Inercyjne |
---|
L.p. |
1 |
2 |
3 |
4 |
5 |
6 |
7 |
8 |
9 |
Dane te następnie mnożymy przez współczynnik danych równy 1,8.
Inercyjne – z uwzględnieniem współczynnika danych |
---|
L.p. |
1 |
2 |
3 |
4 |
5 |
6 |
7 |
8 |
9 |
Opis modelu: na osi wirnika zamontowana jest tarcza – wirujące koło o momencie bezwładności zredukowanym Ibr. Przyłożone są do niego momenty zredukowane: od lewej strony moment czynny zredukowany Mcr, a od prawej strony moment oporu zredukowany Mopr.
Pierwszym krokiem będzie obliczenie momentu bezwładności zredukowanego Ibr ze wzoru:
$$I_{\text{red}} = \frac{\sum_{i}^{}{m_{i} \bullet V_{i}^{2}} + \sum_{i}^{}{j_{i} \bullet \omega_{i}^{2}}}{\omega_{A}^{2}}$$
Zakładając że ωA to prędkość obrotowa modelowanej tarczy, należy zapisać ωi każdego elementu układu jako funkcję ωA tak aby wyeliminować tą wartość z powyższego wzoru. Tak samo Vi należy przedstawić jako funkcję ωA. Wyniki zebrano w poniższej tabeli:
Element | ωi |
---|---|
Silnik | ωA |
Sprzęgło 1 | ωA |
Koło 1 | ωA |
Koło 2 | $${\frac{z_{1}}{z_{2}}\omega}_{A}$$ |
Koło 3 | $${\frac{z_{1}}{z_{2}}\omega}_{A}$$ |
Koło 4 | $${\frac{z_{1}z_{4}}{z_{2}z_{3}}\omega}_{A}$$ |
Sprzęgło 2 | $${\frac{z_{1}z_{4}}{z_{2}z_{3}}\omega}_{A}$$ |
Bęben zwijarki | $${\frac{z_{1}z_{4}}{z_{2}z_{3}}\omega}_{A}$$ |
Hamulec | $${\frac{z_{1}z_{4}}{z_{2}z_{3}}\omega}_{A}$$ |
Element | Vi |
---|---|
Masa bezwładna | $${\frac{z_{1}z_{4}}{z_{2}z_{3}}\omega}_{A} \bullet \frac{d_{b}}{2}$$ |
Podstawiając powyższe założenia do wzoru na moment bezwładności zredukowany otrzymujemy:
$$I_{\text{br}} = I_{\text{ws}} + I_{sp1} + I_{k1} + \left( I_{k2} + I_{k3} \right) \bullet \left( \frac{z_{1}}{z_{2}} \right)^{2} + \left( I_{k4} + I_{sp2} + I_{\text{bw}} + I_{\text{bh}} \right) \bullet \left( \frac{z_{1} \bullet z_{3}}{z_{2} \bullet z_{4}} \right)^{2} + m_{k} \bullet \frac{d^{2}}{4} \bullet \left( \frac{z_{1} \bullet z_{3}}{z_{2} \bullet z_{4}} \right)^{2}$$
Podstawiając wartości liczbowe otrzymujemy wynik:
Ibr = 2, 415[kg•m2]
Drugim krokiem jest obliczenie momentu czynnego zredukowanego Mcr, który w tym przypadku jest równy momentowi pochodzącemu od wału silnika:
Mcr=Ms=450[Nm]
Trzecim krokiem jest obliczenie momentu oporów zredukowanego Mopr. Wzór na jego obliczenie jest następujący:
$$\mathbf{M}_{\mathbf{\text{opr}}} = \left( M_{h} + m_{k} \bullet g \bullet \frac{d_{b}}{2} \right) \bullet \frac{z_{1} \bullet z_{3}}{z_{2} \bullet z_{4}}$$
gdzie:
$m_{k} \bullet g \bullet \frac{d_{b}}{2}$ – moment pochodzący od wyciąganej masy
g - przyspieszenie ziemskie równe $9,807\ \frac{m}{s^{2}}$
Po podstawieniu wartości liczbowych otrzymujemy:
$$\mathbf{M}_{\mathbf{\text{opr}}} = 362,493\left\lbrack \text{Nm} \right\rbrack\left\lbrack kg \bullet \frac{m}{s^{2}} \bullet m = Nm \right\rbrack$$
Opis modelu: na pewnej wysokości umieszczona jest masa zredukowana mr. Na masę tą działają dwie siły: pionowo w dół siła oporów zredukowana Fopr, oraz pionowo w górę siła czynna zredukowana Fcr.
