!•« utsfci .1 JswiUimi .tlili. !i Przekształcenie Laplace'a
Korzystając z liniowości przekształcenia Laplaceła dostaniemy
Oznaczając Y(s) = £{y(t)} oraz korzystając ze wzorów na transformaty pierwszej drugiej pochodnej mamy
Uwzględniając zadane warunki początkowe otrzymamy
Stąd po przekształceniach mamy
s2 - 2s + 2 _ s2 - 2s + 2
“ (s - l)2 (s2 - 3s + 2) (s - l)3 (s - 2) ‘
Rozkładając funkcję wymierną po prawej stronie równości na ułamki proste dostaniemy
Korzystając teraz z tablic oraz liniowości przekształcenia Laplace’a mamy
-2___1
s — 1 (s — l)2
1
(s - l)3
= -2c{e‘}- £ {<e‘} - £ {IłV} + 2£ {e2'} = £|-2e'-<e'-it2e, + 2e2'}.
Zatem szukane rozwiązanie dane jest wzorem
y(t) = -2e‘ - te' - + 2e21.
b) Niech y(t) oznacza rozwiązanie rozważanego zagadnienia początkowego. Wtedy
Transformując obustronnie powyższą równość otrzymamy
£ {y"(0 + y'(0} = £ {4 cos <}.
Korzystając z liniowości przekształcenia Lap!ace’a mamy
C{y"{t)} +£{y'(0} = 4£ {cos t].
Oznaczając V(s) = £{y(<)} oraz korzystając ze wzorów na transformaty pierwszej i drugiej pochodnej mamy
s2y(s) - sy (0) - y' (0) + sT(s) - y(0) = - 4*-
t i
Uwzględniając zadane warunki początkowe otrzymamy
Stąd po przekształceniach mamy
Ws) = *3+ ** + $» + _
(s2 + l)(s2+a) (s2 + l)s(s + l)
Rozkładając funkcję T(s) na ułamki proste dostaniemy
2 _ s . _ ]
s3 + s2 + 5s + 1
yW = 7 + 7TT
+ zllŻ-1 = I h--1--2
s2 + 1 s s + 1
s2 + 1
+ 2
s2 + 1
Korzystając teraz z tablic oraz liniowości przekształcenia Laplace’a mamy
1 2 s + s + l
- 2-
s2 +
—(- 2—r“— = £{l} + 2£{e-'} — 2£ {cos <} + 2£ (sin <} 1 s2 + 1 1 '
= £ { 1 + 2e-< — 2cos t -f 2sin i} .
Zatem szukane rozwiązanie dane jest wzorem
y(t) = 1 + 2e“‘ — 2cos t + 2 sin t.
c) Niech y(t) oznacza rozwiązanie rozważanego zagadnienia początkowego. Wtedy
!/(O(0 - 4y"(t) = 2e2'.
Transformując obustronnie powyższą równość otrzymamy
£{y(4)(0-4y"(0} = £{2e2‘}.
Korzystając z liniowości przekształcenia Laplace’a mamy
£{y<4>(i)}-4£{y"(<)} =2£{es'}.
Oznaczając y(s) = £{y(t)} oraz korzystając ze wzorów na transformaty drugiej i czwartej pochodnej mamy
s4y(s) - s3y(0) - s2y'(0) - sy"(0) - y"'(0) - 4 (s2Y(s) - sy(0) - y'(0)) = Uwzględniając zadane warunki początkowe otrzymamy
(s4 -4s2) K(s) - 1 =
Stąd po przekształceniach mamy
yfs) = --- = -J-.
1J (s-2)(s<-4s2) s(s — 2)2(s -f 2)
Rozkładając funkcję y(s) na ułamki proste dostaniemy
y/rf=łł_J.______
8 s 32j-2t8(j-2)2 32 s+ 2'
1.11 11
Korzystając teraz z tablic oraz liniowości przekształcenia Laplace’a mamy
2 1
1
1
1
32
8 s 32 s — 2 8 (s — 2)2 32 s + 2
= £ (ł _ —e2‘ + i-te2* - — «-2'} .
1 8 32 8 32 /
Zatem szukane rozwiązanie dane jest wzorem
1 1 2t 1 —2l