7.0. SŁUP
7.1.Wstępny dobór przekroju słupa:
Wstępnie dobrano dwuteownik IPE400, stal S235RJ
Wpl, y = 13, 07 • 105 cm3
Wpl, z = 2, 29 • 105 cm3
b = 180 mm
tw = 8, 6 mm
tf = 13, 5 mm
r = 21 mm
A = 84, 5 cm2
$$G = 66,3\frac{\text{kg}}{m}$$
Iy = 32130 cm4
Wy = 1160 cm3
iy = 16, 5 cm
Iz = 1320 cm4
Wz = 146 cm3
iz = 3, 95 cm
Ciężar kształtownika:
$$m^{k} = 66,3\ \frac{\text{kg}}{m} = 0,650\ \frac{\text{kN}}{m}$$
$$m^{o} = m^{k} \bullet \gamma = 66,3\ \bullet 1,35 \bullet 9,81 \bullet 10^{- 3} = 0,878\ \frac{\text{kN}}{m}$$
Zestawienie sił wewnętrznych występujących w słupie.
Nr pręta | Siła normalna | Siła tnąca | Moment zginający |
---|---|---|---|
1 | 222,3 | 0,2 | 1,8 |
1 | 175,0 | 42,1 | 188,0 |
Sprawdzenie klasy przekroju kształtownika:
$$\varepsilon = \sqrt{\frac{235}{235}} = 1$$
- środnik
$$\frac{c}{t} = \frac{400 - 2 \bullet 21 - 2 \bullet 13,5}{8,6} = 38,488 \leq 42 \bullet \varepsilon = 42$$
Przekrój klasy 3.
-półka
$$\frac{c}{t} = \frac{180 - 2 \bullet 21 - 2 \bullet 8,6}{13,5} = 9,585 \leq 10 \bullet \varepsilon = 10$$
Przekrój klasy 1.
Ostatecznie przyjęto, że przekrój jest przekrojem klasy 3.
7.2 Nośność przekroju słupa na ścinanie:
Warunek smukłości ścianki przy ścinaniu
$$\frac{h_{w}}{t_{w}} = \frac{400 - 2 \bullet 21 - 2 \bullet 13,5}{8,6} = 38,488 < 72 \bullet \varepsilon = 72$$
- Nośność przekroju na ścinanie.
Av1 = A − 2 • bf • tf + (tw+2•r) • tf
Av1 = 8450 − 2 • 180 • 13, 5 + (8,6+2•21) • 13, 5 = 4273, 1 mm2
Av2 = η • hw • tw = (400−2•21−2•13,5) • 8, 6 = 2846, 6 mm2
Av = max(Av1; Av2) = max(4273,1; 2846,6) = 4273, 1 mm2
$$V_{c,Rd} = V_{pl,Rd} = \frac{A_{v} \bullet f_{y}}{\sqrt{3} \bullet \gamma_{m0}} = \frac{4273,1\ \bullet 235}{\sqrt{3} \bullet 1,0} = 606,274\ kN$$
$$\frac{V_{\text{Ed}}}{V_{c,Rd}} = \frac{42,1}{606,274} = 0,069 < 1,0$$
Warunek został spełniony.
-Sprawdzenie warunku pominięcia wpływu ścinania przy nośności na ściskanie.
$$\frac{V_{\text{Ed}}}{V_{c,Rd}} = \frac{42,1}{606,274} = 0,069 < 0,5$$
Warunek został spełniony.
