d c . ..
W takim razie §-> 1, skąd wynika, że
b-a
d — c>b — a, czyli
d + a>b + c.
W przypadku, gdy a> b > c > d rozumowanie jest podobne. Rozwiązanie drugie.
Niech q będzie ilorazem tego ciągu {q > 0).
Wtedy b = aq,c = aq2, d — aq3.
Stąd mamy
a + d = a(l + q3) = fl(l’+ q) (1 — q + q2).
Ponieważ (1 — q)2 > 0, więc
l-q + q2>q.
Zatem a + d> a( 1 + q)q = aq + aq2 = b + c.
2) Niech r będzie różnicą ciągu (an), a q - ilorazem ciągu (bn). Podobnie jak w 3.15 można dowieść, że r > 0. Widzimy następnie, że
a, +r r . r
= —r— = 1 + — , gdzie — > 0. bx bx bx
Stąd z nierówności Bernoulliego [(1 + x)n > 1 + nx dla 1] wynika, że
b, = bxq'-1 =bx-(l+-£-J >bx -jl + (/i — 1)^-
= bx + (n - l)r = ax + (n - l)r = an, dla każdej liczby naturalnej n > 2.
3.17. Wskazówka. Niech ak — — dla k— 1,...» n.
Qk ,
Zauważyć, że różnicą szukanego ciągu arytmetycznego może byc
gdzie b = NWD (qx, q2.....qH).
3.18. a) Załóżmy, że a < b <c i, że (a„) jest ciągiem, dla którego
ak = a. ax — b, a„ ~ c. Gdyby (aj był ciągiem arytmetycznym, to k < l < m lub k> l> rti.
Ponadto
Cax 4- (Ac — l)r = a <at -t- (/ — 1) r = f> iax + (m — l)r = c, skąd f (m — l)r = c — b \(l — k)r = b - a.
Gdyby a4 W, to (6 — a)£ W, więc W (bo (1 — k)£ W), zaś to jest sprzeczne z pierwszym równaniem.
Podobnie przebiega rozumowanie, gdy b$ W lub c$ W. Odpowiedź: Nie istnieje ciąg arytmetyczny spełniający warunki zadania.
3.19. a) Wskazówka. Przypuśćmy, że taki ciąg istnieje i jest nim ciąg (aj. Nie zmieniając ogólności możemy założyć, że ax = y/7, ak = y/\\ i am = yf\3.
Wówczas
lyi3 = Jl + (m - 1) r.
po wyeliminowaniu z układu zmiennej r otrzymujemy
2m2 - 10fc2 - lim + Imk + 13fc - 1
e W.
(m — k) (fc — 1)
Otrzymaliśmy sprzeczność z tym, że >/91 £ W. b) Przypuśćmy, że taki ciąg istnieje i ma iloraz q. Wtedy
gdzie q > 1, n > k.
Eliminując z obu równań q otrzymujemy
czyli
Ponieważ n — k ^ 1, więc 7111 co jest niemożliwe.
Zatem nie istnieje ciąg geometryczny, którego wyrazami są
c