24 luty 07 (10)
W etapie pierwszym rozkładamy znaną siłę P2 na siły Rq2 oraz CNM zgodnie z równaniem
P2 + Rq2 + Cnm = 0 (P3.55)
W etapie drugim rozkładamy siłę CMN na siły R12 i Rq2 zgodnie z równaniem CMN + R12+R02 =0 (P3.56)
Po dodaniu stronami równań (P3.55) i (P3.56) otrzymamy równanie równowagi sił działających na popychacz 2 postaci
P2 + Rq2 + R12 + R02 ~ 0 (P3.57)
Graficzne rozwiązanie równań (P3.55), (P3.56) oraz (P3.57) przedstawia rysunek 3.41 c. Równanie równowagi sił działających na krzywkę 1 ma postać
Rgi_ + R2i_ = Ó (P3.58)
stąd
Roi_ = -R2i (P3.59)
Moment równoważący przyłożony do krzywki wyznaczamy z warunku równowagi momentów względem punktu A:
YJMiA(v = 0; Mr1 -R21d-, = 0 (P3.60)
ostatecznie
Mn=R21d1 (P3.61)
3.3.8. Metoda mocy chwilowych
Przedstawioną w podrozdziale 3.3.2. zasadę d’Alemberta dla dowolnego członu mechanizmu, opisaną równaniami (3.7) i (3.8), można zapisać w bardziej ogólnej postaci dla całego mechanizmu, korzystając ze znanej w mechanice zasady prac przygotowanych.
Zasada prac przygotowanych. Warunkiem koniecznym i wystarczającym równowagi sił działających na mechanizm złożony z członów sztywnych, dla więzów dwustronnych gładkich w parach kinematycznych jest, aby na każdym przesunięciu przygotowanym suma prac przygotowanych tych sił była równa zero.
160
Wyszukiwarka
Podobne podstrony:
24 luty 07 (40) Rozwiązanie W pierwszym etapie rozwiązania przeprowadzamy analizę statyczną mechaniz24 luty 07 (57) Ścisłe spełnienie warunków wyrównoważenia dynamicznego wirnika na etapie konstruowan24 luty 07 (131) Analiza wzoru (P3.275) wykazuje, że na wartość momentu bezwładności koła zamachoweg24 luty 07 (7) Korzystamy tu z twierdzenia o trzech siłach. W etapie drugim rozkładamy leżącą na pro24 luty 07 (103) Po czasie t2 = 3T prędkość kątowa osiąga 95% wartości ustalonej coust w drugim etap24 luty 07 (43) Powtarzając podobną konstrukcję graficzną dla kolejnych położeń, otrzymujemy dyskret23 luty 07 (10) Ciało sztywne to układ punktów materialnych, w którym wzajemne odległości dwóch dowo23 luty 07 (131) Dwa pierwsze równania (3.21) przedstawiają sumy współrzędnych wszystkich sił działa24 luty 07 Wobec symetrii mechanizmu względem osi poziomej uwalniamy od więzów tylko grupę struktura24 luty 07 (100) Rozwiązanie Po obliczeniu zredukowanego na wał silnika momentu bezwładności układu24 luty 07 (101) Drugą część zlinearyzowanej charakterystyki przedstawia odcinek BS prostej przechod24 luty 07 (102) Etap 2 Rozruch układu bez obciążenia, Mb = 0, przy malejącym liniowo momencie napęd24 luty 07 (104) Prędkość kątową a>p w ruchu ustalonym podczas przecinania znajdziemy z zależnośc24 luty 07 (105) Przykład 3.31 Dany jest model fizyczny układu napędowego maszyny wyciągowej w posta24 luty 07 (106) Rozwiązanie Rozwiązanie zadania podzielimy na sześć etapów.Etap 1 Wyznaczenie zależ24 luty 07 (107) Wyznaczenie pozostałych zależności (P3.204) D cos = m1; (Oj = cob; vA = rjcoj; vB =24 luty 07 (108) Uwaga. Ponieważ całkowite przełożenie może być dodatnie lub ujemne w równaniu na Mz24 luty 07 (109) Etap 6 Całkowanie dynamicznego równania ruchu a-j -bu>i = J2 dco1 ~df (P3.219) (24 luty 07 (110) Obliczenie przyśpieszenia kątowego wału silnika (es(t) = e-i(t)) £t = ~~e T Jzrs (Pwięcej podobnych podstron