W kroku pierwszym należy obliczyć wartość masy zredukowanej mr. Posłuży do tego poniższy wzór:
$$m_{\text{red}} = \frac{\sum_{i}^{}{m_{i} \bullet V_{i}^{2}} + \sum_{i}^{}{j_{i} \bullet \omega_{i}^{2}}}{V_{B}^{2}}$$
Analogicznie do przypadku z modelu 1 należy założyć prędkość ruchu modelowanej masy jako VBoraz zapisać Vi każdego elementu układu jako funkcję VB. Również ωi należy przedstawić jako funkcję VB.
Element | Vi |
---|---|
Masa bezwładna | VB |
Element | ωi |
---|---|
Silnik | $$\frac{{2 \bullet V}_{B}}{d_{b}} \bullet \frac{z_{4}z_{2}}{z_{3}z_{1}}$$ |
Bęben zwijarki | $$\frac{{2 \bullet V}_{B}}{d_{b}}$$ |
Hamulec | $$\frac{{2 \bullet V}_{B}}{d_{b}}$$ |
Sprzęgło 2 | $$\frac{{2 \bullet V}_{B}}{d_{b}}$$ |
Koło 4 | $$\frac{{2 \bullet V}_{B}}{d_{b}}$$ |
Koło 3 | $$\frac{{2 \bullet V}_{B}}{d_{b}} \bullet \frac{z_{4}}{z_{3}}$$ |
Koło 2 | $$\frac{{2 \bullet V}_{B}}{d_{b}} \bullet \frac{z_{4}}{z_{3}}$$ |
Koło 1 | $$\frac{{2 \bullet V}_{B}}{d_{b}} \bullet \frac{z_{4}z_{2}}{z_{3}z_{1}}$$ |
Sprzęgło 1 | $$\frac{{2 \bullet V}_{B}}{d_{b}} \bullet \frac{z_{4}z_{2}}{z_{3}z_{1}}$$ |
Po podstawieniu do wzoru otrzymujemy zależność:
$$m_{r} = m_{k} + \left( I_{k4} + I_{sp2} + I_{\text{bw}} + I_{\text{bh}} \right) \bullet \frac{4}{d_{b}^{2}} + \left( I_{k2} + I_{k3} \right) \bullet \frac{4 \bullet z_{4}^{2}}{d_{b}^{2} \bullet z_{3}^{2}} + \left( {I_{\text{ws}} + I}_{sp1} + I_{k1} \right) \bullet \frac{4 \bullet z_{2}^{2} \bullet z_{4}^{2}}{d_{b}^{2} \bullet z_{1}^{2} \bullet z_{3}^{2}}\ $$
Podstawiając wartości liczbowe otrzymujemy wynik:
$$m_{r} = 461,824\left\lbrack \text{kg} \right\rbrack\left\lbrack kg \bullet m^{2} \bullet \frac{1}{m^{2}} = kg \right\rbrack$$
Drugi krok to obliczenie siły oporów zredukowanej Fopr. Wzór jest następujący:
$$F_{\text{opr}} = m_{k} \bullet g + M_{h} \bullet \frac{2}{d_{b}} = 5013\left\lbrack N \right\rbrack\left\lbrack kg \bullet \frac{m}{s^{2}} + Nm \bullet \frac{1}{m} = N \right\rbrack$$
Trzeci krok to obliczenie siły czynnej zredukowanej Fcr. Obliczamy ją z następującego wzoru:
$$\mathbf{F}_{\mathbf{\text{cr}}}\mathbf{=}\mathbf{M}_{\mathbf{s}}\mathbf{\bullet}\frac{\mathbf{2 \bullet}\mathbf{z}_{\mathbf{2}}\mathbf{\bullet}\mathbf{z}_{\mathbf{4}}}{\mathbf{d}_{\mathbf{b}}\mathbf{\bullet}\mathbf{z}_{\mathbf{1}}\mathbf{\bullet}\mathbf{z}_{\mathbf{3}}}\mathbf{= 6223}\left\lbrack \mathbf{N} \right\rbrack$$
Ibr |
Mcr |
Mopr |
mr |
Fopr |
Fcr |
---|---|---|---|---|---|
2, 415[kg•m2] |
450[Nm] |
362, 493[Nm] |
461, 824[kg] |
5013[N] |
6223[N] |
Hamulec zostaje wyłączony. Silnik nadal pracuje. Obliczyć przyspieszenia kątowe i liniowe.
