mech2 49

mech2 49



4

J


I


i


9G


Dla kół 3 i 4


W rozpatrywanym przykładzie prędkośi kątowa jarzma jest równa prędkości kątowej wału głównego uij. Prędkość kątową satelity względem jarzma oznaczmy u>-g. Wówczas dla kół 1 i 2 mamy: m* - U)T


“la


CD


W wyniku przemnożenia stronami przez siebie zależności (1) i (2) otrzymujemy:


<d{,


- OJ,


_


^ (2)


Bys. 62


r1 rJ

skąd


JP -C

“4 =WII B“I - (tu1 ““I^ Ą-Ą


(3)


po podstawieniu do (3) wartości liozbowych rnsmyt

“U - 60 - (- 40 - 60)    = 60 + 72,7 « 133 a~1.

Dodatni znak przy wielkośoi Uijj wskazuje, że wał bierny obraca się w kierunku niezgodnym z ruchem wskazówek zegara (jeśli będziemy patrzeć od strony dodatniego kierunku osi Oz).

W celu obliczenia prędkości kątowej satelity z (1) określamy jego prędkość względem jarzmai

r1

“t.    =    - — (u)„    - 0) T)

'2

lub


24 (- 40 - 60) = 80 a"1.


Is = "

Bezwzględna prędkość kątowa satelity

“a = “i + “is*

przy czym wektor w j ma kierunek osi Oz, a u»Is osi 0£. Ponieważ wektory    i tuj są względem siebie prostopadłe, więc

-Y


wi+ “ia

2. Rozwiązanie zadania sposobem grafioznym

graficzne rozwiązanie zadania oparto na założeniu, że ruch satelity -oie być rozpatrywany jako suma dwóoh ruchów obr ot owych.Przy tym za ruoh UDoszenia można przyjąć nie tylko obrót jarzma wokół osi Oz (jak w metodzie Willi06), lecz również obrót koła 1 lub 4. Tak więc

“a = "I + uIs<

J1 T "la*

4a*


lub


-Y


602 + B02-= 100 3_1,


0).. + U) ,


Eys. 65



Zauważmy, że linie działania dowolnych dwóch składowych wektora' uTs są znane. Prędkości kątowe uTp lUj i uT^ mają kierunek osi Oz (rys. 63);

ma kierunek osi 0^; uT^g i aT^g - odpowiednio wzdłuż linii Oa i Ob (po chwilowych osiaah obrotu w ruchu względnym);

Z dowolnego bieguna O (rys. 64) odkładamy w wybranej skali równolegle, do osi Oz wektory zadanyoh prędkości kątowych    1    u^. Przez koniec wektora    prowadzimy prostą KL równolegle do 0£ (linii działa

ła mjs), a z końca wektora u)^ - prostą MN równoległą do OA (linii



Wyszukiwarka

Podobne podstrony:
dla kilku przemieszczanych mas sumaryczna zmiana momentu jest równa: k XAMyp — i.
Dla ułatwienia zakładamy, że P = C (wewnętrzna wartość obligacji jest równa jej cenie rynkowej). Nie
Róv:nanie stanu 53 Przykład 7.4. Wyznaczymy trajektorie dla, rozpatrywanego w przykładzie 7.1, probl
47 (49) 87 Sposób wykorzystania diagramu przedstawiono dla danych z poprzedniego przykładu; ROZWIĄZA
Image194 W rozpatrywanym przykładzie, kolejnym stanom licznika odpowiadają kolejne liczby dwójkowe:
skanuj0096 (27) 172 B. Cieślar Rys. 4.18.2 [kNm] CkN] Sprawdzenie naprężeń dla przyjętej grubości pr
Zdjęcie031 6. Rozpatrujemy zdarzenie -3 < X < -2 Dla którego 7 rozkładów pr»w=dopodobieństvw t
skanuj0013 410 b) Dla Z2=R2 Z = Z ^wel 7 % Zc R, q>4 = arctg-^t. Ostatecznie c) Dla Z2 = jX2
Image590 125 fi. Rezystor R zapewnia ograniczenie prądu do wartości 30 mA. W rozpatrywanym przykładz
powieści i opowiadań dla dorosłych na przykładzie kilku katalogów komputerowych bibliotek publicznyc

więcej podobnych podstron