LABORATORIUM FIZYKI I | Ćwiczenie nr: 21 |
---|---|
Wydział: | Grupa: |
WIP | A 41 |
Nazwisko i imię: | |
Dobrzyński Piotr | |
Temat ćwiczenia: | |
Wyznaczanie pracy wyjścia elektronów z metalu metodą prostej Richardsona | |
Prowadzący: | |
Mgr inż. Tomasz Drobiazg |
1.Wstęp
Celem ćwiczenia jest zapoznanie się ze zjawiskiem termoemisji elektronów oraz wyznaczenie wartości pracy wyjścia elektronu z metalu. Zjawisko termoemisji polega na wychodzeniu elektronów z rozgrzanej powierzchni ciała do otoczenia. Do wykonania ćwiczenia posłuży nam wzór na liczbę elektronów o energii z przedziału ( E ; E + dE ):
$n(E)\text{dE} = \frac{N(E)\text{dE}}{1 + e^{(E - E_{F})/\text{kT}}} = f(E)N(E)\text{dE}$
Skorzystamy również ze wzoru Richarda – Dushmana na gęstość prądu emisji
$I_{E} = AT^{2}e^{\frac{- \text{eφ}}{\text{kT}}}$
2.Układ pomiarowy
Do badania zjawiska termoemisji korzystamy z lampy próżniowej, w której w celu wywołania zjawiska emisji elektronów katoda jest ogrzewana przy pomocy odizolowanego od niej grzejnika. Za pomocą mierników mierzymy napięcie między elektrodami oraz prąd anody.
Do przeprowadzenia ćwiczenia użyliśmy:
-lampy próżniowej EZ 81.
-zasilacza DF1720SL2A jako zasilacz żarzenia
-zasilacza stabilizowanego 1502D jako zasilacza anodowego
-multimetru cyfrowego M890G jako woltomierza anody ( V1 ):
zakres 2 V
C1 = 0,5 % ; C2 = 0,1 %
-mikroamperomierza analogowego PM-2 jako amperomierz anody ( μA )
Zakres pomiarowy - 30 μA
klasa dokładności- 0,2
liczba działek - 150
-woltomierza analogowego LM-1 jako woltomierz zasilania żarzenia ( V2 )
Zakres pomiarowy- 15 V
klasadokładności - 0,5
liczba działek – 3
3.Wyniki i ich opracowanie
Wyniki pomiarów napięcia między elektrodami i prądu anody dla trzech różnych napięć żarzenia:
Dla U=4,6V Dla U=5,2V Dla U=5,8V
Ia[µA] | U[V] |
---|---|
30 | 0,398 |
29 | 0,401 |
28 | 0,404 |
27 | 0,407 |
26 | 0,411 |
25 | 0,415 |
24 | 0,418 |
23 | 0,422 |
22 | 0,425 |
21 | 0,43 |
20 | 0,434 |
19 | 0,444 |
18 | 0,445 |
17 | 0,45 |
16 | 0,456 |
15 | 0,461 |
14 | 0,467 |
13 | 0,474 |
12 | 0,481 |
11 | 0,488 |
10 | 0,497 |
9 | 0,508 |
8 | 0,518 |
7 | 0,53 |
6 | 0,544 |
5 | 0,562 |
4 | 0,581 |
3 | 0,609 |
2 | 0,647 |
Ia[µA] | U[V] |
---|---|
30 | 0,514 |
29 | 0,516 |
28 | 0,519 |
27 | 0,522 |
26 | 0,526 |
25 | 0,53 |
24 | 0,534 |
23 | 0,538 |
22 | 0,542 |
21 | 0,547 |
20 | 0,551 |
19 | 0,556 |
18 | 0,562 |
17 | 0,568 |
16 | 0,574 |
15 | 0,58 |
14 | 0,586 |
13 | 0,594 |
12 | 0,602 |
11 | 0,61 |
10 | 0,62 |
9 | 0,63 |
8 | 0,64 |
7 | 0,653 |
6 | 0,669 |
5 | 0,686 |
4 | 0,707 |
3 | 0,737 |
