20784 img424 (2)

20784 img424 (2)



Zatem


lim (x2 - 3x +7) = 1 - 3 + 7 = 5.


X—> 1


Ostatecznie, na mocy twierdzenia 3.e mamy x2 - 3x + 7


lim

x->1


!=’•


x + 4

W tym rozwiązaniu pokazaliśmy formalnie, krok po kroku, w jaki sposób korzystać z obu twierdzeń.


PRZYKfAD 4.

Obliczmy:


a)    lim

X—>1

b)    lim


x2 - 3x + 2 x- 1

x2 + x - 6


x—>2 x4 - 3x2 - 4


Ad a) Zauważmy, że jeśli x->1, to licznik i mianownik ułamka dążą do zera,

a więc mamy symbol nieoznaczony ^ . Rozkładamy trójmian w liczniku na czynniki.

o

t


lim

x-»1


x2 - 3x + 2

x- 1

i

0


= lim

X->1


^ 1    2) = lim (x - 2) = 1 - 2 = -1.

X - I    x->1 v '


Warto w tym miejscu zwrócić uwagę, że skrócenie ułamka przez (x - 1) było możliwe dzięki temu, że x należy do sąsiedztwa punktu x0 = 1, a więc x - 1 * 0.

Ad b) Podobnie obliczamy

.. x2 + x - 6    ..

lim ————r = lim


(x - 2) (x + 3)


- lim


x + 3


x->2 X4 - 3x2 - 4 x—>2 (x2 +1) (x — 2) (x + 2)    x-»2 (x2 +1)(x + 2)


PRZYKfAD 5.

Obliczmy:

x ,.    V 2x + 9 — 3

a) lim -

' x-»0


b) lim


x

V2x- 1


1


5 • 4


4'


Ad a) Rozszerzymy ułamek przez (v2x + 9 + 3), aby można było wykorzystać w/ńr skróconego mnożenia.

?

f_A_s

|jm V27T9-3 = |jm (V2^T9-3)(V2^T9 + 3) =

X >0 x^    x->o    X(V2x + 9 + 3)

i    ,    (^2x + 9 )2-32    ..    2x

o = hm -—i—-—--= lim r=---

*->° x(V2x + 9 + 3)    *->o x(a/2x + 9 + 3)

- lim —r-—-

*-*o V 2x + 9 + 3


.2

6


. 1_ 3


Ad b) Postępując podobnie jak w poprzedniej części zadania, obliczamy:

(V 2x - 1 - 1) (V 2x - 1 + 1) (V3x +1+2) _ (V 2x - 1 + 1) (V3x +1-2) (V3x +1+2) (2x - 1 - 1) (V3x +1+2) _ |jm 2(x - 1)(V3x+ t + 2)


n V2x- 1

Hm —_

* V3x + 1


= lim

X->1


= lim

X—> 1


(V2x - 1 + 1) (3x + 1 - 4)

4

t


*-►1    (V2x- 1 + 1) 3 (x — 1)


lim


2(V3x+ 1 + 2) _ 4 3(V2x- 1 +1)    3

1.2. Granica niewłaściwa,

granica w nieskończoności, granice jednostronne

Granica niewłaściwa funkcji w punkcie

Przyjrzyjmy się na początek, jak zmieniają się wartości funkcji /(x) = dla

argumentów z sąsiedztwa S(0). Jeżeli (x„) jest dowolnym ciągiem, którego wyrazy xn e S(0) oraz limxn = 0, to wtedy, na mocy twierdzenia 1 1. ze

n—>oo

str. 188 podręcznika Matematyka. Klasa II, otrzymujemy

1

(*n)2


lim f(xn) = lim

n—>oo    n—>oo

Powiemy zatem, że lim /(x)= +oo.

- +00.


Wyszukiwarka

Podobne podstrony:
mat09 Zatem lim (x2 - 3x +7) = 1 - 3 + 7 = 5. X->1 Ostatecznie, na mocy twierdzenia 3.e mamy lim
12588 img443 (2) Ad a) Niech f[x) = c dla dowolnego x e R. Na mocy twierdzenia 2a dla dowolnego x0 e
—Uchylenie i zmiana decyzji — Art. 154. 6 1. Decyzia ostateczna. na mocy której żadna ze stron nie n
10/01. Wywłaszczenie praw nabytych. Zgodnie z art.155 kpa decyzja ostateczna, na mocy której strona
110 II. Funkcje jednej zmiennej więc lim ^1 +x=l, x-0 czyli wraz z x i y-*0. W takim razie, na mocy
kpa przewiduje wyjątek od powyższej reguły, bowiem decyzja ostateczna, na mocy której żadna ze stron
IMG 29 i Zadania 1 c) lim (cos x) x ; ... x — arctgrr e) lim- *->0 x2 d) lim x arc ctgz; X—►OO
153 (2) Ij. Granica i ciągłość funkcji jednej zmiennej n) lim X—►() a/ 1 + X + X2 — 1 o) lim y/x2 +
029(1) 97. lim (i/jr+je+1 — ) .v2-jc+1)    98. lim X -**4-00 99. lim ,v(
Oblicz granice: 3> a) lim x2 x—>5 Oblicz granice: ... x3 — 2x a) hm » d) lim ar—*-2 X2 —
img440 (2) Tak więc o = 1. Dalej mamy lim f(x)-ax = lim X2 + 1 --X X->-oo X—>—GO X + 1 -1

więcej podobnych podstron