32
Aby wyznaczyć to rozwiązanie, skreślamy w układzie ostatnie równanie, nie objęte wyznacznikiem utworzonym z macierzy A i stosujemy wzory Cramera do układu równań:
x — 2 y + z = 1
x + y + z = 0
3x — |
y - |
z | |
1 |
-2 |
1 | |
D, = |
0 |
i |
1 |
1 |
-i |
-1 | |
1 |
i |
1 | |
Dy = |
1 |
0 |
1 |
3 |
i |
-1 | |
1 |
-2 |
1 | |
D, = |
1 |
1 |
0 |
3 |
-1 |
1 |
= 4
więc:
Dx X = ~D
Odp.: x = i, y = -
D„ 1 D, 1
y=-D=~ 3’ ' = lT = 12-
~ jest jedynym rozwiązaniem naszego układu.
6. Zbadać rozwiązalność układu równań
x — y + 2z — 0 x + 2y — z = —1 2x — y + z = — 1 3x — 2y + 3z = 1.
Zdefiniujmy macierze A i Ab związane z układem:
■1 |
1 (—* |
2- |
-1 |
-1 |
2 |
O —1 | |
1 |
2 |
-1 |
II |
1 |
2 |
-1 |
-1 |
2 |
-1 |
1 |
2 |
-1 |
1 |
-1 | |
.3 |
-2 |
3. |
.3 |
-2 |
3 |
1. |
1
1
2
Ponieważ
więc R{A) = 3.
Podobnie, korzystając z własności obliczania wyznaczników, marny
det(.4/,) =
1 |
-1 |
2 |
0 |
1 |
-1 |
2 |
0 | |
1 |
2 |
-1 |
-1 |
4 |
0 |
2 |
0 | |
2 |
-1 |
1 |
-1 |
5 |
-3 |
4 |
0 | |
3 |
-2 |
3 |
1 |
3 |
-2 |
3 |
1 |
więc R(Ab) = 4.
Wynika stąd, że R(A) ^ R.(Ai,), a więc układ równań jest sprzeczny.
1 |
-1 |
2 | |
= |
4 |
0 |
2 |
5 |
-3 |
4 |
7. Przedyskutować rozwiązalność układu równań
x + 2y + (a + 3)z = 8 2x + 3y + (a + 4)z = 12 3x + (6a + 5 )y + 7z = 20
w zależności od parametru a.
Obliczmy wyznacznik macierzy ^4,
1 2 a + 3
det(A)
3
6a + 5
a + 4 7
= 6a~ + 14a = 2a(3a + 7).
1° Dla o^O i układ ma dokładnie jedno rozwiązanie, gdyż R{A) =
2° Dla a = 0 mamy
A = |
'1 2 3' 2 3 4 |
, Ab = |
'1 2 3 8' 2 3 4 12 |
3 5 7 |
3 5 7 20 |
a stąd
1 2
2 3
3 5
1 2 3
2 3 4
3 5 7
= R
= R
1 |
2 |
3' |
\ |
2 |
3 |
4 |
= |
0 |
0 |
0 |
) |
1 |
2 |
3 |
8' |
2 |
3 |
4 |
12 |
0 |
0 |
0 |
0 |
więc układ ma nieskończenie wiele rozwiązań zależnycłi odn-r = 3- 2 = parametru. Dodajmy, że rzędy macierzy A i A/, obliczyliśmy dodając dw pierwsze wiersze i odejmując je od trzeciego zarówno w macierzy A oraz .4/
3° Dla a ^ układ jest sprzeczny, gdyż R(A) — 2, oraz R,(Ai,) = 3.