Zadanie przykładowe nr 3.1.
Sprawdzić warunek nośności pionowej podłoża gruntowego pod fundamentem przedstawionym na
rysunku poniżej.
1. Wyznaczenie parametrów geotechnicznych podłoża gruntowego
metodą B, wg PN-81/B-03020
a) warstwa Ps, I
D
= 0.55
φ
(n)
= 33
°, wartość oblicz.
φ
(r)
= 0.9
⋅33 = 29.7°
γ
(n)
= 16.7 kN/m
3
,
γ
(r)
= 0.9
⋅16.7 = 15.0 kN/m
3
,
b) warstwa Pd, I
D
= 0.60
φ
(n)
= 31
°,
φ
(r)
= 0.9
⋅31 = 27.9°
nad wodą (piasek wilgotny):
w = 16%,
γ
(n)
= 17.2 kN/m
3
,
γ
(r)
= 0.9
⋅17.2 = 15.5 kN/m
3
,
pod wodą (piasek nawodniony):
w = 24%,
γ
(n)
= 18.6 kN/m
3
,
γ
s
(n)
= 26.0 kN/m
3
,
42
0
24
0
1
0
26
6
18
24
0
1
0
26
1
1
.
)
.
(
.
.
)
.
(
.
)
w
(
)
w
(
n
s
s
=
+
⋅
−
+
⋅
=
+
−
+
⋅
=
γ
γ
γ
3
9
0
10
0
26
42
0
1
1
.
)
.
.
)(
.
(
)
)(
n
(
w
s
=
−
−
=
−
−
=
′
γ
γ
γ
kN/m
3
γ
’
(r)
= 0.9
⋅ 9.3 = 8.4 kN/m
3
2. Średnie ważone parametry do głębokości 2B
Ze względu na uwarstwioną budowę podłoża gruntowego, z warstw o zbliżonych parametrach, zastąpiono je
podłożem jednorodnym o średnich ważonych parametrach, obliczonych do głębokości 2B.
°
=
⋅
+
⋅
=
6
28
0
3
8
1
9
27
2
1
7
29
.
.
.
.
.
.
)
r
(
φ
=
φ
B
(r)
,
5
12
0
3
2
1
4
8
6
0
5
15
2
1
0
15
.
.
.
.
.
.
.
.
)
r
(
=
⋅
+
⋅
+
⋅
=
γ
kN/m
3
=
γ
B
(r)
3. Zredukowane wymiary fundamentu
2
.
1
15
.
0
2
5
.
1
2
=
⋅
−
=
−
=
B
E
B
B
m,
6
.
2
20
.
0
2
0
.
3
2
=
⋅
−
=
−
=
L
E
L
L
m
4. Współczynniki nośności
dla
φ
B
(r)
= 28.6
° odczytano z nomogramów w PN-81/B-02482 : N
D
= 15.8, N
c
= 27.0, N
B
= 6.0
5. Współczynniki wpływu nachylenia wypadkowej obciążeń Q
r
kąt odchylenia wypadkowej obciążeń od pionu:
15
.
0
1000
150 =
=
=
r
r
N
T
tg
δ
→
δ = 8.5° < φ
B
(r)
= 28.6
°
55
.
0
6
.
28
)
(
=
°
= tg
tg
r
B
φ
27
.
0
55
.
0
15
.
0
)
(
=
=
r
B
tg
tg
φ
δ
6. Zagłębienie minimalne fundamentu: D
min
= 0.8 m,
γ
D
(r)
= 15.0 kN/m
3
7. Opór graniczny podłoża gruntowego:
0
.
880
56
.
0
5
.
12
2
.
1
0
.
6
6
.
2
2
.
1
25
.
0
1
74
.
0
0
.
15
8
.
0
8
.
15
6
.
2
2
.
1
5
.
1
1
6
.
2
2
.
1
25
.
0
1
5
.
1
1
3
.
0
1
)
(
)
(
min
)
(
=
⎥
⎦
⎤
⎢
⎣
⎡
⋅
⋅
⋅
⋅
⎟
⎠
⎞
⎜
⎝
⎛ −
+
⋅
⋅
⋅
⋅
⎟
⎠
⎞
⎜
⎝
⎛ +
⋅
⋅
=
=
⎥
⎦
⎤
⎢
⎣
⎡
⋅
⋅
⋅
⋅
⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎝
⎛
−
+
⋅
⋅
⋅
⋅
⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎝
⎛
+
+
⋅
⋅
⋅
⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎝
⎛
+
⋅
⋅
=
B
r
B
B
D
r
D
D
c
r
c
fNB
i
B
N
L
B
i
D
N
L
B
i
c
N
L
B
L
B
Q
γ
γ
8. Warunek nośności:
N
r
= 1000 kN
≤ m
⋅Q
fNB
= 0.9
⋅0.9⋅880.0 = 713.0 kN → warunek nie jest spełniony, należy zwiększyć wymiary
fundamentu
9. Sprawdzenie nośności dla fundamentu o zwiększonych wymiarach:
Przyjęto: B = 1.8 m, L = 3.4 m
→
5
.
