Projekt wieruski Stopa

Dane

OBCIĄŻENIA:

Oddziaływania charakterystyczne Schemat I Schemat II
Vk HX,k
kN kNm
Stałe G 512
Zmienne Q 57
Wyjątkowe A 0

WARUNKI GRUNTOWO – WODNE:

Grunt Miąższość Stan plastyczności Stan zagęszczenia Gęstość właściwa szkieletu Gęstość objętościowa gruntu Gęstość objętościowa szkieletu gruntowego Porowatość gruntu Wilgotność naturalna gruntu
hi IL ID ρS ρ ρd n
[m] - - [t/m3] [t/m3] (100ρ/100+Wn) S - ρd )/ ρS Wn
Pr 1,9 - 0,76 2,65 1,9 1,7 0,36 12
Pg 3 0,18 - 2,65 2,15 1,9 0,28 13
Grunt Ciężar właściwy szkieletu Ciężar objętościowy Ciężar objętościowy szkieletu Ciężar objętościowy gruntu z uwzględnieniem wyporu wody kąt tarcia wew. efektywny kąt tarcia wewnętrznego współczynnik spójności efektywny współczynnik spójności
γs γ γd γ’ Fu F'u c c'
S*g) (ρ*g) d *g) [(1-n)γs-(1-n)γw] - Fu +2o - C*0,8
Pr 26,50 19 17 10,56 34,5 36,5 - -
Pg 26,50 21,5 19 11,88 21,9 23,9 40,24 32,2

Kształt stopy fundamentowej, wymiary i przekrój geotechniczny

Dane materiałowe:

-ciężar objętościowy zasypki fundamentu γk=18,5 kN/m3

-ciężar objętościowy posadzki γpk=23 kN/m3

-ciężar objętościowy żelbetu γFk=25 kN/m3

Ciężar własny fundamentu i dodatkowych obciążeń spoczywających na fundamencie:

VGk1 ciężar własny fundamentu 1, 5 • 2, 2 • 0, 4 • 25 = 33 kN

VGk2 ciężar gruntu nad fundamentem (1,5•2,2−0,4•0,3) • 0, 25 • 18, 5 = 14, 71 kN

VGk3 ciężar posadzki nad fundamentem (1,5•2,2−0,4•0,3) • 0, 25 • 23, 0 = 18, 29 kN

Vdf = 33 + 14,72 + 18,29 = 66,01 kN

2. SPRAWDZENIE WARUNKÓW NOŚNOŚĆI GEO WEDŁUG PODEJŚCIA DA2*

OBCIĄŻENIE Wsp. częściowy Zestaw A1

Stałe γG 1,35

Zmienne γQ 1,5

Wyjątkowe γA 1,0

Współczynnik częściowy do oddziaływań γF=1,0

SCHEMAT I

  1. Wyznaczenie mimośrodów od obciążeń charakterystycznych stałych


$$e_{B} = \frac{M_{\text{Gkx}} + d_{f} \bullet H_{\text{Gky}}}{V_{\text{Gk}} + V_{\text{GkF}}} = \frac{48kNm + 0,4\ m \bullet 24\ kN}{512\ kN + 66,01\ kN} = \mathbf{0,1\ m}\mathbf{= 10\ cm}$$


$$e_{L} = \frac{M_{G\text{ky}} + d_{f} \bullet H_{\text{Gkx}}}{V_{\text{Gk}} + V_{\text{GkF}}} = \frac{37\ kNm + 0,4\ m\ \bullet - 34\ kN}{512\ kN + 66,01\ kN} = \mathbf{0,0404}\mathbf{m = 4,04}\mathbf{\text{cm}}$$


$$q_{\max} = \frac{V}{B*L}*\left( 1 + \frac{{6e}_{L}}{L} + \frac{6e_{B}}{B} \right) = \frac{512\ kN + 66,01\ kN\ }{1,5\ m*2,2\ m}*\left( 1 + \frac{6*0,0404m}{2,2\ m} + \frac{6*0,1m}{1,5\ m} \right) = 264,48\ kPa$$


$$q_{\min} = \frac{V}{B*L}*\left( 1 - \frac{{6e}_{L}}{L} - \frac{6e_{B}}{B} \right) = \frac{512\ kN + 66,01\ kN\ }{1,5\ m*2,2\ m}*\left( 1 - \frac{6*0,0404m}{2,2\ m} - \frac{6*0,1m}{1,5\ m} \right) = 85,65kPa$$


$$\frac{q_{\max}}{q_{\min}} = \frac{264,48\ kPa}{85,65\ kPa} = 3,09 > 3$$

Warunek maksymalnie nierównomiernego naprężenia nie został spełniony. Konieczne jest optymalizowanie mimośrodu przynajmniej w jednym kierunku. Wybrano kierunek L.

  1. Optymalizacja mimośrodu.

Postanowiono przesunąć stopę względem słupa wzdłuż dłuższego boku L o wartość

exs = 5 cm.