2 | 0,775 |
Ia[µA] | U[V] |
---|---|
30 | 0,635 |
29 | 0,639 |
28 | 0,644 |
27 | 0,647 |
26 | 0,651 |
25 | 0,656 |
24 | 0,661 |
23 | 0,666 |
22 | 0,67 |
21 | 0,675 |
20 | 0,681 |
19 | 0,687 |
18 | 0,692 |
17 | 0,699 |
16 | 0,704 |
15 | 0,71 |
14 | 0,717 |
13 | 0,724 |
12 | 0,732 |
11 | 0,741 |
10 | 0,751 |
9 | 0,762 |
8 | 0,774 |
7 | 0,787 |
6 | 0,802 |
5 | 0,821 |
4 | 0,845 |
3 | 0,875 |
2 | 0,918 |
Wykorzystując wzór Richarda - Dushmana przekształcając go otrzymujemy zależność liniową:
$${\text{\ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ }I}_{a} = I_{e}e^{\frac{- eU_{a}}{\text{kT}}} \Rightarrow \ln(I_{a}) = ln(I_{e}) - \frac{eU_{a}}{\text{kT}}$$
gdzie:
$$\text{\ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ }Y = ln\left( I_{a} \right);\ X = U_{a};A = ln\left( I_{e} \right);\ B = \frac{- e}{\text{kT}}$$
Wykres dla U1=4,6V
Wykres dla U2=5,2V
Wykres dla U3=5,8V
Wykorzystując informacje podane w zszywce obliczamy wartość natężenia korzystając ze wzoru:
Ie = eintercept
Ie1 = e−6, 07196 ≈ 2, 31 ⋅ 10−3A
Ie2 = e−5, 13466 ≈ 5, 89 ⋅ 10−3A
Ie3 = e−4, 2362 ≈ 14, 46 ⋅ 10−3A
W celu wyznaczenia temperatury korzystamy z wzory podanego w zszywce który wygląda następująco
$$B = \frac{- e}{\text{kT}}$$
Wartość B jest współczynnikiem kierunkowym wykresu funkcji która została utworzona w programie Origin w naszym przypadku jest to wartość kryjąca się pod zmienną slope. W celu wyznaczenia temperatury musimy przerobić wzór:
$$T = \frac{- e}{\text{kB}}$$
e = 1, 60217733 * 1019 [C]
$$\ k = 1,38064852*\ 10^{- 23\ }\lbrack\frac{J}{K}\rbrack$$
$${\text{\ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ }T}_{1} = \frac{- 1,60217733\ *\ 10^{19}}{1,38064852*\ 10^{- 23\ }*( - 10,9236)} \approx 1062,34\ K$$
$${\text{\ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ }T}_{2} = \frac{- 1,60217733\ *\ 10^{19}}{1,38064852*\ 10^{- 23\ }*\left( - 10,30291 \right)} \approx 1126,34\ K$$
$${\text{\ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ }T}_{3} = \frac{- 1,60217733\ *\ 10^{19}}{1,38064852*\ 10^{- 23\ }*( - 9,6891)} \approx 1197,69\ K$$
W celu wyznaczenia wartości pracy wyjścia posługujemy się poniższym wzorem, dokonaliśmy obliczeń dla 3 rożnych napięć dzięki czemu wartość pracy może zostać wyznaczona trzykrotnie:
$$\mathbf{W}\mathbf{=}\mathbf{k}\frac{\mathbf{T}_{\mathbf{1}}\mathbf{T}_{\mathbf{2}}}{\mathbf{T}_{\mathbf{1}}\mathbf{-}\mathbf{T}_{\mathbf{2}}}\mathbf{\ln}\mathbf{(\lbrack}\frac{\mathbf{I}_{\mathbf{e1}}}{\mathbf{I}_{\mathbf{e2}}}{\mathbf{(}\frac{\mathbf{T}_{\mathbf{2}}}{\mathbf{T}_{\mathbf{1}}}\mathbf{)}}^{\mathbf{2}}\mathbf{\rbrack)}$$