7.3. Nośność słupa na ściskanie.
$$N_{c,Rd} = N_{pl,Rd} = \frac{A \bullet f_{y}}{\gamma_{M0}} = \frac{8450 \bullet 235}{1,0} = 1985,75\ kN$$
$$\frac{N_{\text{Ed}}}{N_{c,Rd}} = \frac{222,3}{1985,75} = 0,112 < 1,0$$
Warunek został spełniony
7.4.Wpływ siły podłużnej na zginanie
$$N_{\text{Ed}} < \frac{0,5 \bullet h_{w} \bullet t_{w} \bullet f_{y}}{\gamma_{M0}}$$
$$\frac{0,5 \bullet h_{w} \bullet t_{w} \bullet f_{y}}{\gamma_{M0}} = \frac{0,5 \bullet \left( 400 - 2 \bullet 21 - 2 \bullet 13,5 \right) \bullet 8,6 \bullet 235}{1,0} = 334,476\ kN$$
NEd = 222, 3 kN < 334, 476 kN
NEd = 222, 3 kN < 0, 25 • 1985, 75 = 496, 438 kN
Warunki zostały spełnione, nie trzeba sprawdzać nośności plastycznej przekroju przy zginaniu.
7.5. Wyznaczenie nośności na zginanie.
$$M_{t,Rd} = M_{pl,Rd} = \frac{W_{\text{pl}} \bullet f_{y}}{\gamma_{M0}} = \frac{11,60 \bullet 10^{5} \bullet 235}{1,0} = 272,600\ kNm$$
MEd = 188 kNm < Mt, Rd = 272, 600 kNm
7.6. Sprawdzenie wyboczenia
a) Kierunek y-y
H = 1000 cm
μy − y = 2, 5
Hy − y = 2, 5 • 1000 = 2500 cm
αy − y = 0, 29
λ1 = 93, 9 • ε = 93, 9
$$\lambda_{y - y} = \frac{H_{y - y}}{i_{y} \bullet \lambda_{1}} = \frac{2500}{16,5 \bullet 93,9} = 1,61358$$
φy − y = 0, 5 • [1+αy − y•(λy − y−0,2)+λy − y2]
φy − y = 0, 5 • [1+0,29•(1,61358−0,2)+1, 613582] = 2, 007
$$\chi_{y - y} = \frac{1}{\varphi_{y - y} + \sqrt{\varphi_{y - y}^{2}{- \lambda}_{y - y}^{2}}}$$
$$\chi_{y - y} = \frac{1}{2,007 + \sqrt{{2,007}^{2} - {1,61358}^{2}}} = 0,31245$$
b) Kierunek z-z
H = 400 cm
μz − z = 0, 7
Hz − z = 0, 7 • 400 = 320 cm
αz − z = 0, 34
λ1 = 93, 9 • ε = 93, 9
$$\lambda_{z - z} = \frac{H_{z - z}}{i_{z} \bullet \lambda_{1}} = \frac{320}{3,95 \bullet 93,9} = 0,86275$$
φz − z = 0, 5 • [1+αz − z•(λz − z−0,2)+λz − z2]
φz − z = 0, 5 • [1+0,34•(0,86275−0,2)+0, 862752] = 0, 985
$$\chi_{z - z} = \frac{1}{\varphi_{z - z} + \sqrt{\varphi_{z - z}^{2}{- \lambda}_{z - z}^{2}}}$$
$$\chi_{z - z} = \frac{1}{0,985 + \sqrt{{0,985}^{2} - {0,86275}^{2}}} = 0,68500$$
c) Współczynnik zwichrzenia
$$I_{w} = \frac{1}{4} \bullet I_{z} \bullet h^{2} = \frac{1}{4} \bullet 1320 \bullet 40^{2} = 528000\ cm^{6}$$
$$I_{t} = \frac{1}{3} \bullet \left( 2 \bullet b_{f} \bullet t_{f}^{3} + b_{w} \bullet {t_{w}}^{3} \right) = \frac{1}{3} \bullet \left( 2 \bullet 18 \bullet {1,35}^{3} + 33,1 \bullet {0,86}^{3} \right) = 36,54\ cm^{4}$$
$$c^{2} = \frac{I_{w} + 0,039 \bullet l^{2} \bullet I_{t}}{I_{z}} = \frac{528000 + 0,039 \bullet 400^{2} \bullet 36,54}{1320} = 212,735\ cm^{2}$$
$$N_{z} = \frac{\pi^{2} \bullet E \bullet I_{z}}{l^{2}} = \frac{\pi^{2} \bullet 210000 \bullet 1320}{400^{2}} = 1709,909\ kN$$