1
15
.
0
2
8
.
1
=
⋅
−
=
B
m,
0
.
3
20
.
0
2
4
.
3
=
⋅
−
=
L
m
0
.
1353
56
.
0
5
.
12
5
.
1
0
.
6
0
.
3
5
.
1
25
.
0
1
74
.
0
0
.
15
8
.
0
8
.
15
0
.
3
5
.
1
5
.
1
1
0
.
3
5
.
1
=
⎥
⎦
⎤
⎢
⎣
⎡
⋅
⋅
⋅
⋅
⎟
⎠
⎞
⎜
⎝
⎛ −
+
⋅
⋅
⋅
⋅
⎟
⎠
⎞
⎜
⎝
⎛ +
⋅
⋅
=
fNB
Q
N
r
= 1000 kN <
m
⋅Q
fNB
= 0.9
⋅0.9⋅1353.0 = 1096.0 kN → warunek nośności spełniony
B = 1.5m
Q
r
N
r
T
r
E
B
L = 3.0m
+ 1.1
0.0
– 1.2
– 1.8
zwg
+ 0.8
Ps, I
D
= 0.55
Pd, I
D
= 0.60
δ
N
r
= 1000 kN
T
r
= 150 kN
E
B
= 0.15 m
E
L
= 0.20 m
kN
z nomogramów wg PN-81/B-02482: i
B
= 0.56, i
D
= 0.74, i
c
= 0.72
(uwaga: dla
δ = 0 → i
B
= i
D
= i
c
= 1.0)
kN
Zadanie przykładowe nr 3.2.
Sprawdzić warunek nośności pionowej podłoża gruntowego pod ławą fundamentową, przedstawioną na
rysunku poniżej.
Ze względu na uwarstwienie podłoża gruntowego oraz stosunkowo niskie
parametry drugiej warstwy G
π, należy dokonać oddzielnego
sprawdzenia nośności dla warstwy Pd i dla warstwy G
π.
1. Wyznaczenie obliczeniowych parametrów geotechnicznych podłoża
gruntowego
a) warstwa Pd, I
D
= 0.50
φ
(r)
= 0.9
⋅32 = 28.8°
γ
(r)
min
= 0.9
⋅16.5 = 14.85 kN/m
3
,
γ
(r)
max
= 1.1
⋅16.5 = 18.15 kN/m
3
b) warstwa G
π, I
L
= 0.40
φ
(r)
= 0.9
⋅11.5 = 10.35°
c
(r)
= 0.9
⋅10 = 9.0 kPa
γ
(r)
min
= 0.9
⋅ 18.5 = 16.65 kN/m
3
2. Sprawdzenie nośności warstwy pierwszej (Pd)
2.1. Współczynniki nośności:
dla
φ
B
(r)
= 28.8
° → N
D
= 16.1, N
B
= 6.2
2.2. Współczynniki wpływu nachylenia wypadkowej obciążeń :
55
.
0
8
.
28
)
(
=
°
= tg
tg
r
B
φ
24
.
0
55
.
0
5
.
7
)
(
=
°
=
tg
tg
tg
r
B
φ
δ
2.3 Zredukowane wymiary fundamentu
0
.
1
20
.
0
2
4
.
1
=
⋅
−
=
B
m,
0
.
1
=
L
m (ława) , dla ławy o L > 5B we wzorze na Q
fNB
przyjmuje się
0
=
L
B
2.4. Składowe wypadkowej obciążeń
N
r
= Q
r
⋅cos
δ = 125⋅cos7.5° = 124.0 kN/mb, T
r
= Q
r
⋅sin
δ = 125⋅sin7.5° = 16.3 kN/mb
2.5. Zagłębienie minimalne fundamentu: D
min
= 0.5 m,
γ
D
(r)
= 14.85 kN/m
3
2.6. Opór graniczny warstwy Pd:
(
)
(
)
[
]
7
.
156
66
.
0
85
.
14
0
.
1
23
.
6
0
25
.
0
1
80
.
0
85
.
14
5
.
0
1
.
16
0
5
.
1
1
0
.
1
0
.
1
=
⋅
⋅
⋅
⋅
⋅
−
+
⋅
⋅
⋅
⋅
⋅
+
⋅
⋅
=
fNB
Q
kN/mb
2.7. Warunek nośności:
N
r
= 124.0 kN/mb < m
⋅Q
fNB
= 0.9
⋅156.7 = 141.0 kN/mb → warunek spełniony
3. Sprawdzenie nośności warstwy drugiej (G
π)
Sprawdzenia nośności drugiej warstwy dokonuje się dla fundamentu
zastępczego, spoczywającego na stropie warstwy drugiej (rys. obok).
