w taki sposób, aby
(AX-L)7M(AX-L)= min
gdzie
J |
0 |
! |
0 | |
0 |
2 |
0 |
0 | |
i |
0 |
4 |
0 | |
0 |
0 |
0 |
1 |
Rozwiązanie
Rozwiązaniem układu równań A X = L o wskazanej w treści zadania własności jest wektor X = AÓM)L.
Wyznaczając uogólnioną odwrotność A/j^i). warto zauważyć, że skoro R(A) — r — 2, więc macierz Ae 9\‘J'3 nie jest kolumnowo pełnego rzędu. Ponadto d = m-R(A) = l. Zatem macierz A należy przedstawić w następującej postaci blokowej (A( e A2 s Oi"-'7):
A = [a |,A,j =
I 0 |
f |
1 0' | |
-1 ] |
— 2 |
-►A, = |
-1 ] |
2 I |
1 |
i |
2 1 |
1 0 |
1. |
i 0 |
r~ 2 <1=1
24 7" |
(a[m A,r! =±. |
6 -1 |
_ |
0.063 |
— 0.074* |
. 7 6, |
1 '' 95 |
~ 7 24 |
-0.074 |
0.253_ |
Jeśli obliczymy A[M Aj uzyskamy
(A7 M A)'
(AfMA,)"1 |
0 |
0.063 -0.074 |
-0.074 0.253 |
o' 0 | |
0 |
0 |
0 |
0 |
0 |
Zatem
W(M)
= (A7 M A)-" ArM =
(A7 M A,A7 M
0
0.116 -0.274 0.274 0.063'
0.032 0.653 0.347 -0.074
0 0 0 0
Powracając do wektora niewiadomych, wyznaczymy
'0.116 |
- 0.274 |
0.274 |
0.063' |
3 i |
'2.053* |
X | |||
X - A/(M)L - |
0.032 |
0.653 |
0.347 |
-0.074 |
-1 5 |
= |
1.105 |
= |
y |
0 |
,0 |
0 |
0 |
0 |
z | ||||
1 |
lYzecia niewiadoma przyjęła wartość równą zeru. Inne rozwiązanie uzyskamy, stosując uogólnioną odwrotność w metodzie najmniejszych kwadratów o minimalnej normie, tzn. odwrotność a£in (zobacz następne zadanie).
Przykład 1.29
Rozwiązać układ równań
2.v + y + x +
<*> AX = L
w taki sposób, aby
(A X —L)' M (A X —L) =inin
XTX = min
gdzie
1 |
0 |
1 |
0 |
0 |
2 |
0 |
0 |
i |
0 |
4 |
0 |
0 |
0 |
0 |
1 |
Rozwiązanie
W odróżnieniu od poprzedniego zadania, żąda się tutaj takiego rozwiązania układu AX = L, by nie tylko VTM V = {A X - L)7 A X -L) = min, lecz
także XTX =min. Stawiane wymagania spełnia wektor X o postaci (N = I3)
MJ
X — A L — AmL
(AMN ” AMI^ = AM>> Sdzie
A + aM
71