SIMR ALG1 EGZ 2010 09 10 rozw

background image

Egzamin z Algebry, 10 IX 2010

1. Zadanie wstępne

Zadanie

Odp.

1. Zapisać w postaci kanonicznej (algebraicznej) z =

1 + i

3

1 − i

3

Rozwiązanie:

1 + i

3

1 − i

3

=

(1 + i

3) · (1 + i

3)

(1 − i

3) · (1 + i

3)

=

1 + 2i

3 3

1 + 3

=

1

2

+ i

3

2

1
2

+ i

3

2

2. Wyznaczyć A

1

jeżeli A =

"

1 2
3 4

#

Rozwiązanie:
|A| = 4 6 = 2 6= 0

A

d

=

"

4 3

2

1

#

(A

d

)

T

=

"

4 2

3

1

#

A

1

=

(A

d

)

T

|A|

=

"

2

1

3
2

1
2

#

"

2

1

3
2

1
2

#

3. Obliczyć odległość punktu P (1, 0, 2) od płaszczyzny π : 2x + y + 2z − 7 = 0
Rozwiązanie:

d =

|2 · 1 + 0 + 2 · 2 7|

2

2

+ 1

2

+ 2

2

=

1

3

1

3

4. Obliczyć odległość ognisk elipsy

(x − 4)

2

9

+

y

2

25

= 1 .

Rozwiązanie:
a

2

= 9 =⇒ a = 3 , b

2

= 25 =⇒ b = 5 , b > a

Ogniska leżą na prostej równoległej do osi Oy przechodzącej przez środek
elipsy.
d =

b

2

− a

2

= 4

odległość ogniska od środka elipsy.

2d = 8

odległość między ogniskami

8

5. Wyznaczyć równanie płaszczyzny przechodzącej przez środek sfery o równa-

niu: (x − 1)

2

+ (y − 2)

2

+ z

2

= 1 , prostopadłej do prostej l :

(

x − y = 0
2x + z − 1 = 0

Rozwiązanie:
x = t =⇒ y = t =⇒ z = 2t + 1

prosta w postaci parametrycznej

n = [1, 1 2]

wektor normalny płaszczyzny

S = (1, 2, 0)

środek sfery

(x − 1) + (y − 2) 2z = 0 =⇒ x + y − 2z − 3 = 0

równanie płaszczyzny

x + y − 2z − 3 = 0

1

background image

2. Rozwiązać równanie: (z

2

+ z + 1)(z

3

− i) = 0 , z ∈ C .

Rozwiązanie:

(z

2

+ z + 1)(z

3

− i) = 0 ⇐⇒ z

2

+ z + 1 = 0

lub

z

3

− i = 0

Szukamy rozwiązań równania: z

2

+ z + 1 = 0

∆ = 3

∆ = ±

3i

z

1

=

1

3i

2

z

2

=

1 +

3i

2

Szukamy rozwiązań równania: z

3

− i = 0

z

3

= i

z =

3

i

Zapisujemy liczbę i w postaci trygonometrycznej:

i = 1 · (cos

π

2

+ i sin

π

2

)

z

k

= cos

π

2

+2

3

+ i sin

π

2

+2

3

, k = 0, 1, 2

z

3

= cos

π

6

+ i sin

π

6

=

3

2

+

1
2

i

z

4

= cos

5π

6

+ i sin

5π

6

=

3

2

+

1
2

i

z

5

= cos

3π

2

+ i sin

3π

2

= −i

Odpowiedź:

z

1

=

1
2

3i

2

z

2

=

1
2

+

3i

2

z

3

=

3

2

+

i

2

z

4

=

3

2

+

i

2

z

5

= −i

2

background image

3. Wyznaczyć macierz X spełniającą równanie:


1 2 3
0 1 2
0 2 1


· X =


7 7
4 4
2 5


Rozwiązanie:

Oznaczamy:

A =


1 2 3
0 1 2
0 2 1


, B =


7 7
4 4
2 5


Przy założeniu, że istnieje macierz odwrotna do A mamy:

A · X = B ⇐⇒ X = A

1

· B

Obliczamy:

|A| = 1 + 0 + 0 0 0 4 = 3 6= 0 =macierz odwrotna istnieje

A

d

=


3

0

0

4

1 2

1 2

1


(A

d

)

T

=


3

4

1

0

1 2

0 2

1


A

1

=

(A

d

)

T

|A|

=







1

4
3

1
3

0

1
3

2
3

0

2
3

1
3







X = A

1

· B =


1 0
0 2
2 1


Odpowiedź:

X =


1 0
0 2
2 1


3

background image

4. Określić liczbę rozwiązań układu równań w zależności od parametru p ∈ R :

x + py − z = 1
2x − y + pz = 0
x + 10y − 6z = p

Rozwiązanie:

Badamy rząd macierzy

A =


1

p −1

2 1

p

1

10 6


Obliczamy wyznacznik:

|A| = 6 + p

2

20 1 10p + 12p = p

2

+ 2p − 15

p

2

+ 2p − 15 = 0 =⇒ p

1

= 5 , p

2

= 3

Wniosek: dla p 6= 5 i p 6= 3 rząd A jest równy 3, rząd A

R

też jest równy 3 więc układ

ma jedno rozwiązanie.