Obliczam poszczególne prace:
$$W_{12} = 1,38064852 \cdot 10^{- 23}\frac{1064,796 \cdot 1105,342}{1064,796 - 1105,342}\ln\left( \left\lbrack \frac{6,128 \cdot 10^{- 4}}{2,006 \cdot 10^{- 3}}\left( \frac{1105,342}{1064,796} \right)^{2} \right\rbrack \right)$$
≈2, 1169 • 10−19J ≈ 1, 321265 eV
$$W_{13} = 1,38064852 \cdot 10^{- 23}\frac{1064,796 \cdot 1144,401}{1064,796 - 1144,401}\ln\left( \frac{6,128 \cdot 10^{- 4}}{5,306 \cdot 10^{- 3}}\left( \frac{1144,401}{1064,796} \right)^{2} \right)$$
≈2, 02458 • 10−19J ≈ 1, 26364 eV
$$W_{23} = 1,38064852 \cdot 10^{- 23}\frac{1105,342 \cdot 1144,401}{1105,342 - 1144,401}\ln\left( \frac{2,006 \cdot 10^{- 3}}{5,306 \cdot 10^{- 3}}\left( \frac{1144,401}{1105,342} \right)^{2} \right)$$
≈2, 0877 • 10−19J ≈ 1, 303 eV
Liczymy średnią pracę wyjścia:
$$W = \frac{W_{12} + \ W_{13} + \ W_{23}}{3} = \frac{2,1169 \bullet 10^{- 19} + 2,02458 \bullet 10^{- 19} + 2,0877 \bullet 10^{- 19}}{3}$$
W = 2, 07639 • 10−19 J
W • 6, 241509126 • 1018 = 1, 296 eV
4.Obliczanie niepewności
Liczymy niepewności dla wartości napięć otrzymanych pomiarów:
ΔU = C1 ⋅ U + C2 ⋅ Zakres
$$u(U) = \sqrt{\frac{\text{ΔU}^{2}}{3}}$$
U1[V] | u(U1) [V] | U2[V] | u(U2) [V] | U3[V] | u(U3) [V] |
---|---|---|---|---|---|
0,398 | 0,003990 | 0,514 | 0,004570 | 0,635 | 0,005175 |
0,401 | 0,004005 | 0,516 | 0,004580 | 0,639 | 0,005195 |
0,404 | 0,004020 | 0,519 | 0,004595 | 0,644 | 0,005220 |
0,407 | 0,004035 | 0,522 | 0,004610 | 0,647 | 0,005235 |
0,411 | 0,004055 | 0,526 | 0,004630 | 0,651 | 0,005255 |
0,415 | 0,004075 | 0,53 | 0,004650 | 0,656 | 0,005280 |
0,418 | 0,004090 | 0,534 | 0,004670 | 0,661 | 0,005305 |
0,422 | 0,004110 | 0,538 | 0,004690 | 0,666 | 0,005330 |
0,425 | 0,004125 | 0,542 | 0,004710 | 0,67 | 0,005350 |
0,43 | 0,004150 | 0,547 | 0,004735 | 0,675 | 0,005375 |
0,434 | 0,004170 | 0,551 | 0,004755 | 0,681 | 0,005405 |
0,444 | 0,004220 | 0,556 | 0,004780 | 0,687 | 0,005435 |
0,445 | 0,004225 | 0,562 | 0,004810 | 0,692 | 0,005460 |
0,45 | 0,004250 | 0,568 | 0,004840 | 0,699 | 0,005495 |
0,456 | 0,004280 | 0,574 | 0,004870 | 0,704 | 0,005520 |
0,461 | 0,004305 | 0,58 | 0,004900 | 0,71 | 0,005550 |
0,467 | 0,004335 | 0,586 | 0,004930 | 0,717 | 0,005585 |
0,474 | 0,004370 | 0,594 | 0,004970 | 0,724 | 0,005620 |
0,481 | 0,004405 | 0,602 | 0,005010 | 0,732 | 0,005660 |
0,488 | 0,004440 | 0,61 | 0,005050 | 0,741 | 0,005705 |
0,497 | 0,004485 | 0,62 | 0,005100 | 0,751 | 0,005755 |
0,508 | 0,004540 | 0,63 | 0,005150 | 0,762 | 0,005810 |