Wartości sił pionowych nie zmienią się. Zmieni się za to moment tych sił.


$$e_{B} = \frac{M_{\text{Gkx}} + d_{f} \bullet H_{\text{Gky}}}{V_{\text{Gk}} + V_{\text{GkF}}} = \frac{48kNm + 0,4\ m \bullet 24\ kN}{512\ kN + 66,01\ kN} = \mathbf{0,1\ m}\mathbf{= 10\ cm}$$


$$e_{L} = \frac{M_{\text{Gky}} + d_{f} \bullet H_{\text{Gkx}} - V_{\text{Gk}} \bullet e_{\text{xs}}}{V_{\text{Gk}} + V_{\text{GkF}}} = \frac{37\ kNm + 0,4\ m\ \bullet - 34\ kN - 512 \bullet 0,05}{512\ kN + 66,01\ kN} = \mathbf{0,0038\ m = 3,8}\mathbf{\text{cm}}$$


$$q_{\max} = \frac{V}{B \bullet L} \bullet \left( 1 + \frac{{6e}_{L}}{L} + \frac{6e_{B}}{B} \right) = \frac{512\ kN + 66,01\ kN\ }{1,5\ m \bullet 2,2\ m} \bullet \left( 1 + \frac{6 \bullet 0,0038m}{2,2\ m} + \frac{6 \bullet 0,1m}{1,5\ m} \right) = 247,03\ kPa$$


$$q_{\min} = \frac{V}{B \bullet L} \bullet \left( 1 - \frac{{6e}_{L}}{L} - \frac{6e_{B}}{B} \right) = \frac{512\ kN + 66,01\ kN\ }{1,5\ m \bullet 2,2\ m} \bullet \left( 1 - \frac{6 \bullet 0,0038m}{2,2\ m} - \frac{6 \bullet 0,1m}{1,5\ m} \right) = 103,27kPa$$


$$\frac{q_{\max}}{q_{\min}} = \frac{247,03\ kPa}{103,27\ kPa} = 2,39 < 3$$

Warunek spełniony.

  1. Sprawdzenie warunku nośności dla stopy.

Dla schematu I

Wartości obliczeniowe oddziaływania (obciążenia)

Obliczenie obciążeń stałych obliczeniowych na poziomie górnej powierzchni fundamentu. Współczynnik jednoczesności działania; podstawowe ψoi = 1, 0.

SCHEMAT I SCHEMAT II


Vd = VGk * γG
DA2=512 kN * 1, 35 =  

691,2 kN

Hdx = HGk, x * γG
DA2= − 34 kN * 1, 35 =  

45,9 kN

Hdy = HGk, y * γG
DA2 =24 kN * 1, 35 =  

32,4 kN

Mdx = MGk, x * γG
DA2 =48 kN * 1, 35 =  

64,8 kN

Mdy = MGk, y * γG
DA2 =37 kN * 1, 35 =  

49,95 kN

Obliczenie obciążeń zmiennych obliczeniowych na poziomie górnej powierzchni fundamentu.

SCHEMAT I SCHEMAT II


Vd = VQk * γQ
DA2=57 kN * 1, 5 =  

85,5 kN

Hdx = HQk, x * γQ
DA2= − 10 kN * 1, 5 =  

15 kN

Hdy = HQk, y * γQ
DA2=16 kN * 1, 5 =  

24 kN

Mdx = MQk, x * γQ
DA2=27 kN * 1, 5 =  

40,5 kN

Mdy = MQk, y * γQ
DA2=16 kN * 1, 5 =  

24 kN

Zredukowane wymiary fundamentu wynoszą:


B = B − 2 • eB = 1, 5 − 2 • 0, 1 = 1, 3 m


L = L − 2 • eL = 2, 2 − 2 • 0, 0038 = 2, 19 m


A = B • L = 1, 3 • 2, 19 = 2, 847 m2


$$\frac{B'}{L'}\ \ \ \ = \frac{1,3\ m}{2,19\ m} = 0,59$$


$$\frac{L'}{B'}\ \ \ \ = \frac{2,19\ m}{1,3\ m} = 1,68$$

Współczynniki częściowe dla dwu zestawów parametrów geotechnicznych

DA2* γϕ = M1 = 1           γc = 1

Obliczeniowe parametry geotechniczne wynoszą:


ϕd = 36, 5


cd = 0

Współczynniki uwzględniające pochylenie siły wypadkowej działającej w podstawie fundamentu dla gruntu :


$$m_{B} = \frac{2 + B'/L'}{1 + B'/L'} = \frac{2 + 0,59}{1 + 0,59} = 1,62$$


$$m_{L} = \frac{2 + L'/B'}{1 + L'/B'} = \frac{2 + 1,68}{1 + 1,68} = 1,37$$


$$tg\theta = \frac{24}{- 34} = - 0,71 \rightarrow \theta = 35,2$$


m = mθ = mLcos2θ + mBsin2θ = 1, 37 • cos235, 2o + 1, 62 • sin235, 2o = 1, 65

Współczynniki nośności granicznej :


$$N_{q} = e^{\text{πtg}\Phi'} \bullet \text{tg}^{2}\left( 45 + \frac{\Phi'}{2} \right) = e^{\pi tg36,5} \bullet \text{tg}^{2}\left( 45 + \frac{36,5}{2} \right) = 40,24$$


