Dr inż. Janusz Dębiński
Wytrzymałość materiałów
−
zbiór zadań
−
odpowiedzi
2. Analiza stanów naprężenia i odkształcenia
2.1. Zadanie 1
Na rysunku 2.1 przedstawiono prawidłowe wartości i zwroty reakcji podporowych. Siła normalna w
pręcie R wyznaczona metodą Rittera
N
R
=
49,16 kN .
(2.1)
W pręcie tym działa
σ
X
=
N
R
A
=
49,16
45,0
=
1,092
kN
cm
2
=
10,92 MPa .
(2.2)
Wydłużenie pręta
Δ L=
N
R
⋅
L
E⋅A
=
49,16⋅8,0
205⋅10
6
⋅
45,0⋅10
−
4
=
0,000426 m=0,426 mm .
(2.3)
2.2. Zadanie 2
Na rysunku 2.2a przedstawiono prawidłowe wartości i zwroty sił przekrojowych działających w przekro-
ju
α−α
. Graficzną interpretację stanu naprężenia w punkcie A w układzie ZX przedstawiono na rysunku
2.2b.
1,0
[m]
Z=Z
gl
X
20,0 kN
32,0 kN
24,0 kN∙m
Z
X
32,79 MPa
12,08 MPa
12,08 MPa
32,79 MPa
a)
b)
Rys. 2.2. Odpowiedź do zadania 2. a) siły przekrojowe, b) naprężenia działające w punkcie A
2.3. Zadanie 3
Na rysunku 2.3a przedstawiono prawidłowe wartości i zwroty sił przekrojowych działających w przekro-
ju
α−α
. Graficzną interpretację stanu naprężenia w punkcie A w układzie ZX przedstawiono na rysunku
2.3b.
Dr inż. Janusz Dębiński
BS-I
Wytrzymałość materiałów
−
zbiór zadań
−
odpowiedzi
2
Z=Z
gl
X
19,0 kN
8,0 kN
22,0 kN∙m
1,0
[m]
Z
X
33,39 MPa
1,862 MPa
1,862 MPa
33,39 MPa
a)
b)
Rys. 2.3. Odpowiedź do zadania 3. a) siły przekrojowe, b) naprężenia działające w punkcie A
2.4. Zadanie 4
Na rysunku 2.4a przedstawiono prawidłowe wartości i zwroty sił przekrojowych działających w przekro-
ju
α−α
. Graficzną interpretację stanu naprężenia w punkcie A w układzie ZX przedstawiono na rysunku
2.4b.
1,5
3,0
3,
0
19,0 kN/m
15,0 kN
[m]
Z=Z
gl
X
15,0 kN
57
,0
k
N
244,5 kN∙m
Y
X
305,2 MPa
2,022 MPa
2,022 MPa
305,2 MPa
a)
b)
Rys. 2.4. Odpowiedź do zadania 3. a) siły przekrojowe, b) naprężenia działające w punkcie A
2.5. Zadanie 5
Na rysunku 2.5a przedstawiono prawidłowe wartości i zwroty sił przekrojowych działających w przekro-
ju
α−α
. Graficzną interpretację stanu naprężenia w punkcie A w układzie ZX przedstawiono na rysunku
2.5b.
2.6. Zadanie 6
W przekroju prostokątnym działają naprężenia
σ
X
=−
19,35 MPa ;
(2.4)
Dr inż. Janusz Dębiński
BS-I
Wytrzymałość materiałów
−
zbiór zadań
−
odpowiedzi
3
1,0
[m]
Z=Z
gl
X
32,0 kN
19,0 kN
70,0 kN∙m
128,1 MPa
0,7675 MPa
Y
X
0,7675 MPa
128,1 MPa
a)
b)
Rys. 2.5. Odpowiedź do zadania 5. a) siły przekrojowe, b) naprężenia działające w punkcie A
τ
XZ
=−
1,252 MPa .
(2.5)
Naprężenie zredukowane
σ
red
=
19,47 MPa .
(2.6)
2.7. Zadanie 7
Na rysunku 2.6 przedstawiono naprężenia normalne oraz styczne działające w punkcie A przekroju dwu-
teowego obciążonego siłą poprzeczną i momentem zginającym.
44,82 MPa
46,39 MPa
Z
X
46,39 MPa
44,82 MPa
Rys. 2.6. Naprężenia działające w punkcie A przekroju dwuteowego
2.8. Zadanie 8
Na rysunku 2.7 przedstawiono naprężenia normalne oraz styczne działające w punkcie A przekroju dwu-
teowego obciążonego siłą poprzeczną i momentem zginającym.
