Robert Turos WM-32 rturos@gmail.com
Zadanie II.4.3
Parametry stanu w punktach charakterystycznych obiegu Otto oraz prace bezwzględne
objętościowe są odpowiednio równe: przed zagęszczaniem adiabatycznym ciśnienie p
1
=1[at],
temperatura T
1
=300 [K], zasób objętości V
1
=1[m
3
], zaś po zagęszczeniu ciśnienie p
2
=12[at],
temperatura T
2
=
]
[
181
,
610
1
1
1
2
K
T
p
p
k
k
=
+
⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎝
⎛
−
,
zasób objętości V
2
=
169495
,
0
1
2
1
=
•
⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎝
⎛
V
p
p
k
[m
3
]
praca bezwzględna objętościowa L
1-2
=
⎟
⎟
⎟
⎠
⎞
⎜
⎜
⎜
⎝
⎛
⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎝
⎛
−
−
−
k
k
p
p
k
V
p
1
1
2
1
1
1
(
)
1
(
= -253,573 [kJ].
Po przemianie izochorycznego sprężania ciśnienie p
3
=
75931
,
2
)
1
(
2
1
1
2
1
=
+
⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎝
⎛
•
Δ
−
p
p
p
V
Qd
k
k
[MPa],
temperatura T
3
=
24
,
1430
)
1
(
1
1
1
2
1
1
=
•
⎟
⎟
⎟
⎠
⎞
⎜
⎜
⎜
⎝
⎛
⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎝
⎛
+
Δ
−
−
T
p
p
V
p
Qd
k
k
k
[K], zasób objętości V
3
=V
2
, praca
bezwzględna objętościowa L
2-3
=0. Po przemianie adiabatycznego rozgęszczania
p
4
=
229943
,
0
)
1
(
1
1
2
1
1
=
+
⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎝
⎛
Δ
−
−
p
p
p
V
Qd
k
k
k
[MPa], temperatura
T
4
=
189
,
703
1
)
1
(
1
1
2
1
1
1
=
•
⎟
⎟
⎟
⎠
⎞
⎜
⎜
⎜
⎝
⎛
+
⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎝
⎛
Δ
−
−
T
p
p
V
p
Qd
k
k
k
[K], zasób objętościowy V
4
=V
1
, zaś praca bezwzględna
objętościowa L
4-1
=0. Podczas przemiany izochorycznego sprężania do obiegu doprowadzono
przyrost ilości ciepła
160
=
ΔQd
[kcal]. Zakładamy, że przemiany obiegu są przemianami
odwracalnymi oraz, że czynnikiem pracującym w obiegu jest powietrze traktowane tak jak gaz
doskonały dla którego indywidualna stała gazowa R=287,04
⎥
⎦
⎤
⎢
⎣
⎡
kgK
J
, zaś wykładnik izentropy
k=1,4. Obliczyć przyrosty ilości ciepła przemian obiegu Otto.
Rozwiązanie
1.
Wykresy obiegu termodynamicznego Otto dla powietrza we współrzędnych pV i TS z
zaznaczonymi przepływami przyrostów ilości ciepła.
T
p
T
3
p
3
T
2
p
4
T
4
p
2
T
1
p
1
S =S
1
2
V =V
2
3
Q =Q
2-3
d
Q
d
Q
w
δQ=0
δQ=0
Q =Q
2 -3
w
S =S
3
4
V =V
1
4
S
V
1
1
2
4
3
3
4
2
2.
Tabela zestawienia danych i wyników obliczeń
Punkty
charaktery-
-tyczne
Parametry
stanu
1
2
3
4
p
i
1 [at]
12 [at]
2,75931 [MPa]
0,229943 [MPa]
T
i
300 [K]
610,181 [K]
1430,24 [K]
703,189 [K]
V
i
1 [m
3
] 0,169495
[m
3
] 0,169495
[m
3
] 1
[m
3
]
L
ij
-253,573 [kJ]
0
1116,25 [kJ]
0
ij
Q
Δ
0
=
ΔQd 670,4 [kJ]
0 -329,6[kJ]
3. Obliczam przyrosty ciepła przemian
3.1 Obliczam przyrosty ilości ciepła przemiany izochorycznej
Bilans energii dla przemiany odwracalnej
dE
I
=
L
Q
δ
δ
−
δ L= pdV
Zasób energii zewnętrznej określony jest związkiem:
E
I
= C
v
mT
C
v
= const. – gaz doskonały
m= const. – układ konstancjalny
dE
I
= C
v
mdT
Przemiana izochoryczna
V= const.
dV=0
δ L=0
Zatem bilans energii wewnętrznej wynosi:
dE
I
=
δ Q
Całkując równanie:
δ Q= C
v
mdT
Otrzymamy:
∫
∫
−
Δ
=
1
4
1
4
0
Q
T
T
v
dT
m
C
Q
δ
Z równania Mayera(?)
C
p
-C
v
=R
Oraz z definicji składnika izentropy
V
C
k
p
=
obliczamy:
1
−
=
k
R
C
v
Z równania stanu gazu doskonałego obliczam zasób masy gazu w obiegu:
1
1
1
RT
V
p
m
=
⎟
⎟
⎟
⎠
⎞
⎜
⎜
⎜
⎝
⎛
⎟
⎟
⎟
⎠
⎞
⎜
⎜
⎜
⎝
⎛
+
⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎝
⎛
•
Δ
−
−
−
=
−
•
•
−
=
Δ
−
−
1
)
1
(
1
1
)
(
1
1
2
1
1
1
1
4
1
1
1
1
1
4
k
k
p
p
V
p
Qd
k
k
V
p
T
T
RT
V
p
k
R
Q
Ostatecznie:
k
k
p
p
Qd
Q
1
2
1
1
4
−
−
⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎝
⎛
Δ
−
=
Δ
Obliczam wartość przyrostów ciepła przemian w obiegu:
4
,
670
160
19
,
4
=
•
=
ΔQd
[kJ]
607
,
329
1
4
−
=
Δ
−
Q
[kJ]
3.
Obliczam ….. Otto
k
k
w
w
ob
p
p
Qd
Q
Q
Qd
Q
Qd
Q
1
2
1
3
2
−
−
⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜
⎝
⎛
Δ
=
Δ
Δ
=
Δ
Δ
−
Δ
=
Δ
Obliczam sprawność teoretyczną obiegu
Qd
Q
w
Δ
Δ
−
= 1
η