Nc = (Nq−1) • ctgΦ′=(40,24−1) • ctg36, 5 = 53, 03


Nγ = 2 • (Nq−1) • tgΦ′=2 • (40,24−1) • tg36, 5 = 58, 07

Nachylenie fundamentu


bc = bq = bγ = 1

Współczynniki kształtu:


$$i_{q} = \left( 1 - \frac{H_{\text{dy}}}{V_{d1} + V_{\text{dF}} + A' \bullet c' \bullet ctg\phi'} \right)^{m} = \left( 1 - \frac{32,4\ kN}{691,2\ kN + 89,11\ kN + 2,847\ m^{2} \bullet 0\ kPa \bullet ctg36,5} \right)^{1,65} = \mathbf{0,932}$$


$$i_{\gamma} = \left( 1 - \frac{H_{\text{dy}}}{V_{d1} + V_{\text{dF}} + A^{'} \bullet c^{'} \bullet ctg\phi^{'}} \right)^{m + 1} = \left( 1 - \frac{32,4\ kN}{691,2\ kN + 89,11\ kN + 2,847\ m^{2} \bullet 0\ kPa \bullet ctg36,5} \right)^{2,65} = \mathbf{0,894}$$


$$i_{c} = i_{q} - \frac{\left( 1 - i_{q} \right)}{N_{c} \bullet tg\phi'} = 0,932 - \frac{\left( 1 - 0,932 \right)}{9,81 \bullet tg36,5} = \mathbf{0,923}$$

Współczynniki kształtu:


$$s_{q} = 1 + \frac{B^{'}}{L'} \bullet sin\phi^{'} = 1 + 0,59 \bullet sin36,5 = 1,35$$


$$s_{c} = \frac{s_{q} \bullet N_{q} - 1}{N_{q} - 1} = \frac{1,35 \bullet 40,24 - 1}{40,24 - 1} = 1,36$$


$$s_{\gamma} = 1 - 0,3 \bullet \frac{B'}{L'} = 1 - 0,3 \bullet 0,59 = 0,823$$

Obciążenie obok fundamentu:


$$q^{'} = 0,25 \bullet 23 + 18,5\frac{\text{kN}}{m^{3}} \bullet 0,9\ m = 22,4\ kPa$$

Obliczenie nośności obliczeniowej dla warunków z możliwym odpływem:


$$\frac{R}{A'} = c^{'} \bullet N_{c} \bullet b_{c} \bullet s_{c} \bullet i_{c} + q^{'} \bullet N_{q} \bullet b_{q} \bullet s_{q} \bullet i_{q} + 0,5 \bullet \gamma' \bullet B' \bullet N_{\gamma} \bullet b_{\gamma} \bullet s_{\gamma} \bullet i_{\gamma}$$


$$\frac{V_{d}}{A'} = c^{'} \bullet N_{c} \bullet b_{c} \bullet s_{c} \bullet i_{c} + q^{'} \bullet N_{q} \bullet b_{q} \bullet s_{q} \bullet i_{q} + 0,5 \bullet \gamma' \bullet B' \bullet N_{\gamma} \bullet b_{\gamma} \bullet s_{\gamma} \bullet i_{\gamma}$$

Vd=VGk1G+ VQk1Q+ VAk1A+VGkF=512*1,35+57*1,5+0+66,01*1,35=865,81 kN


$$q_{\text{Ed}} = \frac{865,81\ kN}{2,847\ m^{2}} = \mathbf{303,76\ kPa\ }$$

R1= 22, 4 • 40, 42 • 1 • 1, 35 • 0, 932 + 0, 5 • 18, 5 • 1, 5 • 58, 07 • 1 • 0, 894kPa = 1859, 9 kPa


$$\frac{q_{\text{Ed}}}{1,4} = \frac{1859,9\ kPa}{1,4} = 1328,5\ kPa$$

Wskaźnik wykorzystania nośności:


$$\frac{\mathbf{303,76\ kPa}}{\mathbf{1328,5\ kPa}}\mathbf{= 0,23 = 23\ \%}$$

WARUNEK NOŚNOŚCI SPEŁNIONY

SCHEMAT II

Wyznaczenie mimośrodów od obciążeń charakterystycznych stałych


$$e_{B} = \frac{M_{\text{Gkx}} + d_{f} \bullet H_{\text{Gky}}}{V_{\text{Gk}} + V_{\text{GkF}}} = \frac{43kNm + 0,4\ m \bullet 21\ kN}{520\ kN + 66,01\ kN} = \mathbf{0,098}\mathbf{m}\mathbf{= 9,8\ cm}$$