k=1,77 – współczynnik przyjęty według tablicy
$$M_{\text{cr}} = k \bullet N_{z} \bullet \left( \sqrt{c^{2} + 0,25 \bullet z_{g}^{2}} - 0,5 \bullet z_{g} \right)$$
$$M_{\text{cr}} = 1,77 \bullet 1709,909 \bullet \left( \sqrt{0,0212735 + 0} - 0 \right) = 441,434\ kNm$$
$$\lambda_{\text{LT}} = \sqrt{\frac{W_{y,pl} \bullet f_{y}}{M_{\text{cr}}}} = \sqrt{\frac{1160 \bullet 10^{- 6} \bullet 235 \bullet 10^{3}}{441,434}} = 0,786$$
αLT = 0, 34
φLT = 0, 5 • [1+αLT•(λLT−0,2)+λLT2]
φLT = 0, 5 • [1+0,34•(0,786−0,2)+0, 7862] = 0, 909
$$\chi_{\text{LT}} = \frac{1}{\varphi_{\text{LT}} + \sqrt{\varphi_{\text{LT}}^{2}{- \lambda}_{\text{LT}}^{2}}}$$
$$\chi_{\text{LT}} = \frac{1}{0,909 + \sqrt{{0,909}^{2} - {0,786}^{2}}} = 0,732$$
Składnik poprawkowy dla przekroju klasy 3.
0 = 0, 1
Cmy = 0, 6
$$\frac{N_{\text{Ed}}}{\chi_{y - y} \bullet N_{\text{Rd}}} + \frac{C_{\text{my}} \bullet M_{\text{Ed}}}{\chi_{\text{LT}} \bullet M_{\text{Rd}}} \leq 1 -_{0}$$
$$\frac{N_{\text{Ed}}}{\chi_{z - z} \bullet N_{\text{Rd}}} + \frac{C_{\text{my}} \bullet M_{\text{Ed}}}{\chi_{\text{LT}} \bullet M_{\text{Rd}}} \leq 1 -_{0}$$
Sprawdzenie sytuacji gdy Mmax, Nodp
$$\frac{175}{0,31245 \bullet 1985,75} + \frac{0,6 \bullet 188,0}{0,732 \bullet 272,600} \leq 1 -_{0}$$
0, 779 ≤ 0, 9
Wykorzystano 87 % przekroju
$$\frac{175,0}{0,68500 \bullet 1985,75} + \frac{0,6 \bullet 188,0}{0,732 \bullet 272,600} \leq 1 -_{0}$$
0, 694 ≤ 0, 9
Wykorzystano 77% przekroju
Sprawdzenie sytuacji gdy Modp, Nmax
$$\frac{222,3}{0,31245 \bullet 1985,75} + \frac{0,6 \bullet 1,8}{0,732 \bullet 272,600} \leq 1 -_{0}$$
0, 364 ≤ 0, 9
Wykorzystano 41 % przekroju
$$\frac{222,3}{0,68500 \bullet 1985,75} + \frac{0,6 \bullet 1,8}{0,732 \bullet 272,600} \leq 1 -_{0}$$
0, 169 ≤ 0, 9
Wykorzystano 19% przekroju
7.7. SGU – Przemieszczenie poziome pręta
Przemieszczenie poziome maksymalne odczytane z programu RM win:
w = 6, 08 cm
$$w\_\max{= \frac{1000}{150} = 6,67\ cm}$$
w < wmax
Warunek na SGU został spełniony.
7.8. Podstawa słupa
Nr pręta | Siła normalna | Siła tnąca | Moment zginający |
---|---|---|---|
1 | 72,9 | 0,0 | 0,4 |
1 | 175,0 | 42,1 | 188,0 |
2 | 222,3 | -0,2 | -1,8 |
Blacha podstawy: 550x250x25, stal S235JR
fy = 235 MPa
fu = 360 MPa
Beton C35/45
fck = 35 MPa
fcd = 23, 333 MPa
Śruby kotwiące M24, kl. 5.6.
fyb = 300 MPa
fub = 500 MPa
- Nośność środnika na ścinanie
V ≤ Vw, pl, Rd
V = 42, 1 kN
$$V_{w,pl,Rd} = \frac{A_{v} \bullet f_{y}}{{\sqrt{3} \bullet \gamma}_{M0}} = \frac{4273,1 \bullet 235}{{\sqrt{3} \bullet 1,0}_{}} = 579,763\ kN$$
VEd = 42, 1 kN < 579, 763 kN
Warunek został spełniony.
