72960 str075 (2)

72960 str075 (2)



Ponieważ trójkąty ADO IDEO ponlndM|ą ińwim i t inwy (nlnln prędkość liniowo) I wspólny wierzchołek stwierdzimy, żo Ich polo »ą mililn luwim Nnlnmliint polo trójkątów DEO 1 ODG nn również sobie równe, joko polo figur o wr»|ióln«i| pinlrtlnwle (OD) I wierzchołkach G I E łożących na prostej równoległej do OD. Dochodzimy w Inn sposób do II prawa Keplera zauwa-żnjąo, że pola trójkątów ADO I ODG są soblti równo Uogólniając poczynione spostrzeżenie można stwierdzić, że promień wodzący satelity /określ, i podczas obiegu Ziemi wycinki po-wlorzchnl o równych polach w równych przedziałach czasu. Prawo to dotyczy tak zwanej prędkości pniowej satelity w jego ruchu wokół Ziemi.

Pi/odstawiając geometrycznie powierzchnię orbity sztucznego satelity Ziemi (rys. 6.8) driiglo prawo Keplera zapisać można jako

51 = 52 = 53.    (6.13)

Rys. 6.8. Prędkość połowa satelity na orbicie.

W kolejnym prawie Kepler wykazał, że ruch satelity wokół ciała centralnego - Ziemi nie odbywa się w sposób jednostajny (stała prędkość liniowa). W apogeum jest on wolniejszy, n w pmygeum szybszy. W przypadku systemu GPS, którego orbita posiada małe spłaszczenie prędkości, te w rzeczywistości niewiele się różnią.

Zmiana prędkości liniowej w zależności od położenia satelity na orbicie odgrywa istotne /nai zonie przy projektowaniu systemu satelitarnego wynikającego z jego przeznaczenia. Na pi/ykłud orbity satelitów szpiegowskich są eliptyczne o dużej wartości mimośrodu. Podykto-w.u n> jest to koniecznością aby nad niektórymi punktami satelita poruszał się wolniej a nad Innymi szybciej.

Hi4

6.2.3.3. Trzodo prnwo

Trzecio z praw Kopiom podaje związek pomiędzy nknmom obiegu planety wokół Słońca a promieniem orbity. Przypomnijmy związek (0.7) pottlaol

(6.14)


GMm mV!

oraz zauważmy, że prędkości liniowej V satelity odpowiada oczywista zależność

V


2nr

~T


(6.15)


gdzie:

T - okres obiegu satelity wokół ciała centralnego. Podstawiając prędkość z (6.15) do (6.14) otrzymamy


(6.10)

stąd



m


4?tV2 T2r


(6.17)


Po uporządkowaniu czynników otrzymamy postać III prawa Keplera

(6.18)


r3 GM T2 ~4n2 '

Dla wszystkich ciał niebieskich (sztucznych satelitów Ziemi) poruszających się wokół danego ciała centralnego o masie M stosunek trzeciej potęgi promienia do kwadratu okresu obiegu satelity jest stały. Gdyby rozważać ruch dwu ciał o masach m,, m2 wokół ciała centralnego o masie M po orbitach eliptycznych, których półosie wynoszą a,, a2 odpowiednio, to wygód nie jest posługiwać się III prawem Keplera w postaci ogólnej

Zj (M +    ) _ Q1 ^    (6.19)

T2(M + m2) a\

gdzie:

Tx,T2 - są okresami obiegu ciał o masach mx,m2 wokół ciała centralnego.

Trzecie z praw Keplera odwołuje się do intuicyjnie oczywistej zasady mówiącej, iż, im większy jest promień orbity tym większy jest okres obiegu satelity. Związek pomiędzy promieniem i okresem orbity dla wybranych systemów satelitarnych zestawiono w tab. 6.4.

155


Wyszukiwarka

Podobne podstrony:
Ponieważ trójkąt FE A jest równoramienny (z założenia mamy F A = EA), więc LAFE = LAEF = 180° - a
ponieważ w trójkącie 45,45, 90 boki mają odpowiednio długości a, a, oj? £jPr O • Vi Prć‘5r^1ot -
Ryc. IM. B*g promienia przez powK-rzchmę załamującą Kąt padania i jako kąt zewnętrzny trójkąta ADO j
Image 36 (2) Ponieważ trójkąty BEC i BHD są trójkątami podobnymi, otrzymujemy: EC _ HD   &
Image 36 Ponieważ trójkąty BEC i BHD są trójkątami podobnymi, otrzymujemy: EC HD . ,   &nb
Sprawdzian matematyka pola figur obie grupy A 7«H»nif
F: ponieważ ustalony przcplywcicpla jest zadaniem wektorowym G: ze względu na liniowość związków
23 luty 07 (68) Ponieważ suwak 3 obraca się razem z jarzmem, to jego prędkość kątowa jest równa pręd
CCF20091206014 Ponieważ Ek2 = 0, Ep3 — 0, więc Ek3 = Ep2 = 1569,6 kJ. Prędkość windy w stanie 3 2-1
68539 img480 (2) Zatem pole trójkąta wynosi: S =
Rozwiązanie. Ponieważ AH = AC = AB = AD, więc trójkąt HDA jest równoramienny. Następnie /HAD = 360°
100?65 Stanisław Przybyszewski ny, ponieważ powieść zbyt jednoznacznie przedstawiała miłosny trójkąt
024 (17) [ Graniastostupy V=P h p Ponieważ w zadaniu mamy graniastosłup prawidłowy trójkątny, lo zgo
Obraz (20) 2

więcej podobnych podstron