$$e_{L} = \frac{M_{\text{Gky}} + d_{f} \bullet H_{\text{Gkx}}}{V_{\text{Gk}} + V_{\text{GkF}}} = \frac{38\ kNm + 0,4\ m\ \bullet - 29\ kN}{520\ kN + 66,01\ kN} = \mathbf{0,045}\mathbf{m = 4,5\ cm}$$


$$q_{\max} = \frac{V}{B*L}*\left( 1 + \frac{{6e}_{L}}{L} + \frac{6e_{B}}{B} \right) = \frac{520\ kN + 66,01\ kN\ }{1,5\ m*2,2\ m}*\left( 1 + \frac{6*0,045m}{2,2\ m} + \frac{6*0,098m}{1,5\ m} \right) = 268,14\ kPa$$


$$q_{\min} = \frac{V}{B*L}*\left( 1 - \frac{{6e}_{L}}{L} - \frac{6e_{B}}{B} \right) = \frac{520\ kN + 66,01\ kN\ }{1,5\ m*2,2\ m}*\left( 1 - \frac{6*0,045m}{2,2\ m} - \frac{6*0,098m}{1,5\ m} \right) = 86,17\ kPa$$


$$\frac{q_{\max}}{q_{\min}} = \frac{268,14\ kPa}{86,17\ \ kPa} = 3,11 > 3$$

Warunek maksymalnie nierównomiernego naprężenia nie został spełniony. Konieczne jest optymalizowanie mimośrodu przynajmniej w jednym kierunku.

  1. Sprawdzenie warunku nośności dla stopy.

Dla schematu II

Zredukowane wymiary fundamentu wynoszą:


B = B − 2 • eB = 1, 5 − 2 • 0, 098 = 1, 304 m


L = L − 2 • eL = 2, 2 − 2 • 0, 045 = 2, 11 m


A = B • L = 1, 304 • 2, 11 = 2, 75m2


$$\frac{B'}{L'}\ \ \ \ = \frac{1,304\ m}{2,11\ m} = 0,62$$


$$\frac{L'}{B'}\ \ \ \ = \frac{2,11\ m}{1,304\ m} = 1,62$$

Współczynniki częściowe dla dwu zestawów parametrów geotechnicznych

DA2* γϕ = M1 = 1           γc = 1

Obliczeniowe parametry geotechniczne wynoszą:


ϕd = 36, 5


cd = 0

Współczynniki uwzględniające pochylenie siły wypadkowej działającej w podstawie fundamentu dla gruntu :


$$m_{B} = \frac{2 + B'/L'}{1 + B'/L'} = \frac{2 + 0,62}{1 + 0,62} = 1,62$$


$$m_{L} = \frac{2 + L'/B'}{1 + L'/B'} = \frac{2 + 1,62}{1 + 1,62} = 1,38$$


$$tg\theta = \frac{21}{- 29} = - 0,72 \rightarrow \theta = 35,8$$


m = mθ = mLcos2θ + mBsin2θ = 1, 38 • cos235, 8o + 1, 62 • sin235, 8o = 1, 46

Współczynniki nośności granicznej :


$$N_{q} = e^{\text{πtg}\Phi'} \bullet \text{tg}^{2}\left( 45 + \frac{\Phi'}{2} \right) = e^{\pi tg36,5} \bullet \text{tg}^{2}\left( 45 + \frac{36,5}{2} \right) = 40,24$$


Nc = (Nq−1) • ctgΦ′=(40,24−1) • ctg36, 5 = 53, 03


Nγ = 2 • (Nq−1) • tgΦ′=2 • (40,24−1) • tg36, 5 = 58, 07

Nachylenie fundamentu


bc = bq = bγ = 1

Współczynniki kształtu:


$$i_{q} = \left( 1 - \frac{H_{\text{dy}}}{V_{d1} + V_{\text{dF}} + A' \bullet c' \bullet ctg\phi'} \right)^{m} = \left( 1 - \frac{28,35\text{\ kN}}{691,2\ kN + 89,11\ kN + 2,75\ m^{2} \bullet 0\ kPa \bullet ctg36,5} \right)^{2,46} = \mathbf{0,9}\mathbf{47}$$


$$i_{\gamma} = \left( 1 - \frac{H_{\text{dy}}}{V_{d1} + V_{\text{dF}} + A^{'} \bullet c^{'} \bullet ctg\phi^{'}} \right)^{m + 1} = \left( 1 - \frac{28,35\ kN}{691,2\ kN + 89,11\ kN + 2,75\ m^{2} \bullet 0\ kPa \bullet ctg36,5} \right)^{2,65} = \mathbf{0,}\mathbf{913}$$


$$i_{c} = i_{q} - \frac{\left( 1 - i_{q} \right)}{N_{c} \bullet tg\phi'} = 0,947 - \frac{\left( 1 - 0,947 \right)}{9,81 \bullet tg36,5} = \mathbf{0,9}\mathbf{4}$$