7.9. Nośność słupa na ściskanie:
Nf, max ≤ Nrf
$$N_{f,max} \leq \frac{N}{2} + \frac{M}{z}$$
z = 400 mm = 0, 4 m
$$N_{f,max} = \frac{175}{2} + \frac{188}{0,4} = 557,50\ kN$$
$$N_{\text{Rf}} = \frac{b_{f} \bullet t_{f} \bullet f_{y}}{\gamma_{M0}} = \frac{180 \bullet 13,5 \bullet 235}{1,0} = 571,050$$
Nf, max<NRf
Warunek został spełniony
7.10 Spoiny
tmax=25 mm
tmin,1=8,6 mm
tmin2=13,5
0, 2 • tmax ≤ a1/2 ≤ 0, 7 • tmin1/2
0, 2 • 25 ≤ a1 ≤ 0, 7 • 8, 6
5 ≤ a1 ≤ 0, 7 • 6, 02
Spoinę wzdłuż środnika przyjęto a=5 mm (w rzucie 7,07 mm)
0, 2 • 25 ≤ a1 ≤ 0, 7 • 13, 5
5 ≤ a1 ≤ 0, 7 • 9, 45
Spoinę wzdłuż półki przyjęto a=7 mm (w rzucie 9,90 mm)
Wymiary spoiny wzdłuż półek:
Długość:
bsp = bf + 2 • zf = 180 + 2 • 9, 90 = 199, 8 mm
Szerokość:
asp = tf + 2 • zf = 13, 5 + 2 • 9, 90 = 33, 30 mm
Szerokość spoiny wzdłuż środnika
aw = tw + 2 • zw = 13, 5 + 2 • 7, 07 = 27, 64 mm
Nośność podstawy słupa.
Nośność węzła FT,1,Rd model 1 i 2.
mx ≈ 1, 5 • d0 = 1, 5 • 24 = 3, 6 cm
ey = ex ≥ 1, 2 • d0 = 1, 2 • 24 = 2, 88 mm → przyjeto 2, 91 cm
w = b − 2 • ey = 20 − 2 • 2, 91 = 14, 18 cm
$$l_{eff,nc} = min\left\{ \begin{matrix}
4 \bullet m_{x} + 1,25 \bullet e_{x} = 4 \bullet 3,6 + 1,25 \bullet 2,91 = 18,038\ cm \\
e_{x} + 2 \bullet m_{x} + 0,625 \bullet e_{x} = 2,91 + 2 \bullet 3,6 + 0,625 \bullet 2,91 = 11,929\ cm \\
0,5 \bullet b_{p} = 0,5 \bullet 20 = 10,00\ cm \\
0,5 \bullet w + 2 \bullet m_{x} + 0,625 \bullet e_{x} = 14,18 + 2 \bullet 3,6 + 0,625 \bullet 2,91 = 23,199\ cm \\
\end{matrix} \right.\ $$
leff, nc = 10, 00 cm
$$l_{eff,cp} = min\left\{ \begin{matrix}
2 \bullet \pi \bullet m_{x} = 2 \bullet \pi \bullet 3,6 = 22,619\ cm \\
\pi \bullet m_{x} + w = \pi \bullet 3,6 + 14,18 = 25,490\ cm \\
\pi \bullet m_{x} + 2 \bullet e_{x} = \pi \bullet 3,6 + 2 \bullet 2,91 = 17,130\ cm \\
\end{matrix} \right.\ $$
leff, cp = 17, 130 cm
leff, 1 = min(leff, nc,leff, cp)=min(10,00, 17,130) = 10, 00 cm
LB = 8 • 2, 4 + 2, 5 + 3 = 24, 7 cm
$$L_{b}^{*} = \frac{8,8 \bullet m^{3} \bullet A_{s}}{\sum_{}^{}{l_{eff,1} \bullet t_{f}^{3}}} = \frac{8,8 \bullet {3,6}^{3} \bullet 4,524}{2 \bullet 10 \bullet {2,5}^{3}} = 5,94$$
Lb > Lb*
Brak efektu dźwigni.