0,518 | 0,004590 | 0,64 | 0,005200 | 0,774 | 0,005870 |
0,53 | 0,004650 | 0,653 | 0,005265 | 0,787 | 0,005935 |
0,544 | 0,004720 | 0,669 | 0,005345 | 0,802 | 0,006010 |
0,562 | 0,004810 | 0,686 | 0,005430 | 0,821 | 0,006105 |
0,581 | 0,004905 | 0,707 | 0,005535 | 0,845 | 0,006225 |
0,609 | 0,005045 | 0,737 | 0,005685 | 0,875 | 0,006375 |
0,647 | 0,005235 | 0,775 | 0,005875 | 0,918 | 0,006590 |
Niepewność prądu anodowego
Jako że wykresy są w skali logarytmicznej, trzeba uwzględnić niepewność logarytmu natężenia, a więc
Y = ln(I)
$$u(Y) = \sqrt{{(\frac{\partial Y}{\partial I})}^{2} \cdot u^{2}(I)} = \frac{1}{I} \cdot u(I)$$
Gdzie:
$$u(I) = \sqrt{\frac{\text{ΔI}^{2}}{3} + \frac{\text{ΔI}_{e}^{2}}{3}}$$
$$\text{ΔI} = \frac{\text{Klasa} \cdot \text{Zakres}}{100} = \frac{0,2 \cdot 30\text{μA}}{100} = 0,06\ \text{μA}$$
$$\text{ΔI}_{e} = \frac{\text{Zakres}}{2 \cdot \text{Liczba}\ \text{dzia}l\text{ek}} = \frac{30\text{μA}}{2 \cdot 150} = 0,1\ \text{μA}$$
A więc
$$\text{\ \ }u\left( I \right) = \sqrt{\frac{{0,06}^{2}}{3} + \frac{{0,1}^{2}}{3}} = 0,06733\ \text{μA}$$
Czyli dla każdego pomiaru prądu niepewność wynosi:
Ia[µA] | u(Ia) [µA] |
---|---|
2 | 0,03367 |
3 | 0,02244 |
4 | 0,01683 |
5 | 0,01347 |
6 | 0,01122 |
7 | 0,00962 |
8 | 0,00842 |
9 | 0,00748 |
10 | 0,00673 |
11 | 0,00612 |
12 | 0,00561 |
13 | 0,00518 |
14 | 0,00481 |
15 | 0,00449 |
16 | 0,00421 |
---|---|
17 | 0,00396 |
18 | 0,00374 |
19 | 0,00354 |
20 | 0,00337 |
21 | 0,00321 |
22 | 0,00306 |
23 | 0,00293 |
24 | 0,00281 |
25 | 0,00269 |
26 | 0,00259 |
27 | 0,00249 |
28 | 0,00240 |
29 | 0,00232 |
30 | 0,00224 |
Wykresy z uwzględnionymi niepewnościami pomiarów napięć i prądu anodowego:
Niepewność temperatury katody
Korzystamy z poniższego wzoru w celu wyznaczenia temperatury
$$T = \frac{- e}{\text{kB}}$$
wartość k i e dobieramy z tablic pomijając ich niepewność natomiast B jest jest współczynnikiem nachylenia która wyznaczył program Origin
Wzór na niepewność temperatury:
$$u\left( T \right) = \sqrt{\left( \frac{\partial T}{\partial B} \right)^{2} \cdot u^{2}\left( B \right)}$$
$$u\left( T \right) = \frac{e}{\text{kB}^{2}} \cdot u(B)$$
Dla wykresu Uż=4,6V
B=-10,9236
u(B)=0,02219
T1=1062,34 [K]
u(T)=2,158
U(T)=4,316
Dla wykresu Uż =5,2V
Dla B=-10,30291
u(B)=0,01763
T2=1126,34 [K]
u(T)=1,927
U(T)=3,85
Dla wykresu Uż =5,8V
Dla B=-9,6891
u(B)=0,0322
T3=1197,69 [K]
u(T)=3,98
U(T)=7,961
Końcowo
T1=(1062,34±4,32) [K]
T2=(1126,34±3,85)[K]
T3=(1197,69±7,96)[K]
Niepewność prądu termoemisji
Korzystamy ze wzoru
Ie = eA
Gdzie:
A- jest to punkt przecięcia się wykresu ln(I)=f(U) z osią y.