Współczynniki kształtu:


$$s_{q} = 1 + \frac{B^{'}}{L'} \bullet sin\phi^{'} = 1 + 0,62 \bullet sin36,5 = 1,37$$


$$s_{c} = \frac{s_{q} \bullet N_{q} - 1}{N_{q} - 1} = \frac{1,37 \bullet 40,24 - 1}{40,24 - 1} = 1,38$$


$$s_{\gamma} = 1 - 0,3 \bullet \frac{B'}{L'} = 1 - 0,3 \bullet 0,62 = 0,814$$

Obciążenie obok fundamentu:


$$q^{'} = 0,25 \bullet 23 + 18,5\frac{\text{kN}}{m^{3}} \bullet 0,9\ m = 22,4\ kPa$$

Obliczenie nośności obliczeniowej dla warunków z możliwym odpływem:


$$\frac{R}{A'} = c^{'} \bullet N_{c} \bullet b_{c} \bullet s_{c} \bullet i_{c} + q^{'} \bullet N_{q} \bullet b_{q} \bullet s_{q} \bullet i_{q} + 0,5 \bullet \gamma' \bullet B' \bullet N_{\gamma} \bullet b_{\gamma} \bullet s_{\gamma} \bullet i_{\gamma}$$


$$\frac{V_{d}}{A'} = c^{'} \bullet N_{c} \bullet b_{c} \bullet s_{c} \bullet i_{c} + q^{'} \bullet N_{q} \bullet b_{q} \bullet s_{q} \bullet i_{q} + 0,5 \bullet \gamma' \bullet B' \bullet N_{\gamma} \bullet b_{\gamma} \bullet s_{\gamma} \bullet i_{\gamma}$$

Vd=VGk1G+ VQk1Q+ VAk1A+VGkF=520*1,35+58*1,5+0+66,01*1,35=878,11kN


$$q_{\text{Ed}} = \frac{878,11\text{\ kN}}{2,75\ m^{2}} = \mathbf{3}\mathbf{19,31}\mathbf{\text{\ kPa\ }}$$

R1= 22, 4 • 40, 42 • 1 • 1, 37 • 0, 947 + 0, 5 • 18, 5 • 1, 304 • 58, 07 • 1 • 0, 814 • 0, 913kPa = 1695, 22 kPa


$$\frac{q_{\text{Ed}}}{1,4} = \frac{1695,22\text{\ kPa}}{1,4} = 1210,87\text{\ kPa}$$

Wskaźnik wykorzystania nośności:


$$\frac{\mathbf{3}\mathbf{19,31}\mathbf{\text{\ kPa}}}{\mathbf{1}\mathbf{210,87}\mathbf{\text{\ kPa}}}\mathbf{= 0,2}\mathbf{6}\mathbf{= 2}\mathbf{6}\mathbf{\ \%}$$

WARUNEK NOŚNOŚCI SPEŁNIONY

Sprawdzenie położenia wypadkowej dla obciążeń obliczeniowych stałych i zmiennych

Położenie wypadkowej sprawdzamy w poziomie posadowienia fundamentu, gdy oś słupa pokrywa się z osią stopy fundamentowej.

Warunek: siła mieście się w rdzeniu przekroju. Zasięg dopuszczalnego położenia wypadkowej określa zależność:


$$\frac{e_{B}}{B} + \frac{e_{L}}{L} < \frac{1}{6}$$

Schemat I


$$e_{B} = \frac{M_{\text{kx}} + d_{f} \bullet H_{\text{ky}}}{V_{k1} + V_{\text{kF}}} = \frac{75\ kNm + 0,4m \bullet 40kN}{569\ kN + 66,01\ kN} = 0,16\ m$$


$$e_{L} = \frac{M_{\text{ky}} + d_{f} \bullet H_{\text{kx}}}{V_{k1} + V_{\text{kF}}} = \frac{53\ kNm + 0,4\ m \bullet - 44kN}{569\ kN + 66,01\ kN} = 0,056\ m$$


$$\frac{e_{B}}{B} + \frac{e_{L}}{L} = \frac{0,16m}{1,5\ m} + \frac{0,056\ m}{2,2\ m} = 0,132 < 0,166$$

Wypadkowa działa w rdzeniu przekroju.


$$q_{\max} = \frac{V}{B \bullet L} \bullet \left( 1 + \frac{{6e}_{L}}{L} + \frac{6e_{B}}{B} \right) = \frac{569\ kN + 66,01\ kN\ }{1,5\ m \bullet 2,2\ m} \bullet \left( 1 + \frac{6 \bullet 0,056m}{2,2\ m} + \frac{6 \bullet 0,16m}{1,5\ m} \right) = 207,38\ kPa$$


$$q_{\text{mi}n} = \frac{V}{B \bullet L} \bullet \left( 1 - \frac{{6e}_{L}}{L} - \frac{6e_{B}}{B} \right) = \frac{569\ kN + 66,01\ kN\ }{1,5\ m \bullet 2,2\ m} \bullet \left( 1 - \frac{6 \bullet 0,056m}{2,2\ m} - \frac{6 \bullet 0,16m}{1,5\ m} \right) = 79,83\ kPa$$