$$M_{pl,1,Rd} = 0,25 \bullet \sum_{}^{}{l_{eff,1} \bullet t_{f}^{2} \bullet \frac{f_{y}}{\gamma_{M0}}} = 0,25 \bullet 2 \bullet 0,1 \bullet {0,025}^{2} \bullet \frac{255000}{1,0} = 7,969\ kNm$$
$$F_{T,1 - 2,Rd} = \frac{{2 \bullet M}_{pl,1,Rd}}{m} = \frac{2 \bullet 7,969}{0,036} = 442,722\ kN$$
-Model 3 – wyczerpanie nośności śrub
$$F_{t,Rd} = \frac{k_{2} \bullet f_{\text{ub}} \bullet A_{s}}{\gamma_{M2}} = \frac{0,9 \bullet 500000 \bullet 4,524 \bullet 10^{- 4}}{1,0} = 203,580\ kN$$
Dla układu dwóch śrub:
FRd = 2 • Ft, Rd = 2 • 203, 580 = 407, 160 kN
Wytrzymałość przekroju osłabionego na rozciąganie:
$$N_{pl,Rd} = \frac{0,9 \bullet A_{\text{netto}} \bullet f_{u}}{\gamma_{M2}} = \frac{0,9 \bullet \left( 0,025 \bullet 0,250 - 2 \bullet 0,025 \bullet 0,024 \right) \bullet 360000}{1,0} = 1636,20\ kN$$
7.11. Nośność na ściskanie betonu:
$$\beta_{j} = \frac{2}{3}$$
FRd, u = 3 • Ac0 • fcd
$$f_{\text{jd}} = \frac{\beta_{j} \bullet F_{Rd,u}}{b_{\text{eff}} \bullet l_{\text{eff}}} = 2 \bullet f_{\text{cd}} = 2 \bullet 1,0 \bullet \frac{35}{1,5} = 46,667\ MPa$$
$$c = t \bullet \sqrt{\frac{f_{y}}{3 \bullet f_{\text{jd}} \bullet \gamma_{M0}}} = 25 \bullet \sqrt{\frac{235}{3 \bullet 4666,667 \bullet 1,0}} = 3,24\ cm$$
leff = bf + 2 • c = 180 + 2 • 32, 4 = 244, 8 mm = 24, 48 cm
beff = tf + 2 • c = 13, 5 + 2 • 32, 4 = 78, 3 mm = 7, 83 cm
FC, Rd = beff • leff • fjd = 0, 0783 • 0, 2448 • 46666, 667 = 894, 499 kN
z = hf + a + mx = 400 + 9, 9 + 36, 0 = 445, 9 mm = 44, 59 cm
$$z_{\text{cr}} = \frac{1}{2} \bullet h = \frac{1}{2} \bullet 40 = 20,00\ cm$$
zt, 1 = z − zcr = 44, 59 − 20, 00 = 24, 59 cm
$$e = \frac{M_{\text{Ed}}}{N_{\text{Ed}}} = \frac{188,0}{175,0} = 1,074\ m$$
$$M_{j,Rd} = \min\left\{ \begin{matrix}
\frac{- F_{T,1,Rd} \bullet z}{\frac{z_{\text{cr}}}{e} - 1} = \frac{- 442,722 \bullet 0,4459}{\frac{0,200}{1,074} - 1} = 242,584\ kNm \\
\frac{- F_{C,Rd} \bullet z}{\frac{z_{t,1}}{e} + 1} = \frac{894,499 \bullet 0,4459}{\frac{0,2459}{1,074} + 1} = 324,549\ kNm \\
