ISO
Krzywe stożkowe
N«= P = (z.|) wwm punkt paraboli położony w odległości 5 od jej ogniska. Wówczas
ipdBOOjr jEtf tdiid ióvoui
%/(x+I)* + (y-0)» =5.
Po prostych |
otrzymamy równoważną postać układu
1 »ł = -X3 - 2x + 24-
Sanąamrn tego ukisdu są puy;
f *« = -2^6, f xa = -2v/fl,
Zam ponktaau prahoB położonymi w odległości 5 od ogniska są
Pl = (-2v'6.2$,S) oraz ft - (-2t/6, -2^6) .
ej S«=d> y = tnx - I. gdzie m € 8, będzie dowolną prostą przechodzącą przez punkt A=(0.1,- Prosta ta przecina parabolę y = x2 w punktach Ą i Pj.
181
Wyznaczymy środek S odcinka Pi Pi (cięciwy paraboli). Współrzędne (zi.yi), (zj.yj) odpowiednio punktów Pi, Pi są rozwiązaniami układu równań
/ y — mx+ l,
\y = x7.
Układ ten jest równoważny układowi
{ly = mi +1,
|ił- mz — 1 = 0.
Ponieważ współrzędne (xs,yg) środka S odcinka Pi Pi są określone wzorami
_ Zł -I- u __pi +10
®r 2 1 Va 2 1
więc nie ma potrzeby znajdowania rozwiązań ostatniego układu. Wystarczy znajomość sumy pierwiastków równania kwadratowego x2 — mx — 1 = 0. Ze wzorów Vietc'a mamy
xi + X2 = m.
m . mi
x, = y oraz ys = mi, +1 = -ęp +1.
Po wyrugowaniu parametru m otrzymamy zależność
y8 =2x1 + 1.
Zatem środki cięciw tworzą parabolę
• Przykład 6.8
a) Napisać równanie stycznej do paraboli (y — 3)2 = 8(z + 1) wystawionej w należącym do niej punkcie P = (1,7);
b) Znaleźć równania wszystkich stycznych do paraboli y = x2 — 4x + 5, które wychodzą z punktu P = (3,0).
c) Wyznaczyć równanie stycznej do paraboli i/2 = —6x, która jest prostopadła do prostej x + 3y + 12 = 0;
d) Pokazać, że styczne poprowadzone do paraboli z dowolnego punktu kierownicy są prostopadle.
Rozwiązania
a) Wiadomo, że równanie stycznej paraboli
(U-Do)1 = 3p(*-xo)
w punkcie (xi, i/i) ma postać
(l/i - ?/o)(U - Vo) = p((*i - *o) + (* - *o)).