$$\frac{q_{\max}}{q_{\min}} = \frac{344,83\ kPa}{39,83\ kPa} = 2,6 < 3$$

Schemat II


$$e_{B} = \frac{M_{\text{kx}} + d_{f} \bullet H_{\text{ky}}}{V_{k1} + V_{\text{kF}}} = \frac{67\ kNm + 0,4m \bullet 35kN}{578\ kN + 66,01\ kN} = 0,13\ m$$


$$e_{L} = \frac{M_{\text{ky}} + d_{f} \bullet H_{\text{kx}}}{V_{k1} + V_{\text{kF}}} = \frac{55\ kNm + 0,4\ m \bullet - 38kN}{578\ kN + 66,01\ kN} = 0,062\ m$$


$$\frac{e_{B}}{B} + \frac{e_{L}}{L} = \frac{0,13m}{1,5\ m} + \frac{0,062\ m}{2,2\ m} = 0,115 < 0,166$$

Wypadkowa działa w rdzeniu przekroju.


$$q_{\max} = \frac{V}{B \bullet L} \bullet \left( 1 + \frac{{6e}_{L}}{L} + \frac{6e_{B}}{B} \right) = \frac{578\ kN + 66,01\ kN}{1,5\ m \bullet 2,2\ m} \bullet \left( 1 + \frac{6 \bullet 0,062m}{2,2\ m} + \frac{6 \bullet 0,13m}{1,5\ m} \right) = 179,8kPa$$


$$q_{\min} = \frac{V}{B \bullet L} \bullet \left( 1 - \frac{{6e}_{L}}{L} - \frac{6e_{B}}{B} \right) = \frac{578\ kN + 66,01\ kN\ }{1,5\ m \bullet 2,2\ m} \bullet \left( 1 - \frac{6 \bullet 0,062m}{2,2\ m} - \frac{6 \bullet 0,13m}{1,5\ m} \right) = 60,67\ kPa$$


$$\frac{q_{\max}}{q_{\min}} = \frac{179,8\ kPa}{60,67\ kPa} = 2,96 < 3$$

WYMIAROWANIE STOPY NA ZGINANIE

Powierzchnia fundamentu:


A =  B * L = 1, 5 m * 2, 2m = 3, 3 m2

Średnie naprężnie pod podstawą fundamentu od obciążeń stałych i zmiennych oraz wyjątkowych, bez ciężaru własnego fundamentu, wynosi:


$$q_{\text{Ed}} = \frac{V_{\text{dF}}}{A}$$

SCHEMAT I SCHEMAT II


Vd = VGk * γG + VQk * γQ
DA2=512 kN * 1, 35 + 57 kN * 1, 5 =   

776,7 kN

Schemat I


$$q_{\text{Ed}} = \frac{776,7\ kN}{3,3\ m^{2}} = 235,36\ kPa$$

Schemat II


$$q_{\text{Ed}} = \frac{789\ \ kN}{3,3\ m^{2}} = 239,09\ kPa$$

Zestawienie powyższych obliczeń, prezentuje poniższa tabela:

WARIANT DA2
Rodzaj obciążenia obliczeniowego
Stałe
Stałe i zmienne
Stałe, zmienne i wyjątkowe

W trakcie sprawdzania nośności fundamentu ustalono, że najbardziej niekorzystnym schematem obliczeniowym jest Schemat I (DA2). Rozkład naprężeń( na potrzeby wymiarowania) określono wyłącznie dla tego schematu.

Schemat I


$$e_{B} = \frac{M_{\text{dx}} + d_{f} \bullet H_{\text{dy}}}{V_{d1}} = \frac{105,3\ kNm + 0,4m \bullet 56,4\ kN}{776,7\ kN} = 0,165\ m$$


$$e_{L} = \frac{M_{\text{dy}} + d_{f} \bullet H_{\text{dx}} - V_{d1} \bullet e_{s}}{V_{d1}} = \frac{73,95\ kNm + 0,4\ m \bullet - 776,7\ kN \bullet 0,05}{776,7\ kN} = 0,093\ m$$


$$q_{\max} = q_{\text{Ed}} \bullet \left( 1 + 6 \bullet \frac{e_{B}}{B} + 6 \bullet \frac{e_{L}}{L} \right) = \ 235,36\ \ kPa \bullet \left( 1 + 6 \bullet \frac{0,165\ m}{1,5\ m} + 6 \bullet \frac{0,093\ m}{2,2\ m} \right) = 450,39\ kPa$$


$$q_{\min} = q_{\text{Ed}} \bullet \left( 1 - 6 \bullet \frac{e_{B}}{B} - 6 \bullet \frac{e_{L}}{L} \right) = \ \ 235,36\ \ \ kPa \bullet \left( 1 - 6 \bullet \frac{0,165\ m}{1,5\ m} - 6 \bullet \frac{0,093\ m}{2,2\ m} \right) = 20,33\ kPa$$