\end{matrix} \right.\ = 242,584\ kNm$$
MEd = 188, 00 kNm < Mj, Rd = 242, 584 kNm
Warunek został spełniony
7.12. Sprawdzenia nośności dla siły poprzecznej.
VEd < Cf, d • Nc, Ed = 0, 2 • 175, 00 = 35 kN
αb = 0, 44 − 0, 0002 • fyb = 0, 44 − 0, 0002 • 300 = 0, 38
$$V_{\text{Ed}} < min\left\{ \begin{matrix}
F_{1,vb,Rd} = \frac{\alpha_{v} \bullet f_{\text{ub}} \bullet A}{\gamma_{M2}} = \frac{0,6 \bullet 500 \bullet 452,4}{1,0} = 135,720\ kN \\
F_{2,vb,Rd} = \frac{\alpha_{b} \bullet f_{\text{ub}} \bullet A_{s}}{\gamma_{\text{Mb}}} = \frac{0,38 \bullet 500 \bullet 452,4}{1,0} = 85,956\ kN \\
\end{matrix} \right.\ = 85,956\ kN$$
Fv, Rd = Ff, Rd + n • Fvb, Rd = 35 + 2 • 85, 956 = 206, 912 kN > VEd = 42, 1 kN
Warunek został spełniony.
8.0. Stężenia
8.1. Stężenie połaciowe poprzeczne. Oddziaływanie wiatru.
Obszar A:
we = 602, 58 • (−1,2) = −0, 723 kPa
Obszar B:
we = 602, 58 • (−0,8) = −0, 482 kPa
Obciążenie tężnika siłami od stabilizacji
m = 10
L = 21 m
NEd, max = 528, 7 kN
$$\alpha_{m} = \sqrt{0,5 \bullet \left( 1 + \frac{1}{m} \right)} = \sqrt{0,5 \bullet \left( 1 + \frac{1}{10} \right)} = 0,74162$$
$$e_{0} = \alpha_{m} \bullet \frac{L}{500} = 0,74162 \bullet \frac{20 \bullet 10^{3}}{500} = 32,533\ mm$$
$$q_{d} = \frac{\sum_{}^{}{N_{\text{Ed}} \bullet 8 \bullet e_{0}}}{L^{2}} = \frac{10 \bullet 528,7 \bullet 8 \bullet 0,032533}{21^{2}} = 3,120\ \frac{\text{kN}}{m}$$
Z programu Rm_Win odczytano ugięcie (wstępnie przyjęto stężenia z kątownika 80x80x10):
δp = 2, 8 mm
I iteracja:
$$q_{d} = \frac{\sum_{}^{}{N_{\text{Ed}} \bullet 8 \bullet \left( e_{0} + \delta_{p} \right)}}{L^{2}} = \frac{10 \bullet 528,7 \bullet 8 \bullet \left( 32,533 + 2,8 \right)}{21000^{2}} = 3,389\ \frac{\text{kN}}{m}$$
δp = 2, 9 mm
II iteracja:
$$q_{d} = \frac{\sum_{}^{}{N_{\text{Ed}} \bullet 8 \bullet \left( e_{0} + \delta_{p} \right)}}{L^{2}} = \frac{10 \bullet 528,7 \bullet 8 \bullet \left( 32,533 + 2,9 \right)}{21000^{2}} = 3,398\ \frac{\text{kN}}{m}$$
δp = 2, 9 mm
Dla tak zadanych imperfekcji maksymalne siły w tężnikach wynoszą odpowiednio (z Rm_Win):
Siła rozciągająca:
FEd(r) = 47, 762
Siła ściskająca:
FEd(s) = 48, 023 kN
Sprawdzenie klasy przekroju:
$$\frac{h}{t} = \frac{100}{10} = 10,0 < 15 \bullet \varepsilon = 15,0$$
$$\frac{b + h}{2 \bullet t} = \frac{100 + 100}{2 \bullet 10} = 10,0 < 11,5 \bullet \varepsilon = 11,5$$
Przekrój klasy 3.
