Dane | Obliczenia | Wynik |
---|
l/d=1 β=180o F=11kN N=500$\frac{1}{\min}$ d=100mm Pdop = 15Mpa
v = 2,6$\frac{m}{s}$ d=0,1m tp = 50oC η = 0,055Pa*s ρ = 880 $\frac{\text{kg}}{m^{3}}$ to = 20oC n=8,3$\frac{1}{s}$ d=0,1m l=0,1m F=11kN v=2,6$\frac{m}{s}$ d= 0,1m n=8,3$\frac{1}{s}$
L=0,1m Rzc =1,6 Rzp=3,2
v=2,6 $\frac{m}{s}$ g= 9,81 $\frac{m}{s^{2}}$ |
Temat nr 4: Zaprojektować łożysko ślizgowe pracujące w warunkach tarcia płynnego dla podanych danych.
v =$\ \frac{\pi*d*n}{60} = 2,6\frac{m}{s}$
Wstępnie dobrano materiał Ł16 – Materiał ten stosowany jest na panewki łożysk ślizgowych pracujących przy średnim natężeniu pracy oraz przy średnich i dużych prędkościach obrotowych. Pdop = 15Mpa 1,1Mpa < Pdop 1,1Mpa < 15Mpa Materiał Ł16 spełnia założone wymagania
ψmax = 0,8* 0,0008*$\sqrt[4]{v}$ +15%
ψmin = 0,8* 0,0008*$\sqrt[4]{v}$ -10% -Mała panewka -Stosunek l/d = 1 ψ = 1,01 * 10−3
ψmin =0,9 * 1,01 * 10−3 = 9,09 * 10−4 = 909μm ψmax =1,15 * 1,01 * 10−3 = 11,8 * 10−4 = 1180μm
Lmin = ψmin * d = 90, 9 μm
Lmax = ψmax * d = 118 μm
Ø100 H8/e8
Lmin1 = 72 μm Lmax1= 180 μm Lsr1= 126 μm
δ = $\psi_{sr1}*\frac{d}{2} = 63*10^{- 6} = 63\text{\ μm}$
Temperaturę pracy ustalono na 50oC = 323K Dobrano uniwersalny olej mineralny o parametrach: η = 0,055Pa*s ρ = 880 $\frac{\text{kg}}{m^{3}}$
Rozszerzalności liniowe czopa i panewki: αp = 23 *10−6 αc = 12 * 10−6 to = 20oC = 293K
ΔLt = (αp - αc) * (tp - to) * d ΔLt = 11,9 * 10−6 * 30 * 0, 1 = 35, 7 μm Lsrsk = Lsre − 2(Rzc+ Rzp)− ΔLt = 55,7 μm $\psi_{\text{rz}} = \ \frac{L_{\text{srsk}}}{d}$ = 557 * 10−6
Z wykresu odczytanowaroś μ*2 = 0,125 μ= 10* μ*2*ψrz = 0,000699
Nt = μ * F*v =0,000699*11000*2,6 = 19,99W
Ał = 30 *d*l = 30*0,1*0,1=0,3m2 – powierzchnia łożyska Aw = 4,3*0,1*0,12*3,14*0,5 = 0,00675m2 – powierzchnia wału Ac = Aw + Ał = 0,30675m2 – powierzchnia odprowadzania ciepła
Tśr = To +$\frac{Nt}{Ac*\ \alpha}$ = 296,2k | Tśr – Tp| = 26,8K
Tp2 = (Tśr – Tp) * $\frac{1}{2}$ = 309,6K
Tp2 = 309,6K => η = 0,105Pa*s ΔLt2 = =35, 7 μm Lsrsk = 71,4 μm ψrz2 = 714 * 10−6 S2 = 1,55 μ2* = 0,15 μ2 = 0,0011 Nt2 = 31,46W Tśr2 = 298,1K | Tśr – Tp| = 11,5K Tp3 = (Tśr2 – Tp2) * $\frac{1}{2}$ = 303,8K
Tp3 = 303,8K => η = 0,18Pa*s ΔLt3 =13 μm Lsrsk = 78,4 μm ψrz3 = 714 * 10−6 S3 = 2,21 μ2* = 0,21 μ3 = 0,21 Nt3 = 45,76W Tśr3 = 300,5K | Tśr – Tp| = 3,3K
S = 2,21 Z wykresu odczytano: h* = 0,93 h = $\frac{h_{0}}{\delta}$ => h0 = h* * δ = 0, 93 * 63 = 58, 6 μm h0 > Rzc + Rzp => 58,6>4,8 Warunek spełniony
Z wykresu odczytano: Q* = 0,33 Q = 10 * Q* *$\frac{d}{2}$ * δ * n * l = 10 * 0,33 *0,05 *63*8,3 *0,1 = 8,66*$10^{- 6}\ \frac{m}{s^{2}}$ Q = 0,5197 $\frac{l}{\min}$ Z wykresu => Q*s = 0,12 Qs = Q*s *Q = 0,12*0,5197=0,0623$\frac{l}{\min}$
Z wykresu => фo* = 0,82 φo = 100 * фo* = 82o – Kąt określający położenie szczeliny
V = $\frac{\pi}{4}$* d2 * l = 7,85* 10−6m3 = 0,785l nkr = $\frac{F}{60*c*\eta*n*V}$=$\frac{11000}{60*1*0,18*500*0,785}$ = 2,59$\frac{1}{\min}$
δ = $\psi_{\min}*\frac{d}{2} = 35,3\text{\ μm}$ Liczba Sommerfelda dla luzu minimalnego: S = 2,71 Z wykresu => h* = 0,93 h = $\frac{h_{0}}{\delta}$ => h0 = h* * δ = 0, 93 * 35, 3 = 32, 8 μm h0 > (Rzc + Rzp)*1,1 => 32,8>5,28 Warunek spełniony
$\sqrt{p_{sr}*v^{3}*g}$ = A A= $\sqrt{1,1*{2,6}^{3}*9,81}$ = 13,77 |
v =$\ 2,6\frac{m}{s}$
Materiał - Ł16
Lmin = 90, 9 μm Lmax = 118 μm
Ø100 H8/e8 Lmin1 = 72 μm Lmax1= 180 μm Lsr1= 126 μm
δ = 63 μm
ΔLt = 35, 7 μm Lsrsk = 55,7 μm ψrz= 557 * 10−6 S=1,34 μrz = 0,000699 Nt = 19,99W Ał = 0,3m2 Aw = 0,00675m2 Ac = 0,30675m2 Tp2 = 309,6K Tp3 = 303,8K S = 2,21 h* = 0,93 Q* = 0,33 Q=0,5197 $\frac{l}{\min}$ Qs =0,0623$\frac{l}{\min}$ h* = 0,93 V = 0,785l nkr = 2,59$\frac{1}{\min}$
δ =35, 3 μm S = 2,71 h0 = 32, 8 μm A= 13,77 |
---|---|---|