej stożka podziałowego Re =
- szerokość uzębienia b = (0,25 - 0,33) Re
- całkowita wysokość zęba h = ha + hf
- wysokość stopy zęba ha = y . m
- wysokość głowy zęba hf = y . m + c
L.p. | z | de [mm] |
dae [mm] |
B [mm] |
Re [mm] |
b [mm] |
h [mm] |
ha [mm] |
hf [mm] |
---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|
1 | 41 | 143,5 | 148,4 | 69,3 | 101,5 | 30 | 7,875 | 3,5 | 4,375 |
2 | 41 | 143,5 | 148,4 | 69,3 | 101,5 | 30 | 7,875 | 3,5 | 4,375 |
Obliczam wymiary kół zębatych walcowych
- średnica podziałowa d = m . z
- średnica wierzchołkowa da = m . (z + 2)
- średnica podstaw df = m . (z - 2,5)
- szerokość uzębienia b = λ . m
- całkowita wysokość zęba h = ha + hf
- wysokość głowy zęba ha = y . m
- wysokość stopy zęba hf = y . m + c
L.p. | z | dp [mm] |
da [mm] |
df [mm] |
b [mm] |
h [mm] |
ha [mm] |
hf [mm] |
---|---|---|---|---|---|---|---|---|
3 | 27 | 94,5 | 101,5 | 85,75 | 24 | 7,875 | 3,5 | 4,375 |
4 | 65 | 227,5 | 234,5 | 218,75 | 24 | 7,875 | 3,5 | 4,375 |
5 | 32 | 128 | 136 | 118 | 24 | 9 | 4 | 5 |
6 | 64 | 256 | 264 | 246 | 24 | 9 | 4 | 5 |
7 | 55 | 220 | 228 | 210 | 24 | 9 | 4 | 5 |
8 | 41 | 164 | 172 | 154 | 24 | 9 | 4 | 5 |
9 | 48 | 192 | 200 | 182 | 24 | 9 | 4 | 5 |
10 | 48 | 192 | 200 | 182 | 24 | 9 | 4 | 5 |
11 | 54 | 216 | 224 | 206 | 24 | 9 | 4 | 5 |
12 | 42 | 168 | 176 | 158 | 24 | 9 | 4 | 5 |
Obliczam momenty skręcające występujące na poszczególnych wałach
Ms = 9550
N - moc przenoszona przez koło
n - obroty na wale
-wał wejściowy
n = = 480 [obr/min]
Ms = 9550 . = 149,2 [Nm]
-wał drugi
n = = 480 [obr/min]
Ms = 9550 . = 149,2 [Nm]
-wał trzeci
n = = 199,3 [obr/min]
Ms = 9550 . = 359,4 [Nm]
-wał wyjściowy
n = = 99,69 [obr/min]
Ms = 9550 . = 718,5 [Nm]
Dobieram sprzęgła wielopłytkowe elektromagnetyczne
-koło 2
Ms = 149,2 [Nm]
Przyjmuję sprzęgło VEP160
Mst = 160 [Nm]
D = 120 [mm]
L = 48 [mm]
-koło 9,11
Ms = 359,4 [Nm]
Przyjmuję sprzęgło VEP400
Mst = 400 [Nm]
D = 150 [mm]
L = 63 [mm]
- koło 6,8
Ms = 718,5 [Nm]
Przyjmuję sprzęgło VEP1000
Mst = 1000 [Nm]
D = 190 [mm]
L = 80 [mm]
Obliczam odległości osi wałów
a = 0,5 . (d1 + d2)
a3-4 = 0,5 . (94,5 + 227,5) = 161 [mm]
a5-6 = 0,5 . (128 + 256) = 192 [mm]
a7-8 = 0,5 . (164 + 220) = 192 [mm]
a9-10 = 0,5 . (192 + 192) = 192 [mm]
a11-12 = 0,5 . (216 + 168) = 192 [mm]
Obliczenia wstępne wałów (ze względu na moment skręcający)
- materiał wałów St7 → zsj = 163 [MPa]
- współczynnik bezpieczeństwa x = 2,5
[MPa]
- wał wejściowy
Ms = 149,2 [Nm]
= 22,5 [mm]
przyjmuję d = 25 [mm]
- wał drugi
Ms = 149,2 [Nm]
= 22,5 [mm]
przyjmuję d = 25 [mm]
- wał trzeci
Ms = 359,4 [Nm]
= 29,2 [mm]
przyjmuję d = 30 [mm]
- wał wyjściowy
Ms = 718,5 [Nm]
= 38,1 [mm]
przyjmuję d = 40 [mm]