Sprawdzenie nośności na rozciąganie:
$$N_{\text{Rd}} = \frac{A \bullet f_{y}}{\gamma_{M0}} = \frac{19,198 \bullet 10^{- 4} \bullet 235000}{1,0} = 451,151\ kN$$
$$\frac{F_{\text{Ed}}^{(r)}}{N_{\text{Rd}}} = \frac{47,762}{451,151} = 0,106 < 1,0$$
Sprawdzenie nośności na ściskanie:
$$N_{\text{Rd}} = \frac{A \bullet f_{y}}{\gamma_{M0}} = \frac{19,198 \bullet 10^{- 4} \bullet 235000}{1,0} = 451,151\ kN$$
Uwzględnienie wyboczenia kątownika 100x100x10, względem osi y-y (mniej korzystna):
Współczynnik redukcyjny wynosi:
α = 0, 34
Lcr = 1, 0 • L = 4, 08 m
λ1 = 93, 9 • ε = 93, 9
$$\lambda_{y - y} = \frac{L_{\text{cr}}}{i_{y} \bullet \lambda_{1}} = \frac{4080}{19,5 \bullet 93,9} = 2,22823$$
φy − y = 0, 5 • [1+α•(λy − y−0,2)+λy − y2]
φy − y = 0, 5 • [1+0,34•(2,22823−0,2)+2, 228232] = 3, 32703
$$\chi_{y - y} = \frac{1}{\varphi_{y - y} + \sqrt{\varphi_{y - y}^{2}{- \lambda}_{y - y}^{2}}}$$
$$\chi_{y - y} = \frac{1}{3,32703 + \sqrt{{3,32703}^{2} - {2,22823}^{2}}} = 0,17248$$
NRdwyb = χy − y • NRd = 0, 17248 • 451, 151 = 77, 816 kN
$$\frac{N_{\text{Ed}}^{(s)}}{N_{\text{Rd}}^{\text{wyb}}} = \frac{48,023}{77,816} = 0,62 < 1,0$$
Stężenia ścienne:
Rws, 1 = 10 • 4, 366 • 0, 723 + 10 • (10,500−4,366) • 0, 482 = 61, 132 kN
Rws, 2 = 10 • 10, 500 • 0, 723 = 75, 915 kN
Rws, 2>Rws, 1
Jako Rws przyjęto większą wartość wynoszącą 75,915 kN.
NEd = 222, 3 kN
m = 11
$$\alpha_{m} = \sqrt{0,5 \bullet \left( 1 + \frac{1}{m} \right)} = \sqrt{0,5 \bullet \left( 1 + \frac{1}{11} \right)} = 0,73855$$
$$e_{0} = \alpha_{m} \bullet \frac{L}{500} = 0,73855 \bullet \frac{10 \bullet 10^{3}}{500} = 14,771\ mm$$
$$\alpha_{h} = \frac{2}{\sqrt{10}} = 0,63246$$
αh = 0, 67
φ = φ0 • αh • αm = 0, 005 • 0, 67 • 0, 73855 = 0, 0024618
Hm = φ • NEd • m = 0, 0024618 • 222, 3 • 11 = 6, 020 kN
$$q_{d} = \frac{\sum_{}^{}{N_{\text{Ed}} \bullet 8 \bullet e_{0}}}{H^{2}} = \frac{11 \bullet 222,3 \bullet 8 \bullet 14,771}{10000^{2}} = 2,890\frac{\text{kN}}{m}$$
R = qd • H = 2, 890 • 10 = 28, 896 kN
Maksymalna siła rozciągająca w stężeniu wynosi:
NEd = 190, 868 kN
Wstępnie przyjęto pręty walcowane ze stali S355JR o średnicy 28 mm:
$$N_{t,Rd} = \frac{f_{y} \bullet A}{\gamma_{M1}} = \frac{355000 \bullet {0,014}^{2} \bullet \pi}{1,0} = 218,592\ kN\ $$
$$\frac{N_{\text{Ed}}}{N_{t,Rd}} = \frac{190,868}{218,592} = 0,873 < 1,0$$