Mh = 0[Nm]
Obliczamy przyspieszenie kątowe ε:
$$\varepsilon = \frac{M_{\text{cr}} - M_{\text{opr}}}{I_{\text{br}}}$$
gdzie:
Mcr = Ms
$$\mathbf{M}_{\mathbf{\text{opr}}} = \left( M_{h} + m_{k} \bullet g \bullet \frac{d_{b}}{2} \right) \bullet \frac{z_{1} \bullet z_{3}}{z_{2} \bullet z_{4}}$$
$$I_{\text{br}} = I_{\text{ws}} + I_{sp1} + I_{k1} + \left( I_{k2} + I_{k3} \right) \bullet \left( \frac{z_{1}}{z_{2}} \right)^{2} + \left( I_{k4} + I_{sp2} + I_{\text{bw}} + I_{\text{bh}} \right) \bullet \left( \frac{z_{1} \bullet z_{3}}{z_{2} \bullet z_{4}} \right)^{2} + m_{k} \bullet \frac{d^{2}}{4} \bullet \left( \frac{z_{1} \bullet z_{3}}{z_{2} \bullet z_{4}} \right)^{2}$$
Podstawiając wartości liczbowe:
$$\varepsilon = 54,205\left\lbrack s^{- 2} \right\rbrack\left\lbrack \frac{kg \bullet \frac{m^{2}}{s^{2}}}{kg \bullet m^{2}} = \frac{1}{s^{2}} \right\rbrack$$
Następnie obliczamy przyspieszenie liniowe a:
$$a = \varepsilon \bullet \frac{z_{1}z_{3}}{z_{2}z_{4}} \bullet \frac{d_{b}}{2}$$
Podstawiając wartości liczbowe:
$$a = 3,92\left\lbrack \frac{m}{s^{2}} \right\rbrack\left\lbrack m \bullet \frac{1}{s^{2}} \right\rbrack$$
Otrzymane wyniki zestawiono w tabeli:
ε |
a |
---|---|
54, 205[s−2] |
$$\mathbf{a = 3,92}\left\lbrack \frac{\mathbf{m}}{\mathbf{s}^{\mathbf{2}}} \right\rbrack$$ |
Hamulec zostaje włączony. Silnik zostaje wyłączony. Obliczyć przyspieszenia kątowe i liniowe.