Dla p = 5 :

Rząd A jest mniejszy niż 3. Rząd ten jest równy 2, ponieważ wyznacznik:





2 1
1

10





= 21 6= 0

skreślamy w

1

i k

3

Badamy rząd A

R

=


1 5 1

1

2 1 5

0

1

10 6 5


Obliczamy wyznacznik:







1 1

1

2 5

0

1 6 5







= 25 + 0 30 + 5 0 10 = 10 6= 0

skreślamy k

2

Wniosek: dla p = 5 rząd A

R

= 3, rząd A = 2 więc układ nie ma rozwiązań.

Dla p = 3 :

Rząd A jest mniejszy niż 3. Rząd ten jest równy 2; sprawdzamy wyznacznik dla przy-
padku p = 5

Badamy rząd A

R

:

A

R

=


1

3 1 1

2 1

3 0

1

10 6 3


Obliczamy wyznacznik:







1 1 1
2

3 0

1 6 3







= 9 + 0 30 3 0 + 6 = 18 6= 0

skreślamy k

2

Wniosek: dla p = 3 rząd A

R

=3, rząd A = 2 więc układ nie ma rozwiązań.

Odpowiedź:

Dla p = 5 oraz dla p = 3 układ jest sprzeczny, a dla pozostałych p układ ma jedno
rozwiązanie.

4

background image

5. Napisać równanie płaszczyzny π zawierającej prostą

l :

(

4x − y + 3z − 1 = 0
x + 5y − z + 2 = 0

i prostopadłą do płaszczyzny o równaniu: 2x − y + 5z − 3 = 0 .

Rozwiązanie:

Równanie płaszczyzny przechodzącej przez prostą l (pęk płaszczyzn):

π : α(4x − y + 3z − 1) + β(x + 5y − z + 2) = 0

Wektor normalny tej płaszczyzny:

n = [4α + β , 5β − α , 3α − β]

Płaszczyzna ta jest prostopadła do płaszczyzny π

1

: 2x − y + 5z − 3 = 0 , gdy wektor

n jest prostopadły do

n

1

= [2, −1, 5] , czyli:

n

1

· −

n = 0

2(4α + β) (5β − α) + 5(3α − β) = 0

24α − 8β = 0 =⇒ β = 3α

Wybieramy dowolną niezerową wartość np. α = 1 , wtedy mamy β = 3.

π : 7x + 14y + 0z + 5 = 0

Odpowiedź:

Równanie płaszczyzny π : 7x + 14y + 5 = 0

5

background image

6. Dany jest czworościan o wierzchołkach: A(1, 1, 0) , B(0, 3, 2) , C(1, 1, 1) , D(2, 0, 0).

Obliczyć:

a) długość wysokości czworościanu wychodzącej z wierzchołka D,

b) równanie płaszczyzny, na której leżą punkty A, B, C .

Rozwiązanie:

Obliczamy:
−→

AB = [1, 2, 2]
−→

AC = [2, 0, 1]

AD = [1, −1, 0]

a) Wysokość czworościanu jest równa wysokości równoległościanu rozpiętemu przez te

wektory. Mamy S · h = V =⇒ h =

V

S

Pole podstawy równoległościanu:

S = |

−→

AB ×

−→

AC|

−→

AB ×

−→

AC =







i j

k

1 2 2
2 0 1







= 2i − 4j + 4k + j = [2, −3, 4]

S =

q

2

2

+ (3)

2

+ 4

2

=

29

Objetość równoległościanu:

S = |(

−→

AB ×

−→

AC) ·

AD| = |2 + 3 + 0| = 5

Stąd:

h =

5

29

b) wektor

−→

AB ×

−→

AC jest wektorem normalnym szukanej płaszczyzny:

π : 2x − 3y + 4z + E = 0

Punkt A leży na płaszczyźnie:

2 3 + 0 + E = 0 =⇒ E = 1

π : 2x − 3y + 4z + 1 = 0

Odpowiedź:

a) h =

5

29

b) punkty A, B, C leżą w płaszczyźnie: π : 2x − 3y + 4z + 1 = 0

6


Wyszukiwarka

Podobne podstrony:
.SIMR-ALG1-EGZ-2010-09-10-rozw
SIMR-RR-EGZ-2010-09-17-rozw
.SIMR-ALG1-EGZ-2010-06-25b-rozw
.SIMR-ALG1-EGZ-2010-02-05-rozw
SIMR ALG1 EGZ 2010 02 05 rozw
SIMR ALG1 EGZ 2011 02 10 rozw
SIMR ALG1 EGZ 2010 06 25a rozw
SIMR ALG1 EGZ 2007 09 03a rozw
SIMR ALG1 EGZ 2010 01 28 rozw
SIMR ALG1 EGZ 2010 06 25b rozw
SIMR ALG1 EGZ 2011 09 08 rozw
SIMR ALG1 EGZ 2009 09 07 rozw
SIMR-ALG1-EGZ-2013-09-09-rozw
SIMR-AN1-EGZ-2010-02-08-rozw
SIMR-RR-EGZ-2012-09-18-rozw
SIMR-AN2-EGZ-2013-09-11-rozw
SIMR-RR-EGZ-2010-06-28b-rozw

więcej podobnych podstron