56,89 MPa
6,624 MPa
Y
X
6,624 MPa
56,89 MPa
Rys. 2.7. Naprężenia działające w punkcie A przekroju dwuteowego
2.9. Zadanie 9
Na rysunku 2.8 przedstawiono naprężenia normalne oraz styczne działające w punkcie A przekroju dwu-
teowego obciążonego siłą poprzeczną i momentem zginającym.
Dr inż. Janusz Dębiński
BS-I
Wytrzymałość materiałów
−
zbiór zadań
−
odpowiedzi
4
53,65 MPa
31,78 MPa
Z
X
31,78 MPa
53,65 MPa
Rys. 2.8. Naprężenia działające w punkcie A przekroju dwuteowego
2.10. Zadanie 10
Na rysunku 2.9 przedstawiono naprężenia normalne oraz styczne działające w punkcie A przekroju
skrzynkowego obciążonego siłą poprzeczną i momentem zginającym.
43,20 MPa
4,706 MPa
Y
X
4,706 MPa
43,20 MPa
Rys. 2.9. Naprężenia działające w punkcie A przekroju skrzynkowego
2.11. Zadanie 11
Na rysunku 2.10 przedstawiono naprężenia normalne oraz styczne działające w punkcie A przekroju teo -
wego obciążonego siłą poprzeczną i momentem zginającym.
96,61 MPa
37,78 MPa
Z
X
37,78 MPa
96,61 MPa
Rys. 2.10. Naprężenia działające w punkcie A przekroju teowego
2.12. Zadanie 12
Na rysunku 2.11 przedstawiono naprężenia normalne oraz styczne działające w punkcie A przekroju teo -
wego obciążonego siłą poprzeczną i momentem zginającym.
2.13. Zadanie 13
Na rysunku 2.12 przedstawiono kierunek i naprężenia główne w płaskim stanie naprężenia.
2.14. Zadanie 14
Na rysunku 2.13 przedstawiono kierunek i naprężenia główne w płaskim stanie naprężenia.
Dr inż. Janusz Dębiński
BS-I
Wytrzymałość materiałów
−
zbiór zadań
−
odpowiedzi
5
59,37 MPa
9,499 MPa
Y
X
9,499 MPa
59,37 MPa
Rys. 2.11. Naprężenia działające w punkcie A przekroju teowego
Z
X
Z
gl
X
gl
152
,5 M
Pa
152
,5 M
Pa
29
,0
0 M
P
a
29
,0
0 M
P
a
23,56
O
Rys. 2.12. Kierunek i naprężenia główne
Z
X
23,75
O
Z
gl
X
gl
225
,8 M
Pa
225
,8 M
Pa
43
,6
7 M
P
a
43
,6
7 M
P
a
Rys. 2.13. Kierunek i naprężenia główne
2.15. Zadanie 15
Na rysunku 2.14a przedstawiono kierunek i naprężenia główne w płaskim stanie naprężenia. Odkształce -
nia główne
ε
Xgl
=−
491,9⋅10
−
6
;
(2.7)
ε
Ygl
=
126,6⋅10
−
6
;
(2.8)
ε
Zgl
=
196,5⋅10
−
6
.
(2.9)
Graficzną interpretację tych odkształceń przedstawiono na rysunku 2.14b.
Dr inż. Janusz Dębiński
BS-I
Wytrzymałość materiałów
−
zbiór zadań
−
odpowiedzi
6
Z
X
18,59
O
Z
gl
X
gl
97,53 M
Pa
97,53 M
Pa
11
,0
3
M
P
a
11,03 M
Pa
a)
Z
X
18,59
O
Z
gl
X
gl
b)
Rys. 2.14. Naprężenia i odkształcenia główne. a) kierunek i naprężenia główne, b) kierunek i odkształcenia główne
2.16. Zadanie 16
Na rysunku 2.15a przedstawiono kierunek i naprężenia główne w płaskim stanie naprężenia. Odkształce -
nia główne
ε
Xgl
=
311,6⋅10
−
6
;
(2.7)
ε
Ygl
=−
22,24⋅10
−
6
;
(2.8)
ε
Zgl
=−
259,7⋅10
−
6
.
(2.9)
Graficzną interpretację tych odkształceń przedstawiono na rysunku 2.15b.
Z
X
40,14
O
a)
b)
Z
gl
X
gl
52,6
5 M
Pa
52,6
5 M
Pa
37
,4
5
M
Pa
37
,4
5
M
Pa
Z
40,14
O
Z
gl
X
gl
X
Rys. 2.15. Naprężenia i odkształcenia główne. a) kierunek i naprężenia główne, b) kierunek i odkształcenia główne
2.17. Zadanie 17
Na rysunku 2.16 przedstawiono kierunek i naprężenia główne w płaskim stanie naprężenia.