$$u\left( I_{e} \right) = \sqrt{\left( \frac{\partial I_{e}}{\partial A} \right)^{2} \cdot u^{2}\left( A \right)}$$
u(Ie) = eA ⋅ u(A)
Dla wykresu Uż=4,6V
A=-6,07196
u(A)=0,0106
u(Ie) = 2, 44 * 10−5
Dla wykresu Uż =5,2V
A=-5,13466
u(A)=0,01052
u(Ie) = 6, 1953 * 10−5
Dla wykresu Uż =5,8V
Dla A=-4,2362
u(A)=0,0234
u(Ie) = 3, 384 * 10−5
Niepewność pracy wyjścia
Obliczamy z poniższego wzoru
$$u(W) = \sqrt{{(\frac{\partial W}{\partial T_{1}})}^{2} \cdot u^{2}(T_{1}) + {(\frac{\partial W}{\partial T_{2}})}^{2}{\cdot u}^{2}(T_{2}) + {(\frac{\partial W}{\partial I_{e1}})}^{2} \cdot u^{2}(I_{e1}) + {(\frac{\partial W}{\partial I_{e2}})}^{2} \cdot u^{2}(I_{e2})}$$
Gdzie:
Pochodna po T1
$$\frac{\partial W}{\partial T_{1}} = \frac{- 2k \cdot T_{2}}{T_{1} - T_{2}} + ln\lbrack(\frac{I_{e1}}{I_{e2}}) \cdot (\frac{T_{2}^{2}}{T_{1}^{2}})\rbrack \cdot (\frac{k \cdot T_{2} \cdot (T_{1} - T_{2}) - k \cdot T_{1} \cdot T_{2}}{{(T_{1} - T_{2})}^{2}})$$
Pochodna po T2
$$\frac{\partial W}{\partial T_{2}} = \frac{2k}{T_{1} - T_{2}} + ln\lbrack(\frac{I_{e1}}{I_{e2}}) \cdot (\frac{T_{2}^{2}}{T_{1}^{2}})\rbrack \cdot (\frac{k \cdot T_{1} \cdot (T_{1} - T_{2}) + k \cdot T_{1} \cdot T_{2}}{{(T_{1} - T_{2})}^{2}})$$
Pochodna po Ie1
$$\frac{\partial W}{\partial I_{e1}} = \frac{k \cdot T_{1} \cdot T_{2}}{(T_{1} - T_{2}) \cdot I_{e1}}$$
Pochodna po Ie2
$$\frac{\partial W}{\partial I_{e2}} = \frac{- k \cdot T_{1} \cdot T_{2}}{(T_{1} - T_{2}) \cdot I_{e2}}$$
Dzięki odpowiednim przekształceniom niepewności pomiaru pracy wyjścia wynoszą odpowiednio
u12(W) = 7, 21501 * 10−20 J
Niepewność rozszerzona:
U12(W) = 2 ⋅ u12(W)=14, 43002 ⋅ 10−20J ≈ 1, 4 ⋅ 10−19J
u13(W) = 5, 92173 * 10−20 J
Niepewność rozszerzona:
U13(W) = 2 ⋅ u13(W)=11, 84346 ⋅ 10−20J ≈ 1, 2 ⋅ 10−19J
u23(W) = 7, 28179 * 10−20 J
Niepewność rozszerzona:
U23(W) = 2 ⋅ u23(W)=14, 56358 ⋅ 10−20J ≈ 1, 5 ⋅ 10−19J
Końcowy wynik pomiaru pracy wyjścia
$$W_{12} = (2,1 \pm 1,4) \cdot 10^{- 19}\frac{\text{kg} \cdot m^{2}}{s^{2}}$$
$$W_{13} = (2 \pm 1,2) \cdot 10^{- 19}\frac{\text{kg} \cdot m^{2}}{s^{2}}$$
$$W_{23} = (2,1 \pm 1,5) \cdot 10^{- 19}\frac{\text{kg} \cdot m^{2}}{s^{2}}$$
5.Wnioski
-Wykorzystując wartość pracy wyjścia elektronu, możemy oszacować materiał z jakiego została wykonana katoda.
-Ze względu na zmiany temperatury katody niepewności pracy wyjścia miały duże wartości
-Wykorzystanie prostej Richardsona pozwala na bezdotykowe i bezpieczne zmierzenie wysokiej temperatury katody.