140 141 (3)

140 141 (3)



Przestrzenie euklidesowo

waną przez wektory kj = (2. 1,3], fcj = (—1,3.2) Marny

So = (2ro — yo, *o + 3yo, 3zo + 2y<>) u — «c = (5 — 2zo + ya, 4 — *o - 3yo, 1 — 3zo - 2yc)

Warunki ortogonalności wektora ti - *o do generatorów przestrzeni V prowadzą do układu równań

ii - uc o (2, 1,3) = —14zo — 7yo +17 = 0 u — io o ( —1,3, 2) = — 7zo — 14yo +9 = 0

Stąd

25

x3 =


yo =


21

21

Na rysunkach poniżej przedstawiono dwie różne interpretacje otrzymanego wyniku



b) Przybliżone rozwiązanie (zo.yo, *o) znajdziemy jako współrzędne rzutu ortogonalnego «o wektora ii = (1, -1,0,1} na podprzestrzeń generowaną przez wektory kj = (1,0, l, 0), k2 = (0, l, —1,0). ki =(1,1.1,1). Mamy

uo = (ro + zo, yo + zo, rc - yo + «o. z0)

u — io = (1 — zo - zo, 1 — yo — zo, 1 — zo — yo — *o. 1 — zo)

Warunki ti — tł0 JL (1,0,1,0), tł — tło JL (0,1, -1, 0), u - €o 1 (1,1,1,1) prowadzą do układu równań

2zo + yo — 2zo = —1 *o — 2yo =    1 •

—2zo _ 4zo = — 1

Rozwiązanie tego układu ma postać xo = 0, yc = — zo = j. Zauważmy, że otrzymana wartość zo różni się znacznie od wartości z = 1 podanej w czwartym równaniu wyjściowego układu równań.

14 7 7 6

[ 6 -71

M

=

126-91

1

’ 35 '

1

-7 14 J

L i3 J

35

-147 + 182

35

35

1

c) Wykorzystując wzói A'c = (-4 A) AT B mamy


-i!!


1    2 3

2    1 1


i

21 13


Zadania

O Zadanie 14.1

Sprawdzić, że podane wektory są ortogonalne do wskazanych podprzestrzeni przestrzeni nuklidesowych:

a)    Eo = lin {(2,0,3,1),(-1,1.2,0),(1,1,0,1)}, * = (1,1,0,-2) € JP4;

b)    Ec = i£i[r], Pc = 6r2 - 6ar + 1 w przestrzeni .R2M z iloczynem skalarnym określonym wzorem

1

(P.?) = j p[x)q(x)dx

o

O Zadanie 14.2

Znaleźć rzuty ortogonalne podanych wektorów na wskazane podprzestrzenie przestrzeni euklidesowych:

a)    2    =    (3, 1, 1) 6    E'    Eq jest płaszczyzną 7r: 2r y +    3*    =    0    w

b)    u    =    (3,1,2,U) 6    i'4,    Eo=    lin    {(1,2,1,2), (01 1,1)};

c)    2    =    (0, 1,1,1)6    E\    E0 =    lin    {(1,1,1,0), (0,1,0,2)};

d)    u    =    (1,0,0,0) 6    E\    E0 =    lin    {(1,1,0,0), (0,1,2,0),(0,0,3,4)};

e)    ; = (0,2,-l,3)eI4

Eo = {{x,y,z,t)e E* : X + y + 31 = y + z = x - j/-r z - 31 = 0};

f)    /= X, Eq = lin {l.cosr} w przestrzeni wszystkich funkcji ciągłych na przedziale [0, 2t] z iloczynem skalarnym określonym wzorem

2 *

(/, ff)-j /(r)ff(zWr;

o

g)    u = (1,1,1), E0 = lin {(0,1, 1), (0.0, 1)) w przestrzeni ii3 z iloczynem skalarnym wektorów x — (xiłX2łX3), j/ = (*/i»5/2>y3; określonym wzorem

(z, y) = 2r,yi + x2yz + *3 to - *it/3 - x3yi

O Zadanie 14.3

Wyznaczyć rzuty ortogonalne podanych wektorów na podprzestrzenie o wskazanych bazach ortogonalnych:


Wyszukiwarka

Podobne podstrony:
140 141 (3) A**U waną przez wektory fcj = (2, 1,3], k? = (—1,3.2) Mamy 50 = (2r0 - yo, *o + 3y0,3z0
zaznaczprawdziwestwierdzenia Zaznacz prawdziwe stwierdzenia: Wybierz co lv4 Każdy wektor w danej p
128 129 (3) Przestrzenie euklidesowc Bazę przestrzeni E stanowią więc wektory uy = (0,1,0, —1) u? —
Definicja 5 ~En - przestrzeń euklidesowa    m*0av*0 Jeżeli ^//vj = 0 to mówimy, że we
128 129 (3) Przestrzenie euklidesowe Bazę przestrzeni E stanowią więc wektory iti = (0,1,0,—J) i2 =
Habermas14 124 Rozdział III tematów i wkładów, informacji i racji w przestrzeni publicznej ukonstytu
skanuj0068 140 Resocjalizacja przestępców seksualnych o sposobach zmiany tego zachowania. Najważniej
img062 62 Kierunki wyznaczone przez wektory grad f(a) i - grad f(a) nazywamy odpowiednio kierunkami
IMG 1110134506 Dyslokacja jest charakteryzowana przez wektor Burgersa b, który określa wielkość dys
IMG 1110134543 Dyslokacja jest charakteryzowana przez wektor Burgersai Ą który określa wielkość dys
psatesty3 1.    Kontrola przestrzegania prawa sprawowana przez sądy administracyjne m
s 140 141 140 ROZDZIAŁ 5 •    w szkolnych schroniskach młodzieżowych, •   &
str 140 141 senatu, wojnę z carem Wasylem. Odtąd interwencja polska przybrała charakter oficjalny. M
New Forms Taschen 131 Ptgti 140/141 Jean Nouvel Fondation Cartier Paris. France. 1991-94&n

więcej podobnych podstron