46 2. FUNKCJE ZESPOLONE
Zatem i w tym przypadku homografia h ma co najwyżej dwa punkty stale.
To kończy rozwiązanie. □
Zadanie 4. Pokazać, ze dla każdej trójki parami różnych punktów Zi,z2, 23 € C istnieje homograjia h : C —> C, taka że h{z-j) — 0, h(z2) ~ 1, h{z's) — oo.
Rozwiązanie. Dla dowolnych z1} 22,23 G C określmy przekształcenie h wzorami
(1)
(2)
(3)
(4)
h(z)
Z2 - Z3 z — Zi Z2 ~ Ż\ Z - Z3
, gdy Zi,z2,z3€C,
, , v ^2 “ 23 ,
M*) =-, gdy zi = oo,
z - z3
h(z) = * , gdy z2 - oo,
2 -
h(z) = — gdy z3 = oo.
Z2- zi
Latw^o sprawdzić że h(zi) — 0, h(z2) = 1 i — oo.
Gdy przekształcenie h określone jest wzorem
O " s
az + b
h{z) —--, a, o, c, a G <L,
cz + a
kładziemy D{h) := ad — bc. > •?
Stąd w (1) D(h) - ~ z3) 7^ 0, w (2) D(h) = (23 - 22) 7^ 0,
w (3) D{h) — (21 - 23) =/- 0 i w (4) D(ń) = (z2 - Zj) j- 0. Zatem odwzorowanie h jest we wszystkich przypadkach homografią.
Zadanie 5. Pokazać, że: f
--(a) dla dwóch dowolnych trójek parami różnych punktów z\, z2,23 6 n C i Wi,w2, w3 G C istnieje dokładnie jedna hom.ografi.a h § iafca, ire h(zi) — Wi dla i = 1,2,3, |
(b) dla dowolnych dwóch okręgów uogólnionych istnieje homograjia przekształcająca jeden z nich na drugi.
Rozwiązanie, (a). Niech, w myśl zadania 4, hz,hw będą dwiema homografiami spełniającymi warunki
(1)
(2)
hz{z,) = 0, hz(z2) = 1. hz(z3) = oo, hw(uii) = 0, hw(w2) = 1, hw(w3) = oo.
Przekształcenie h := hjj o hz spełnia warunki h(zi) = W{ rlla i — 1, 2, 3 i ,w myśl zadania 2, jest homografią.
Niech teraz A będzie drugą homografią spełniającą warunki A(^) = Wi dla i — 1, 2, 3. Wówczas, w myśl zadania 2, A-1 o h jest homografią i ma trzy różne punkty stałe Z\, z2, z$. Zatem, na mocy zadania 3, mamy \~l o h = e. Stąd i z własności grupowych homografii dostajemy h = A. _
(b). Niech CZ,CW będą dwoma okręgami uogólnionymi w C. Niech z1?z2,Z3 będzie trójką różnych punktów leżących na Cz: a Wjy u>2, W3 - trójką różnych punktów leżących na Cw.
Z twierdzenia 1.14.4 homografią hz przekształca okrąg Cz na okrąg uogólniony hz{Cz), na którym, w myśl (1), leżą punkty 0,1, co. Zatem hz(Cz) jest prostą, na której leżą punkty 0,1, czyli hz(Cz) — M, gdzie 1 = RU {oo}.
Analogicznie z twierdzenia 1.14.4 i z (2), dostajemy hw(Cw) — M.
Reasumując, homografią h~l o hz przekształca okrąg uogólniony Cz na okrąg uogólniony Cw.
To kończy rozwiązanie. □
Zadanie 6. Niech Gd C będzie obszarem. i a, b G G. Pokazać, ze istnieje continuum E C G zawierające punkty a, b.
Rozwiązanie. Bez zmniejszenia ogólności możemy założyć, że a ^ b.
Załóżmy, że a, b G C. Z własności 1.6.2 G \ {oo} jest obszarem. Niech T będzie krzywą przebiegającą w obszarze G \ {oo} łączącą punkty a, b. Oczywiście jT| jest continuum i |rj C G.
Niech teraz jeden z punktów będzie równy oo. Wówczas, na mocy zadania 4, istnieje homografią h taka, że h(a), h(b)- d C. W myśl zadania 1 h{G) jest obszarem w C. Zatem na mocy pierwszej części rozwiązania istnieje krzywa T przebiegającą w obszarze h(G) i łączącą punkty h(a)yh(b). Niech E ń"](|r|). Wtedy a,h G E,E d G i, w myśl zadania 1, zbiór E jest continuum.
To kończy rozwiązalne. □