3.1. Wymiary fundamentu zastępczego
B’ = B + b, L’ = L + b, (dla ławy L’ = L = 1.0 mb)
- dla warstwy 1 z gruntu niespoistego : przy h
≤ B → b = h/3
przy h > B
→ b = 2/3h
- dla warstwy 1 z gruntu spoistego : przy h
≤ B → b = h/4
przy h > B
→ b = h/3
przy h > 2B – nośności drugiej warstwy można nie sprawdzać
W zadaniu:
warstwa 1 – grunt niespoisty, h = 1.6 m > B
→ b = 2/3⋅1.6 = 1.07 m
B’ = 1.4 + 1.07 = 2.47 m, L’ = L = 1.0 mb
B = 1.4m
Q
r
N
r
T
r
E
B
Ława
L > 5B
+ 0.9
0.0
– 1.6
+ 0.5
Pd, I
D
= 0.50
φ
(n)
= 32
°, c = 0.0
γ
(n)
= 16.5 kN/m
3
G
π, I
L
= 0.40, gen. C
φ
(n)
= 11.5
°, c
(n)
= 10 kPa
γ
(n)
= 18.5 kN/m
3
δ
Q
r
= 125 kN/m
δ = 7.5°
E
B
= 0.20 m
→ i
D
= 0.80, i
B
= 0.66
B = 1.4m
Q
r
N
r
T
r
E
B
+ 0.9
0.0
– 1.6
+ 0.5
warstwa 1
Pd, I
D
= 0.50
warstwa 2
G
π, I
L
= 0.40
δ
B’ = B+b
N
r
’
E’
B
T
r
’
h
fundament
zastępczy
D’
min
3.2. Obciążenia fundamentu zastępczego i mimośrody:
N
r
’ = N
r
+ B’
⋅L’⋅h⋅
γ
1
(r)
max
= 124.0 + 2.47
⋅1.0⋅1.6⋅18.15 = 195.7 kN/m,
T
r
’ = T
r
= 16.3 kN/mb (brak dodatkowych obciążeń poziomych)
26
.
0
7
.
195
6
.
1
3
.
16
2
.
0
0
.
124
=
⋅
+
⋅
=
′
⋅
±
⋅
=
′
r
rB
B
r
B
N
h
T
E
N
E
m,
0
.
0
=
′
⋅
±
⋅
=
′
r
rL
L
r
L
N
h
T
E
N
E
m
3.3. Współczynniki nośności:
dla
φ
B
(r)
= 10.35
° → N
c
= 8.5, N
D
= 2.52, N
B
= 0.21
3.4. Zredukowane wymiary fundamentu zastępczego :
95
.
1
26
.
0
2
47
.
2
=
⋅
−
=
′
B
m,
0
.
1
=
′
L
m
3.5. Współczynniki wpływu nachylenia wypadkowej obciążeń :
W przypadku gruntu spoistego należy obliczyć zastępczy kąt pochylenia wypadkowej obciążeń:
0559
.
0
0
.
1
95
.
1
35
.
10
0
.
9
7
.
195
3
.
16
)
(
)
(
*
=
⋅
⋅
°
⋅
+
=
⋅
⋅
⋅
+
=
ctg
L
B
ctg
c
N
T
tg
r
B
r
r
r
φ
δ
→
δ* = 3.2° < φ
B
(r)
= 10.35
°
(w powyższym wzorze wstawiono wielkości dla fundamentu zastępczego:
r
r
T
L
B
N
′
′
′
′
,
,
,
)
18
.
0
35
.
10
)
(
=
°
= tg
tg
r
B
φ
31
.
0
18
.
0
0559
.
0
)
(
*
=
=
r
B
tg
tg
φ
δ
3.6. Zagłębienie minimalne fundamentu zastępczego: D’
min
= 0.5 + 1.6 = 2.1 m,
γ
D
(r)
= 14.85 kN/m
3
3.7. Opór graniczny warstwy G
π:
[
]
0
.
287
82
.
0
65
.
16
95
.
1
21
.
0
0
.
1
95
.
0
85
.
14
1
.
2
52
.
2
0
.
1
88
.
0
0
.
9
5
.
8
0
.
1
0
.
1
95
.
1
=
⋅
⋅
⋅
⋅
+
⋅
⋅
⋅
⋅
+
⋅
⋅
⋅
⋅
⋅
=
′
fNB
Q
kN/mb
3.7. Warunek nośności:
N
r
’ = 195.7 kN/mb < m
⋅Q’
fNB
= 0.9
⋅287.0 = 258.3 kN/mb → warunek spełniony
Wniosek końcowy:
Nośność pionowa uwarstwionego podłoża gruntowego pod zadanym fundamentem jest wystarczająca.
→ i
c
= 0.88, i
D
= 0.95, i
B
= 0.82