128 6. FUNKCJE REGULARNE
zadania 2. Połóżmy /(z) = zaQ (z) dla z G C \ (R+ U {«, —i}). Wjtedy z zadania 2 mamy
7re
/ (a) = - —-(res; / + res_i /).
Sm 07T
Funkcja / ma w punktach ?, —i bieguny dwukrotne. Stąd, kładąc L(z) — Log (—z) +7H, ze wzoru na residuum w biegunie dwukrotnym (zadanie 6.3.2) mamy
res_! / =
reSj / =
f enL(z) V |
.OLW I (z + 't - 2 (* + i) |
V(* + 0V«, |
(*+e4 |
eaLW , e5a7r< (a - 1) z
__(a_1)l = —j—
e*L(z)
(z - i)'
gaL(-t)
-—-— (--a + 1) i
cxL(z) z_
i (z~ if ~ 2 {z-i)
(z - i)4 eAani(a-l)i
co daje
res?; / 4- res_i / =
(«-!)* (A
4
(a-l)
a 7ri „Zam
0
esin-— 2 2
W konsekwencji dla a^O, 1, 2 mamy
sin air 2 2 4 cos ^
Łatwo obliczamy, stosując metody analizy rzeczywistej, że /(O) — 7(2) = tt/4 oraz 7(1) — 1/2. ;
To kończy rozwiązanie. ; O
Zadanie 4. Niech —1 < cv < 1 i — 7r < <£> < tt. Obliczyć całkę
(«,¥>)= f
J o
I
ta
-f" 2£ cos ty? d-1
Rozwiązanie. Załóżmy najpierw, że a / 0. Wtedy całkę 7 (b, ty?) możemy policzyć, korzystając z zadania 2. Funkcja wymierna Q (z) — lf{z2+2z cos 99-F1) ma współczynniki rzeczywiste i bieguny w punktach 61 = — et¥\ &2 — — e~t(p, 61, &2 ^ R+. Ponadto ord0 Q = 0 i deg Q = -2, czyli spełnione są założenia (*) zadania 2. Połóżmy f(z) — znQ (z) dla
Dla fi 7^ 0 mamy 61 ^ 60 i z zadania 2 mamy
sin onr
(res6l / + resj,2 /)
Funkcja Q ma w punktach 6ł? 62 bieguny jednokrotne. Stąd, kładąc L(z) — Log(—z)T 7rź, mamy
resbl / = |
goLffei) |
ę,ia((p+n) |
2 (61 -+- cos fi) |
2i sin fi | |
resf>2 / = |
ęOtL(b2) |
ęia(~V+ir) |
2 (p2 4- COS fi) |
2ż sin 9? | |
res6l f + resj,2 / = - |
--sin aę? |
Zatem
i w konsekwencji
I {a, fi) = ~
7r sm 0:9?
sm arn ■ sin 9?
Dla 92 = 0, Q (z) = 1/ (2 + l)2 i ze wzoru na I[a) z zadania 2
res_i /.
sm ott
Funkcja Q ma teraz w punkcie -1 biegun dwukrotny i
a
z—— 1
gOL(-l) _ _ae««_
Stąd
/ (a, 0) — —
Tra
sm «7r
Załóżmy teraz, że o = 0. Wtedy dla funkcji podcałkowej łatwo znajdujemy funkcję pierwotną. Dalej prostym rachunkiem dostajemy I (0, fi) = fi/ sin fi dla 9? ^ 0 i / (0,0) = 1.
To kończy rozwiązanie. □