2.18. Zadanie 18
Na rysunku 2.17 przedstawiono kierunek i naprężenia główne w płaskim stanie naprężenia.
Dr inż. Janusz Dębiński
BS-I
Wytrzymałość materiałów
−
zbiór zadań
−
odpowiedzi
7
Z
X
26,00
O
Z
gl
X
gl
65,
61
MP
a
65,
61
MP
a
15
,6
1 M
P
a
15
,6
1 M
P
a
Rys. 2.16. Kierunek i naprężenia główne
Z
X
26,56
O
Z
gl
X
gl
72,00
MPa
72,00
MPa
18
,0
0
M
P
a
18
,0
0
M
P
a
Rys. 2.17. Kierunek i naprężenia główne
2.19. Zadanie 19
Na początek zakłada się, że przekrój jest pojedynczo zbrojony. Użyteczna wysokość przekroju żelbe-
towego
d =70,0−5,0=65,0 cm .
(2.10)
Maksymalny wymiar strefy ściskanej w betonie
x
lim
=
0,4935⋅d =0,4935⋅65,0=32,08 cm .
(2.11)
Równanie sumy momentów wszystkich sił działających w przekroju żelbetowym względem zbrojenia
dolnego (rozciąganego) ma postać
Σ
M=35000−x
eff
⋅
40,0⋅2,143⋅
(
65,0−
x
eff
2
)
=
0.
(2.12)
Równanie kwadratowe ma postać
42,86⋅x
eff
2
−
5572⋅x
eff
+
35000=0.
(2.13)
Wymiar strefy ściskanej w betonie
Dr inż. Janusz Dębiński
BS-I
Wytrzymałość materiałów
−
zbiór zadań
−
odpowiedzi
8
x
eff
=
6,618 cm .
(2.14)
Przekrój jest więc rzeczywiście pojedynczo zbrojony. Pola powierzchni zbrojenia
A
S 1
=
13,05 cm
2
;
(2.15)
A
S 2
=
0,0cm
2
.
(2.16)
2.20. Zadanie 20
Na początek zakłada się, że przekrój jest pojedynczo zbrojony. Użyteczna wysokość przekroju żelbe-
towego
d =80,0−5,0=75,0 cm .
(2.17)
Maksymalny wymiar strefy ściskanej w betonie
x
lim
=
0,4935⋅d =0,4935⋅75,0=37,01 cm .
(2.18)
Równanie sumy momentów wszystkich sił działających w przekroju żelbetowym względem zbrojenia dol-
nego (rozciąganego) ma postać
Σ
M=155000−x
eff
⋅
40,0⋅1,786⋅
(
75,0−
x
eff
2
)
=
0.
(2.19)
Równanie kwadratowe ma postać
35,72⋅x
eff
2
−
5358⋅x
eff
+
155000=0.
(2.20)
Wymiar strefy ściskanej w betonie
x
eff
=
39,14 cm .
(2.21)
Przekrój jest w rzeczywistości podwójnie zbrojony. Moment zginający, który odpowiada pełnemu wyko-
rzystaniu strefy ściskanej w betonie wyznacza się z równania sumy momentów względem zbrojenia dolnego
(rozciąganego), które ma postać
Σ
M=M
1,1
−
37,01⋅40,0⋅1,786⋅
(
75,0−
37,01
2
)
=
0.
M
1,1
=
149400 kN⋅cm .
(2.22)
Pole powierzchni zbrojenia rozciąganego dla momentu zginającego M
1,1
wyznacza się z równania równowa-
gi
Σ
X=43,48⋅A
S 1,1
−
37,01⋅40,0⋅1,786=0.
A
S 1,1
=
60,81 cm
2
.
(2.23)
Moment zginający przypadający na zbrojenie ściskane
M
1,2
=
M
1
−
M
1,1
=
155000−149400=5600 kN⋅cm.
(2.24)
Pole powierzchni zbrojenia ściskanego wyznacza się z równania równowagi
Σ
M
A
=
5600−43,48⋅A
S 2
⋅
70,0=0
A
S 2
=
1,840cm
2
.
(2.25)
Pole powierzchni dodatkowego zbrojenia rozciąganego
A
S 1,2
=
1,840 cm
2
.
(2.26)
Dr inż. Janusz Dębiński
BS-I
Wytrzymałość materiałów
−
zbiór zadań
−
odpowiedzi
9
Ostatecznie pole powierzchni zbrojenia rozciąganego
A
S 1
=
A
S 1,1
+
A
S 1,2
=
60,81+1,840=62,65cm
2
.
2.21. Zadanie 21
Dr inż. Janusz Dębiński
BS-I