Siły działające na kołach zębatych
-koła stożkowe
siła obwodowa Po = 2Ms / de
siła wzdłużna Pw = Po . tgα
siła normalna Pn = Po . tgα
α = 20°
L.p. | Po [N] | Pw [N] | Pn [N] |
---|---|---|---|
1 | 2079 | 756 | 756 |
2 | 2079 | 756 | 756 |
-koła walcowe
siła obwodowa Po = 2Ms / d
siła normalna Pn = Po . tgα
α = 20°
L.p. | Po [N] | Pn [N] |
---|---|---|
3 | 3157 | 1149 |
4 | 6330 | 2303 |
5 | 11226 | 4085 |
6 | 5422 | 1973 |
7 | 8762 | 3189 |
8 | 4340 | 1579 |
9 | 7484 | 2723 |
10 | 3730 | 1357 |
11 | 6652 | 2421 |
12 | 3410 | 1241 |
Obliczenia wałów w programie komputerowym WAŁ
-wał wejściowy
koło pasowe 1
70 100 70
L [mm] |
d [mm] |
ugięcie w XY [mm] |
ugięcie w XZ [mm] |
kąt przekosu [deg] |
kąt skręcenia [deg] |
---|---|---|---|---|---|
0 | 20,65 | 0,105 | - 0,021 | - 0,115 | 0 |
70 | 27,23 | 0 | 0 | - 0,056 | 0 |
170 | 30,32 | 0 | 0 | - 0,053 | 0 |
240 | 25,55 | 0,080 | - 0,072 | - 0,121 | 0 |
-wał drugi
2 3 2
140 60 60 140
L | d [mm] | ugięcie w XY | ugięcie w XZ | kąt przekosu | kąt skręcenia |
---|---|---|---|---|---|
0 | 25,03 | 0 | 0 | 0,209 | 0 |
140 | 31,57 | - 0,387 | - 0,100 | 0,102 | 0 |
200 | 33,76 | - 0,450 | - 0,092 | - 0,025 | 0,056 |
260 | 33,76 | - 0,426 | - 0,071 | - 0,066 | 0,056 |
400 | 26,42 | 0 | 0 | - 0,296 | 0,056 |
-wał trzeci
11 7 4 5 9
50 115 35 35 115 50
L | d [mm] | ugięcie w XY | ugięcie w XZ | kąt przekosu | kąt skręcenia |
---|---|---|---|---|---|
0 | 38,83 | 0 | 0 | 0,091 | 0 |
50 | 38,83 | - 0,071 | - 0,025 | 0,079 | 0 |
165 | 51,71 | - 0,160 | - 0,052 | 0,017 | 0 |
200 | 51,71 | - 0,165 | - 0,051 | 0,005 | 0 |
235 | 53,09 | - 0,160 | - 0,46 | - 0,023 | 0,023 |
350 | 41,25 | - 0,062 | - 0,016 | - 0,070 | 0,023 |
400 | 41,25 | 0 | 0 | - 0,075 | 0,023 |
-wał wyjściowy
12 8 6 10
50 115 70 115 50
L | d [mm] | ugięcie w XY | ugięcie w XZ | kąt przekosu | kąt skręcenia |
---|---|---|---|---|---|
0 | 35,11 | 0 | 0 | - 0,108 | 0 |
50 | 35,11 | 0,031 | - 0,086 | - 0,096 | 0 |
165 | 44,24 | 0,071 | - 0,195 | - 0,024 | 0 |
235 | 44,24 | 0,071 | - 0,195 | - 0,026 | 0 |
350 | 35,11 | 0,028 | - 0,077 | - 0,088 | 0 |
400 | 35,11 | 0 | 0 | - 0,095 | 0 |
Obliczam reakcje łożysk
-wał wejściowy
koło pasowe 1
70 100 70
Podporą stałą jest podpora A
Płaszczyzna OX
Σ PZ =0;
RAZ = PW = 756 [N]
Σ PX =0;
RAX + RBX = Po1 + Q . cos 2,68° = 2079 + 1624 . cos 2,68° = 3701 [N]
Σ MB =0;
Q . cos2,68° . 170 + PW1 . 72 = RAX . 100 + Po1 . 70
RAX = = = 2075[N]
RBX = 3701 - 2075 = 1626 [N]
Płaszczyzna OY
Σ PY =0;
RAY + RBY = PR1 + Q . sin 2,68° = 756 + 2079 . sin 2,68° = 853 [N]
Σ MB =0;
Q . sin 2,68° . 170 = RAY . 100 + PR1 . 70
RAY = = = 363 [N]
RBY = 853 - 363 = 490 [N]
Reakcje wypadkowe
RA = = = 2106 [N]
RB = = = 1698 [N]