$$q_{1} = q_{\text{Ed}} \bullet \left( 1 + 6 \bullet \frac{e_{B}}{B} - 6 \bullet \frac{e_{L}}{L} \right) = \ 235,36\ \ kPa \bullet \left( 1 + 6 \bullet \frac{0,165\ m}{1,5\ m} - 6 \bullet \frac{0,093\ m}{2,2\ m} \right) = 331\ kPa$$


$$q_{2} = q_{\text{Ed}} \bullet \left( 1 - 6 \bullet \frac{e_{B}}{B} + 6 \bullet \frac{e_{L}}{L} \right) = \ 235,36\ \ kPa \bullet \left( 1 - 6 \bullet \frac{0,165\ m}{1,5\ m} + 6 \bullet \frac{0,093\ m}{2,2\ m} \right) = 139,72\ kPa$$


bs = 0, 4 m


ls = 0, 3 m

Długość wsporników stopy:


$$\text{S\ }_{\text{LL}} = \frac{L}{2} + e_{s} - \frac{l_{s}}{2} + 0,15l_{s} = \frac{2,2m}{2} + 0,05 - \frac{0,3m}{2} + \ 0,15*0,3\ m = 1,045\ m$$


$$\text{S\ }_{\text{LP}} = \frac{L}{2} - e_{s} - \frac{l_{s}}{2} + 0,15l_{s} = \frac{2,2m}{2} - 0,05 - \frac{0,3m}{2} + \ 0,15*0,5\ m = 0,975\ m$$


MdL L = B • 0, 5 • qmax • sLL2 = 1, 5 m  • 0, 5 • 450, 39 kPa * (1,045 m)2 = 368.88 kNm


$$s_{\text{BL}} = s_{\text{BP}} = \frac{B}{2} + e_{s} - \frac{b_{s}}{2} + 0,15 \bullet b_{s} = \frac{1,5\ m}{2} + 0 - \frac{0,4\ m}{2} + 0,15 \bullet 0,4\ m = 0,61\ m$$


MdB L = L • 0, 5 • qmax • sBL2 = 2, 2 m • 0, 5 • 450, 39 kPa • (0,61 m)2 = 184,35 kNm

Przyjęto otulinę prętów zbrojenia stopy 50mm oraz zbrojenie prętami Ø12 ze stali 18G2-b, o fyd=355 000 kPa.


dL = 0, 4 m − 0, 05m − 0, 5 • 0, 012 m = 0, 344m


As = M/(fyd•0,9•dL)


$$A_{s} = \frac{M}{\left( f_{\text{yd}} \bullet 0,9 \bullet d_{L} \right)} = \frac{368,88\ kNm}{\left( 355\ MPa \bullet 0,9 \bullet 0,344\ m \right)} = 0,00336\ m^{2} = 23,6\ cm^{2}$$


As min = 0, 0013 • 150 • 40 = 7, 8 cm2

Przyjęto 14 prętów φ16 o As = 28,14 cm2


$$A_{s} = \frac{M}{\left( f_{\text{yd}} \bullet 0,9 \bullet d_{L} \right)} = \frac{\mathbf{184,35\ }\text{\ \ kNm}}{\left( 355\ MPa \bullet 0,9 \bullet 0,344\ m \right)} = 16,77\ cm^{2}$$


As min = 0, 0013 • 220 • 40 = 11, 44 cm2

Przyjęto 10 prętów φ 16 o As = 20,1 cm2

Rozmieszczenie zbrojenia zgodnie z zaleceniami Eurokodu 2:

Na długości stopy fundamentowej:


$$\frac{l_{s}}{L} = \frac{0,4m}{2,2m} = 0,135\ \cong 0,10$$
W pasmach poprzecznych fundamentu:
Pasmo środkowe o szerokości B/2=0,75 m


0, 668 *  As = 0, 668 * 28,14 cm2 = 18, 8cm2

8 φ16 co 8 cm =18,84cm2

Dwa pasma skrajne o szerokości B/4 = 0,375 m


0, 187 *  As = 0, 187 * 28,14  cm2 = 5, 26cm2

2 φ 16 co 16 cm = 4,71 cm2

Na szerokości stopy fundamentowej:


$$\frac{b_{s}}{B} = \frac{0,3m}{1,5m} = 0,27\ \cong 0,30$$
W pasmach podłużnych fundamentu:
Pasmo środkowe o szerokości L/2=1,1 m


0, 543 *  As = 0, 543 * 20,1 cm2 = 10, 91 cm2

6 φ 16 co 18 cm =11,23cm2

Dwa pasma skrajne o szerokości L/4 = 0,55 m


0, 187 *  As = 0, 167 * 20,1  cm2 = 3, 36 cm2

2 φ 16 co 28 cm=3,9 cm2

Wymiarowanie stopy fundamentowej na przebicie


dL = df − 0, 5⌀−cl = 0, 4 − 0, 5 • 0, 02 − 0, 05 = 0, 34

Pole powierzchni wyznaczonej przez obwód kontrolny:


Acont = (2•dL+bs) • (2•dL+ls) = (2•0,34+0,4) • (2•0,34+0,3) = 1, 06m2

Średnie naprężenie pod podstawą fundamentu od obciążeń stałych, zmiennych i wyjątkowych oraz od ciężaru własnego fundamentu wynosi:


$$q_{\text{ED}} = \frac{\left( 776,7\ kN + 89,11\ kN \right)}{3,3\ m^{2}} = \mathbf{262,37\ kPa}$$

Średnie naprężenie pod podstawą fundamentu od obciążeń stałych, zmiennych i wyjątkowych wynosi:


$$q_{\text{ED}} = \frac{766,7\ kPN}{3,3\ m^{2}} = \mathbf{232,33\ kPa}$$

Zredukowana wartość siły przebijającej:


VEd,  red = 766, 7 kN − (1,06 m2•262,37 kPa ) = 488, 59 kN

Długość obwodu kontrolnego:


u = (2•(2•dL+bs)) + (2•(2•dL+ls)) = (2•(2•0,34+0,4)) + (2•(2•0,34+0,3)) = 4, 12 m


MEd −  moment zginajacy :


na kierunku L :  Mdy = 73, 95 kNm 


na kierunku B :  Mdx = 105, 3 kNm

Moment wypadkowy:


$$M_{\text{Ed}} = \sqrt{\left( {73,95\ kNm}^{2} + {105,3\ kNm}^{2} \right)} = 128.67\ kNm$$

β-współczynnik uwzględniajacy mimośrodowość działania siły przebijającej


$$\beta = 1 + k \bullet \frac{M_{\text{Ed}}}{V_{Ed,red}} \bullet \frac{u}{W_{1}}$$


W1 = 0, 5 • bs + bs • ls + 4 • bs • dL + 16 • dL2 + 2 • π • dL • ls = 0, 5 • 0, 4 + 0, 4 • 0, 3 + 4 • 0, 4 • 0, 34 + 16 • 0, 342 + 2 • π • 0, 34 • 0, 3 = 3, 35


$$\text{Dla\ }\frac{l_{s}}{b_{s}} = 0,75 \Longrightarrow k = 0,55$$


$$\beta = 1 + 0,55 \bullet \frac{128,67}{488,59} \bullet \frac{4,12}{3,35} = 1,18$$


$$v_{\text{Ed}} = \beta \bullet \frac{V_{Ed,red}}{u \bullet d_{L}} = 1,18 \bullet \frac{488,59}{4,12 \bullet 0,34} = 411,58\ kPa = 0,412MPa$$

Sprawdzenie przebicia polega na porównaniu naprężeń vRdc i vEd


fck = 25 MPa


$$\rho_{l} = 100 \bullet \frac{\rho_{L}}{B \bullet L} = 100 \bullet \frac{28,14\ cm^{2}}{150\ cm \bullet 220\ cm} = 0,09\%$$


$$\rho_{b} = 100 \bullet \frac{\rho_{B}}{B \bullet L} = 100 \bullet \frac{20,1\ cm^{2}}{150\ cm \bullet 220\ cm} = 0,06\%$$


ρL,  ρB − powierzchnia zbrojenia na kierunku L oraz B,


ρl − procent zbrojenia


$$\rho_{l} = \sqrt{\rho_{L} \bullet \rho_{B}} = \sqrt{0,09 \bullet 0,06} = 0,07\%$$


$$v_{\text{Rdc}} = 0,129 \bullet k_{1} \bullet \left( \rho_{l} \bullet f_{\text{ck}} \right)^{1/3}\text{\ \ \ \ }k_{1} = 1 + \sqrt{200/d}$$


$$k_{1} = 1 + \sqrt{200/340} = 1,77$$


vRdc = 0, 129 • 1, 77 • (0,07•25)1/3 = 0, 275MPa

vEd = 0, 412MPa > vRdc = 0, 275MPa

Nastąpi przebicie fundamentu. Należy wiec zmienić wymiary stopy fundamentowej lub zwiększyć powierzchnię zbrojenia.


Wyszukiwarka

Podobne podstrony:
projekty stopy stopa cukrzycowa projekt
Projekt 1 ława i stopa podkładka
Projekt 1 lawa i stopa id 397981
Projekt Fundamentowanie Stopa i Nieznany
projekt WieruskiMetale1
projekt wieruski
Projekt 1 ława i stopa
projekt WieruskiMetale
Projekt 1 ława i stopa
Projekt Fundamentowanie Stopa
Projekt1, Posadowienie bezpośrednie stopa, 1
PROJEKT STOPA WEW
projekt stopa fundamentowa
stopa fundamenotwa, Projekt, Budownictwo rok III, Semestr 5, fundamentowanie
Stopa fundamentowa, Resources, Budownictwo, Fundamentowanie, Projekt, Fundamentowanie, Fundamentowan
STOPA FUNDAMENTOWA 2, projektowanie
Projekt1 stopa

więcej podobnych podstron