Ms = 0[Nm]
Obliczamy przyspieszenie kątowe ε:
$$\varepsilon = \frac{M_{\text{cr}} - M_{\text{opr}}}{I_{\text{br}}}$$
gdzie:
Mcr = Ms
$$\mathbf{M}_{\mathbf{\text{opr}}} = \left( M_{h} + m_{k} \bullet g \bullet \frac{d_{b}}{2} \right) \bullet \frac{z_{1} \bullet z_{3}}{z_{2} \bullet z_{4}}$$
$$I_{\text{br}} = I_{\text{ws}} + I_{sp1} + I_{k1} + \left( I_{k2} + I_{k3} \right) \bullet \left( \frac{z_{1}}{z_{2}} \right)^{2} + \left( I_{k4} + I_{sp2} + I_{\text{bw}} + I_{\text{bh}} \right) \bullet \left( \frac{z_{1} \bullet z_{3}}{z_{2} \bullet z_{4}} \right)^{2} + m_{k} \bullet \frac{d^{2}}{4} \bullet \left( \frac{z_{1} \bullet z_{3}}{z_{2} \bullet z_{4}} \right)^{2}$$
Podstawiając wartości liczbowe:
$$\varepsilon = - 150,113\left\lbrack s^{- 2} \right\rbrack\left\lbrack \frac{kg \bullet \frac{m^{2}}{s^{2}}}{kg \bullet m^{2}} = \frac{1}{s^{2}} \right\rbrack$$
otrzymane przyspieszenie jest ujemne, co obrazuje iż układ zwalnia.
Następnie obliczamy przyspieszenie liniowe a:
$$a = \varepsilon \bullet \frac{z_{1}z_{3}}{z_{2}z_{4}} \bullet \frac{d_{b}}{2}$$
Podstawiając wartości liczbowe:
$$a = - 10,855\left\lbrack \frac{m}{s^{2}} \right\rbrack\left\lbrack m \bullet \frac{1}{s^{2}} \right\rbrack$$
Otrzymane wyniki zestawiono w tabeli:
ε |
a |
---|---|
−150, 113[s−2] |
$$\mathbf{a = - 10,855}\left\lbrack \frac{\mathbf{m}}{\mathbf{s}^{\mathbf{2}}} \right\rbrack$$ |
Jaki moment hamujący Mh należy przyłożyć, aby element inercyjny opadał ruchem jednostajnym?
Założenie:
$${M_{h} = m}_{k} \bullet g \bullet \frac{d_{b}}{2}$$
Podstawiając wartości liczbowe:
$${M_{h} = 1,589\left\lbrack \text{Nm} \right\rbrack\left\lbrack kg \bullet \frac{m}{s^{2}} \bullet m = Nm \right\rbrack}_{}$$
Mh |
---|
1589[Nm] |
Ładunek jest w spoczynku. Rozpoczyna się jego podnoszenie, które trwa 60 sekund. Następnie wyłączany jest silnik i włączany hamulec. Oblicz po jakim czasie się zatrzyma.
Mh = 0[Nm], t = 60[s]
$$I_{\text{br}} = I_{\text{ws}} + I_{sp1} + I_{k1} + \left( I_{k2} + I_{k3} \right) \bullet \left( \frac{z_{1}}{z_{2}} \right)^{2} + \left( I_{k4} + I_{sp2} + I_{\text{bw}} + I_{\text{bh}} \right) \bullet \left( \frac{z_{1} \bullet z_{3}}{z_{2} \bullet z_{4}} \right)^{2} + m_{k} \bullet \frac{d^{2}}{4}$$
Mcr = Ms
$$\mathbf{M}_{\mathbf{\text{opr}}} = \left( M_{h} + m_{k} \bullet g \bullet \frac{d_{b}}{2} \right) \bullet \frac{z_{1} \bullet z_{3}}{z_{2} \bullet z_{4}}$$
$$\varepsilon = \frac{M_{\text{cr}} - M_{\text{opr}}}{I_{\text{br}}}$$
$$\varepsilon = 54,205\left\lbrack s^{- 2} \right\rbrack\left\lbrack \frac{kg \bullet \frac{m^{2}}{s^{2}}}{kg \bullet m^{2}} = \frac{1}{s^{2}} \right\rbrack$$
Obliczamy prędkość do jakiej rozpędzi się bęben wyciągarki:
ω0 = ε • t
ω0 = 3252[s−1][s−2•s]
Następnie wyłączamy silnik i załączamy hamulec:
Ms = 0[Nm]
$$\varepsilon = \frac{M_{\text{cr}} - M_{\text{opr}}}{I_{\text{br}}}$$
gdzie:
Mcr = Ms
$$\mathbf{M}_{\mathbf{\text{opr}}} = \left( M_{h} + m_{k} \bullet g \bullet \frac{d_{b}}{2} \right) \bullet \frac{z_{1} \bullet z_{3}}{z_{2} \bullet z_{4}}$$
$$I_{\text{br}} = I_{\text{ws}} + I_{sp1} + I_{k1} + \left( I_{k2} + I_{k3} \right) \bullet \left( \frac{z_{1}}{z_{2}} \right)^{2} + \left( I_{k4} + I_{sp2} + I_{\text{bw}} + I_{\text{bh}} \right) \bullet \left( \frac{z_{1} \bullet z_{3}}{z_{2} \bullet z_{4}} \right)^{2} + m_{k} \bullet \frac{d^{2}}{4} \bullet \left( \frac{z_{1} \bullet z_{3}}{z_{2} \bullet z_{4}} \right)^{2}$$
$$\varepsilon = - 150,113\left\lbrack s^{- 2} \right\rbrack\left\lbrack \frac{kg \bullet \frac{m^{2}}{s^{2}}}{kg \bullet m^{2}} = \frac{1}{s^{2}} \right\rbrack$$
Obliczamy czas potrzebny do zahamowania:
$$t_{z} = - \frac{\omega_{0}}{\varepsilon}$$
$$t_{z} = 28,484\left\lbrack s \right\rbrack\left\lbrack \frac{s^{- 1}}{s^{- 2}} \right\rbrack$$
tz |
---|
28, 484[s] |
Hamulec jest wyłączony. Jak długo będziemy podnosić ładunek na wysokość 20m?
Mh = 0[Nm]
$$I_{\text{br}} = I_{\text{ws}} + I_{sp1} + I_{k1} + \left( I_{k2} + I_{k3} \right) \bullet \left( \frac{z_{1}}{z_{2}} \right)^{2} + \left( I_{k4} + I_{sp2} + I_{\text{bw}} + I_{\text{bh}} \right) \bullet \left( \frac{z_{1} \bullet z_{3}}{z_{2} \bullet z_{4}} \right)^{2} + m_{k} \bullet \frac{d^{2}}{4}$$
Mcr = Ms
$$\mathbf{M}_{\mathbf{\text{opr}}} = \left( M_{h} + m_{k} \bullet g \bullet \frac{d_{b}}{2} \right) \bullet \frac{z_{1} \bullet z_{3}}{z_{2} \bullet z_{4}}$$
$$\varepsilon = \frac{M_{\text{cr}} - M_{\text{opr}}}{I_{\text{br}}}$$
$$\varepsilon = 54,205\left\lbrack s^{- 2} \right\rbrack\left\lbrack \frac{kg \bullet \frac{m^{2}}{s^{2}}}{kg \bullet m^{2}} = \frac{1}{s^{2}} \right\rbrack$$
$$a = \varepsilon \bullet \frac{z_{1}z_{3}}{z_{2}z_{4}} \bullet \frac{d_{b}}{2}$$
$$a = 3,92\left\lbrack \frac{m}{s^{2}} \right\rbrack\left\lbrack m \bullet \frac{1}{s^{2}} \right\rbrack$$
Po obliczeniu przyspieszenia liniowego można obliczyć czas potrzebny do podnoszenia:
h = 20[m]
$$t_{p} = \sqrt{\frac{2 \bullet h}{a}}$$
Podstawiając wartości:
$$t_{p} = 3,195\left\lbrack s \right\rbrack\left\lbrack \sqrt{\frac{m}{\frac{m}{s^{2}}}} = \sqrt{s^{2}} \right\rbrack$$
tp |
---|
3, 195[s] |